安徽省滁州市2018中考物理二模（含解析）

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1、安徽省滁州市2018中考物理二模一、填空题（24分，每空2分）1 R1=10，R2=20，将它们串联在电路中，则通过电阻R1、R2的电流之比为I1：I2=_，电阻R1、R2两端电压之比为U1：U2=_ 2 汽车发动机工作时，会产生大量的热量，为让它正常工作，需要对它进行冷却，“水冷”是冷却方式之一，这是因为水的_较大，冷却效果好；当水吸收发动机缸体热量后，水的内能_ 3 如图所示的电路中，当开关S1、S2断开时，电路处于_状态；当开关S1 ， 闭合、S2断开时，电路处于_状态；当开关Sl、S2都闭合时，电路处于_状态 4 已知雪在被脚用力踩后会形成冰，某同学想测雪的密度，那么他需要测出的是以下

2、哪些物理量？_（选填序号）已知冰的密度为冰雪的厚度H 脚印的面积S 脚印踩下的深度L 踩下后形成的冰的厚度h雪的密度的表达式为：_ 5 某同学帮实验室老师搞卫生，在清洗甲.乙两个体积相等的球时，发现它们在水中静止后处于如图所示的状态，这时甲球受到的浮力_乙球受到的浮力(填“大于”.“等于”或“小于”)。6 摄氏温度的规定：在一个标准大气压下，纯净的冰水混合物的温度定为0，水沸腾时的温度定为100。将0100之间划分为100等分，每一等分就是1。华氏温度的规定：在一个标准大气压下，纯净的冰水混合物的温度定为32（，读作华氏度），水沸腾时的温度定为212。将32212之间划分为180等分，每一等分

3、就是l。则华氏度F与摄氏度t之间的关系是F=_。人的正常体温大约为_。 二、选择题（21分，每题3分，每题只有一个选项是正确的）7 有关声的说法正确的是（ ） A.物体的振幅越大音调越高B.声音在真空中的传播速度是3108m/sC.戴防噪声耳罩可以防止噪声产生D.地震、火山喷发等自然现象都伴有次声波产生8 对生活中物理量的认识，下列数据最接近实际的是（ ） A.教室里课桌的高度约为75dmB.一节新干电池的电压约为36VC.九年级学生100m短跑的成绩约为8sD.在我们就读的学校，水沸腾时的温度约为989 下列说法正确的是（ ） A.马德堡半球实验测出了大气压的数值B.高压锅运用了液体沸点随气

4、压的升高而降低的原理C.洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理D.拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而减小10边长为0.1m质量均匀的正方体物体M，单独放在水平地面上对地面的压强为。如图所示装置，横杆可绕固定点在竖直平面内转动，系在横杆B端的细绳绕过动滑轮，动滑轮连着物体M。用力F在A点竖直向上提横杆时，横杆在水平位置平衡，此时物体M对地面的压强为， 若仍用力F在距离A点0.1m处竖直向上提横杆，使横杆仍在水平位置平衡，此时物体A对地面压强为， 已知横杆上AB部分的长为0.2m， g取10N/kg，不计横杆质量、绳质量和摩擦。则（ ）A.物体M的质量为54kgB.物体M的

5、密度为C.力F的大小为32ND.动滑轮的质量为1kg11如图所示的电路中，三个灯泡始终完好，当开关S闭合时 ( )A.L2、 L3不亮，L1亮B.三灯都亮C.L2不亮，L1、L3亮D.三灯都不亮12水平地面上有底面积为300cm2、不计质量的薄壁盛水柱形容器A，内有质量为400g、边长为10cm、质量分布均匀的正方体物块B，通过一根长10cm的细线与容器底部相连，此时水面距容器底30cm（如图），计算可得出（ ）A.绳子受到的拉力为14NB.容器对水平地面的压力是90NC.剪断绳子，待物块静止后水对容器底的压强变化了200PaD.剪断绳子，待物块静止后水平地面受到的压强变化了200Pa13如图

