高考物理一轮复习第7章恒定电流（课件练习）（打包16套）新人教版.zip

高考物理一轮复习第7章恒定电流（课件练习）（打包16套）新人教版.zip,高考,物理,一轮,复习,恒定,电流,课件,练习,打包,16,新人 1 第一节 欧姆定律、电阻定律、电功率及焦耳定律一、单项选择题1在显像管的电子