6、所示的电路中，闭合开关s1、s2 ， 电流表、灯泡L1和L2均能正常工作则下列说法正确的是（ ） A.开关s1闭合，s2断开，电源外部电流流向为abcdB.开关s1、s2都闭合，灯泡L1和L2并联C.开关s1、s2都闭合，通过灯泡L1的电流一定大于通过灯泡L2的电流D.闭合s1、s2中任意一个开关，都会有灯泡发光三、实验题（20分）14小永同学为了测量永春老醋的密度，进行以下实验： （1）把天平放在_，将游码移至零刻度处，然后调节_，使天平横梁平衡 （2）接下来进行以下3项操作：A.用天平测量烧杯和剩余老醋的总质量m1；B.将待测老醋倒入烧杯中，用天平测出烧杯和老醋的总质量m2；C.将烧杯中老

7、醋的一部分倒入量筒，测出这部分老醋的体积V；以上操作的正确顺序是：_（填字母代号） （3）由图可得老醋的体积为_cm3 ， 老醋的密度是_g/cm3=_kg/m3 _ 15某同学做“测量小灯泡电功率”实验中，所用电源电压恒为4V，小灯泡的螺旋套上标有“2.5V”字样（1）在检查仪器时，发现电流表的指针如图1所示，则他接下来的操作是_. （2）请你根据图2电路图用笔画线代替导线，将图3中未完成的电路连接好.要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变小，导线不能交叉. （3）检查仪器和电路无误后，闭合开关，调节调动变阻器片到某一位置时，电压表示数如图4所示，现要测定小灯泡的额定功率，应将滑

8、片适当地向_（左/右）移动，同时眼睛应观察_. （4）改变滑动变阻器的阻值，多次测量通过小灯泡的电流和它两端的电压，根据记录的数据画出了如图5所示的小灯泡的电流随电压变化的关系图象.由此可知，小灯泡的额定功率为_W，小灯泡灯线形电阻随电压的增大而_（增大/不变/减小）.（5）完成了上述实验后，小明进一步探究通电直导线周围的磁场分布情况，找来小磁针、铁屑、硬纸板等，做了如图6所示的实验，发现了直导线周围的磁场是以导线为圆心的同心圆圈，并找到了判断直导线周围磁场的方法：“用右手握住直导线.让大拇指指向直导线中电流的方向，则弯曲的四指所指方向为磁场方向.”请你用小明的方法判断如图7中小磁针北极转向_

9、.图8中小磁针北极转向_（两空均选填“纸内”或“纸外”）.16在“探究滑轮组的机械效率”时，小明利用两组滑轮组进行了5次测量，用一个动滑轮和一个定滑轮测定前4组数据，用二个动滑轮和二个定滑轮得第5组数据，测得数据如表：（1）请根据前四组数据，在图甲中画出实验中滑轮组的绕绳方法 （2）实验中应沿竖直方向_拉动弹簧测力计 （3）表格中编号处数据应为_；根据图乙中弹簧测力计可知编号数据应为_ （4）由表中第1、2组数据可知，同一滑轮组的机械效率与_无关 （5）由表中第3、4组数据可知，同一滑轮组的机械效率与摩擦和_有关 （6）有的同学认为：“机械越省力，它的机械效率越高”你认为这句话是_的（填“正确

10、”或“错误”）.你是用小明收集的数据中_两组数据对比分析来判断的 四、计算题（29分）17如图所示，有一块边长为10cm的正方体木块漂浮在水面上，其下表面距水面6cm，取水=1.0103kg/m3 ， g=10N/kg，求：（1）水对木块下表面的压强大小；（2）木块受到的重力大小 18小华家使用的一台电热淋浴器，铭牌如下表所示。小华给淋浴器加满水，淋浴器上显示的水温为25，他将设定温度调为75后通电加热，3h后淋浴器达到设定温度自动断电停止了加热。请计算并回答：型号容量设定温度额定电压额定频率额定功率FCD-JTHA60-60kg75220V50Hz1500W（1）加热过程中水箱中的水吸收了多

11、少热量？（2）电热淋浴器的额定电流多大？（3）加热过程中电热淋浴器消耗了多少电能？（4）比较水吸收的热量与电热淋浴器消耗的电能的大小关系，并简要分析其原因。 19如图，电源电压为6V，电阻R0=10，电流表量程为00.6A，电压表量程为03V，滑动变阻器R上标有“20 0.5A”字样求： 当电路中电流最小时，1min内电流通过电阻R0做的功 为了保证电路安全，滑动变阻器R接入电路的最小阻值. 滁州定远卢桥中学2018九年级物理二模（解析版）（参考答案）一、填空题1 【答案】1：1；1：2 【解析】串联电路的电流规律，欧姆定律的应用 【解析】【解答】解：串联电路中，电流处处相等，故I1：I2=1

12、：1， U1：U2=IR1：IR2=R1：R2=10：20=1：2故答案为：1：1；1：2【分析】串联电路中，电流处处相等（即电流之比为1：1），电压之比等于电阻之比2 【答案】比热容；增加 【解析】物体内能的改变，水的比热容的特点及应用 【解析】【解答】解：（1）汽车的发动机用水做冷却剂，是因为水的比热容较大，升高相同的温度时，吸收的热量多，冷却效果最好；（2）发动机工作过程中会产生热量，热量传递到水，所以水的内能增加 故答案为：比热容；增加【分析】（1）水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂、取

13、暖剂、防冻剂等；（2）改变物体内能有两个方法：做功和热传递其中做功改变内能本质是机械能与内能的转化，热传递改变内能本质是内能的转移3 【答案】开路；通路；短路 【解析】电路的组成 【解析】【解答】当开关S1 ， S2都断开时，电路中没有电流，电路处于开路状态；当开关S1闭合、S2断开时，电路中有电流通过灯泡，处于通路状态；当开关S1断开S2都闭合时，导线直接连接电源的两端，电路处于短路状态故答案为：开路；通路；短路【分析】：通路：电路连接好后，闭合开关，处处相通的电路叫做通路；开路：即断路，开关未闭合，或电线断裂、接头松脱致使路线在某处断开的电路，断路电路中没有电流；短路：导线不经过任何用电器

14、直接跟电源两端连接的电路4 【答案】；雪=【解析】设计实验测密度 【解析】【解答】解：根据题意，整个过程中雪变成冰时的质量没有发生变化根据公式=得m=V设：人脚印的面积为S，雪的厚度为H，踩下后形成的冰的厚度为h；则雪的质量为：m雪=雪SH，冰的质量为：m冰=冰Sh，则雪SH=冰Sh，解得雪= 因为冰的密度已知，所以还需要测量雪的厚度H和踩下后形成的冰的厚度h故答案为：；雪=【分析】根据题目给出的信息，当用力将雪踩下后，形成了一定厚度的冰在整个过程中物质的质量没有发生变化，即先前雪的质量等于冰的质量但同时也要掌握密度的计算公式及变形=、m=V5 【答案】小于 【解析】物体的浮沉条件及其应用 【

15、解析】【解答】物体在液体中所受的浮力大小跟液体的密度和排开液体的体积有关。甲.乙两个体积相等的球时，浸入水中时，甲球漂浮，乙球悬浮，则V甲V乙 ， 由F浮水gV排可知，甲球受到的浮力小于乙球受到的浮力。【分析】对物体所受浮力的大小，关键是把握其两个影响因素：液体的密度和排开液体的体积,依据就是阿基米德原理.6 【答案】18t+32；37 【解析】摄氏温度及其计算 【解析】【解答】华氏温标规定：1标准大气压下沸水的温度为212华氏度，冰水混合物的温度是32华氏度，中间分为180等分，每一等分代表1华氏度；摄氏温差100度等同华氏温差180度；即 ；又知：华氏温度起点为32华氏度等于摄氏温度的0度

16、；所以，华氏温度与摄氏温度之间的关系为：T=18t+32；人的正常体温大约为37。【分析】华氏温标跟摄氏温度的最大区别就是分度值不同。二、选择题7 【答案】D 【解析】声速，超声波与次声波，音调、响度与音色的区分，防治噪声的途径 【解析】【解答】响度是由物体的振幅决定的，物体的振幅越大，响度越大，选项A说法不正确；声音在真空中不能传播，光的传播速度是3108m/s，选项B说法不正确；戴防噪声耳罩可以防止噪声进入人耳，但是不能防止噪声的产生，选项C说法不正确；地震、火山喷发等自然现象都伴有次声波产生，选项D说法正确；故选D。【分析】掌握响度、声速、噪声以及次声波的相关知识。8 【答案】D 【解析

17、】温度，时间的估测，长度的估测，电压 【解析】【解答】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=8dm左右此选项不符合实际；B、一节干电池两端电压为1.5V此选项符合实际；C、九年级学生100m短跑的成绩约为13s左右此选项不符合实际；D、液体的沸点与气压有关，如果气压低于一个标准大气压，水可以在98时沸腾，此选项符合实际。故选D 。【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具

18、有很大的现实意义。9 【答案】C 【解析】沸点及沸点与气压的关系，液体的压强的特点，连通器原理，大气压强的测量方法 【解析】【解答】解：A、最早测出大气压的实验是托里拆利实验，故A错误； B、压强越大，沸点越高，因此高压锅就是利用液体沸点随气压的升高而升高的原理，故B错误；C、洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理，故C正确；D、拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而增加，故D错误故选C【分析】（1）最早测出大气压的实验是托里拆利实验；（2）液体沸点随气压的升高而升高；（3）连通器的结构特征是上端开口、底部连通；（4）液体压强随深度的增加而增加10【答案】C 【解析】【分析

19、】A、根据正方体物体的边长，求出物体的底面积，知道压强，求出地面受到的压力，求出物体M的重力，再利用重力公求物体的质量；B、求出M的体积，利用密度公式求物体M的密度；CD、当力F作用在A点时，求出地面受到的压力，求出杠杆对动滑轮的拉力，根据杠杆平衡条件列出方程若仍用力F在距离A点0.1m处竖直向上提横杆，使横杆仍在水平位置平衡，物体对地面的压强减小，压力减小，一定是增大了动力臂，所以拉力向左移动了0.1m根据杠杆平衡条件列出方程；解方程组得出拉力F和动滑轮的重力【解答】A、S=0.1m0.1m=0.01m2 ， 物体的重力G=F=pS=5.4103Pa0.01m2=54N，物体的质量故A错；B

20、、物体M的密度：，故B错；CD、设动滑轮的重力为G动 ， 当在杠杆A端施加F大小的力杠杆平衡时，地面受到的压强为1.8103Pa，地面受到的压力为F=pS=1.8103Pa0.01m2=18N，滑轮对物体的拉力为F1=G-F=54N-18N=36N，不计横杆质量、绳质量和摩擦，杠杆B端受到的拉力：因为AB：OA=1：3，AB=0.2m所以OA=0.6m，OB=0.8m，根据杠杆平衡条件得，FBOB=FOA，即：12（F1+G动)OB=FOA，12（36N+G动)0.8m=F0.6m-若仍用力F在距离A点0.1m处竖直向上提横杆，使横杆仍在水平位置平衡，物体对地面的压强减小，压力减小，一定是增大

21、了动力臂，所以拉力向左移动了0.1m，当在杠杆A端施加F大小的力杠杆平衡时，地面受到的压强为1.0103 Pa，地面受到的压力为F=pS=1.0103 Pa0.01m2=10N，滑轮对物体的拉力为F2=G-F=54N-10N=44N，杠杆B端受到的拉力：（F2+G动)根据杠杆平衡条件得：FBOB=FOA，即：12（F2+G动)OB=FOA，12（44N+G动)0.8m=F（0.6m+0.1m)-由得：G动=12N，F=32N，所以动滑轮质量m=1.2kg，故C正确、D错误故选C【点评】本题有三个过程：第一个过程还未拉杠杆，根据压强公式求出物体的重力；第二过程，根据压强公式再次求出地面受到的压力

22、，求出滑轮对物体的拉力，根据杠杆平衡条件列出方程；第三过程，首先判断动力臂大小，然后再根据压强公式求出地面受到的压力，求出滑轮对物体的拉力，根据杠杆平衡条件列出方程；最后解方程组即可11【答案】A 【解析】电路的三种状态，串联电路和并联电路的辨别 【解析】【分析】解决本题首先要分析清楚电路的连接情况，L1在干路上，L2和L3并联当开关S闭合时，L2被短路，由于L2和L3并联，所以L3也同时被短路，短路的灯泡不发光，而L1在干路上，不被短路，继续工作故选A【点评】本题容易错选成C，失误在L2被短路时，忘了分析L3也被短路了并联电路中一个支路用电器被短路，其他支路用电器也同时被短路12【答案】C

23、【解析】压力及重力与压力的区别，液体压强计算公式的应用，阿基米德原理 【解析】【解答】解：A、木块的重力：G=mBg=0.4kg10N/kg=4N，木块浸没在水中，则V排=V木=（10cm）3=1000cm3=1103m3 ， 物体浸没时受到的浮力为：F浮=水gV排=1.0103kg/m310N/kg1103m3=10N，绳子的拉力为：F=F浮G=10N4N=6N，故A错误；B、容器内水的体积V=Sh=300cm230cm=9000cm3=9103m3 ， 由= 可得，水的质量m水=V=1.0103kg/m39103m3=9kg，因不计质量的薄壁盛水柱形容器，则容器对水平地面的压力F=G总=（

24、m水+mB）g=（0.4kg+9kg）10N/kg=94N，故B错误；C、木块漂浮，F浮=G=4N；由F浮=液gV排得，木块漂浮时排开水的体积：V排= = =4104m3；所以液面下降的深度为：h= = =0.02m；则p=水gh=1.0103kg/m310N/kg0.02m=200Pa故C正确；D、绳子断和断之前，容器对桌面的压力不变，受力面积不变，故剪断绳子，待物块静止后水平地面受到的压强没有变化，故D错误。故选C。【分析】（1）物体在水中受到三个力的作用：重力、浮力和绳子的拉力利用G=mg求出木块的重力，木块浸没在水中，求出木块的体积，即排开水的体积，利用F浮=水gV排计算木块受到的浮力

25、；已知物重和浮力，两者之差就是绳子的拉力；（2）容器对水平地面的压力等于容器、水、木块的重力之和；（3）根据漂浮时浮力与重力的关系得出木块受到的浮力；根据根据F浮=液gV排得出木块排开水的体积，根据V排的变化得出水深度的变化，从而可得压强的变化（4）绳子断和断之前，容器对桌面的压力不变等于容器重、水重和木块重之和，再利用压强公式分析对地面的压强。本题考查液体压强的计算，浮力的计算，物体的沉浮条件的应用注意固体压强的计算要利用公式p= ，木块在水中的浮力要利用浮力的公式来计算，木块漂浮时的浮力要利用漂浮的条件来求，因此，解题时选对方法才能起到事半功倍的效果。13【答案】B 【解析】电流的方向，串

26、联电路和并联电路的辨别 【解析】【解答】解：A、由电路图可知，开关s1闭合，s2断开，电源外部电流流向为dcba，故A错误； B、由电路图可知，闭合开关S1和S2 ， L1与L2首首相连、尾尾相连，两灯是并联的，故B正确；C、开关s1、s2都闭合，L1与L2并联，由于不知道两灯泡的情况，不能判断通过灯泡L1的电流与通过灯泡L2电流的关系，故C错误；D、开关s1在干路上，控制所有用电器，开关s2控制灯泡L1 ， 故只闭合S1 ， 灯泡L2发光，s1、s2都闭合，两灯泡都发光，只闭合s2的两灯泡都不发光，故D错误故选B【分析】（1）在电源的外部，电流的方向是从电源的正极经过用电器回到负极；（2）把

27、几个用电器首尾相接，连入电路是串联，串联电路中电流处处相等；把几个用电器首首相接、尾尾相接，再连入电路，就是并联，并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；（3）串联电路电流处处相等，并联电路干路电流等于各支路电流的和；（4）并联电路干路开关控制所有用电器，支路开关控制本支路三、实验题14【答案】（1）水平桌面上；平衡螺母（2）BCA（3）40；1.125；1.125103 【解析】天平的使用，量筒的使用，液体密度的测量 【解析】【解答】解：（1）首先把天平放在水平桌面上，再调节横梁右端的平衡螺母，直到指针指在分度盘的中线处，表示横梁平衡；故答案为：水平桌面上；平衡螺母（2）测量液体的密度时，应

28、该首先测量烧杯和老醋的总质量m2 ， 把适量的老醋倒入量筒中，读出其体积V，再测量出烧杯和剩余老醋的质量m1 故答案为：BCA；（3）图C量筒中老醋的体积V=40cm3 ， 图B中烧杯和老醋的总质量m2=82.4g，图A中烧杯和剩余老醋的质量m1=37.4g，量筒中老醋的质量m=82.4g37.4g=45g，所以老醋的密度为= =1.125g/cm3=1.125103kg/m3故答案为：40；1.125；1.125103 【分析】（1）首先把天平放在水平桌面上，再调节平衡螺母直到横梁平衡；（2）量筒中醋的质量，应用图B中杯与醋的总质量m2减去图A中杯与剩余醋的质量m1 老醋的密度可用密度的公式

29、计算得出；15【答案】（1）调零（2）如下图所示（3）左；电压表示数，使电压表示数为2.5V（4）0.625；增大（5）纸外；纸内 【解析】探究用电器的电功率实验 【解析】【解答】（1）在使用电仪表之前，应检查仪表是否归零，否则就会在测量时出现较大的误差；（2）根据题目中的要求，电路的连线如上图所示；（3）此时通过图示可以看出灯泡额定电压为2.5V，示数已经超过额定电压，原因是滑动变阻器太小，需要把滑动变阻器阻值调大，所以滑片向左移动，同时眼睛观察电压表，直到示数等于额定电压时为止；（4）额定功率为正常工作时的电功率，小灯泡的额定功率为电压等于额定电压2.5V时的功率，此时电流为0.25A，所

30、以额定功率为0.625W，根据图像可知，随电压增大电阻逐渐变大.（5）右手握着导线，大拇指指向电流方向，四指环绕的方向即磁场方向，小磁针所在的位置，四指向外即磁场方向向外，小磁针N极所指的方向就是磁场方向，所以消磁针向纸外偏转.图h中，把圆弧行的导线分成很多小段的直导线，用同样的方法判断，发现各段的磁场在中心处都是指向纸面内，所以小磁针N极向纸面内偏转.故答案为：（1）调零；（2）；（3）左；电压表示数，使电压表示数为2.5V；（4）0.625；增大；（5）纸外；纸内.【分析】（1）测量小灯泡的电功率实验，需要利用电压表和电流表测量电压和电流，所以要掌握电压表和电流表的使用规则及读数方法，电压

31、表并联、电流表串联，电流从正接线柱流入，负接线柱流出，注意量程的选择；电表在使用前都要注意调零；（2）电路的连接是电学实验题的一个重点内容，除了电流表、电压表的连接外，还要注意滑动变阻器的接法，要一上一下；（3）要测量小灯泡的额定电功率，需使灯泡两端的电压等于额定电压，确定此时的电流，根据P=UI计算便可.16【答案】（1）解：见下图：（2）匀速（3）66.7%；1.6（4）重物上升的高度（5）重物的重力（6）错误；4、5 【解析】滑轮（组）机械效率的测量实验 【解析】【解答】（1）由前四组数据，根据公式 可以算出n=3，所以滑轮组的绳子是从动滑轮开始的；（2）在实验时，要竖直向上匀速拉动测力

32、计，测出的数值才准确；（3） ；弹簧测力计的示数为1.6N；（4）第1、2组数据中，物体的重力相同，拉力相同，重物上升的高度不同，但机械效率相同，这说明同一滑轮组的机械效率与重物上升的高度无关；（5）3、4组数据中，物体的重力不同，机械效率不同，这说明同一滑轮组的机械效率与摩擦和物体重力有关；（6）第5次实验的机械效率为： ，4、5两组数据对比：5更省力，但机械效率低，所以“机械越省力，它的机械效率越高”这句话是错误的.故答案为：（1）如上图所示；（2）匀速；（3）66.7%；1.6；（4）重物上升的高度；（5）重物的重力；（6）错误；4、5.【分析】探究滑轮组的机械效率时，要利用力与移动的距

33、离计算做功的多少，计算机械效率，通过实验数据归纳机械效率的影响因素.四、计算题17【答案】解：（1）木块下表面的深度h=6cm=0.06m；水对木块下表面的压强：p=gh=1.0103kg/m310N/kg0.06m=600Pa；（2）木块浸入水中的体积V排=Sh=L2h=（10cm）26cm=600cm3=6104m3 ， 木块在水中受到的浮力：F浮=gV排=1.0103kg/m310N/kg6104m3=6N；由于正方体木块漂浮在水面上，根据物体的漂浮条件可知：木块受到的重力G=F浮=8N答：（1）木块下表面受到的压强为600Pa；（2）木块受到的重力为6N 【解析】液体的压强的计算 【解

34、析】【分析】（1）根据已知求出木块下表面的深度，利用p=gh求出液体的压强；（2）求出木块浸入水中的体积，利用F浮=gV排求出浮力大小；根据物体的漂浮条件即可判断木块受到的重力18【答案】解：（1）t=75-25=50水箱中的水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）60kg50=1.26107J（2）由公式得，电热沐浴器正常工作时的电流：（3）t=3h=1.08104s加热过程中电热沐浴器消耗的电能：W=Pt=1500W1.08104s=1.62107J（4）因为WQ吸 ， 所以水吸收的热量小于消耗的电能，这是因为有一部分热量散失到空气中了 【解析】热量的计算，电功的计算，电功与热

35、量的综合计算 【解析】【分析】该题是一道电热综合题，考查的知识涉及热量的计算、电功的计算等，解题的关键是分步思考，个个突破。19【答案】由图R与R0 串联，当滑片在左端最大处时电路总电阻最大，电流最小，此时电路中电流：I=U/R0+R=6V/10+20=0.2A，W=UIt=I2 Rt1min内电流通过电阻R0 做的功：W0 =I2 R0 t=（0.2A）2 1060s=24J由题电流表量程为00.6A，滑动变阻器R规格为“20 0.5A”，为保证电路安全，电路中最大电流为0.5A，所以：U/R0+R0.5A，即：6V/10+R0.5A，解得R2，为保证电路安全，电压表示数（R0 两端电压）不

36、超过3V，所以：U/R0+RR0 3V，即：6V/10+R103V，解得R10，由上可知：为了保证电路安全，滑动变阻器R接入电路的最小阻值为10。 【解析】欧姆定律的应用，电功的计算 【解析】【分析】（1）由图R与R0 串联，当滑片在左端最大处时电路总电阻最大，电流最小，此时电路中电流：I=U/R0+R=6V/10+20=0.2A，W=UIt=I2 Rt1min内电流通过电阻R0 做的功：W0 =I2 R0 t=（0.2A）2 1060s=24J；（2）由题电流表量程为00.6A，滑动变阻器R规格为“20 0.5A”，为保证电路安全，电路中最大电流为0.5A，所以：U/R0+R0.5A，即：6V/10+R0.5A，解得R2，为保证电路安全，电压表示数（R0 两端电压）不超过3V，所以：U/R0+RR0 3V，即：6V/10+R103V，解得R10，由上可知：为了保证电路安全，滑动变阻器R接入电路的最小阻值为10。15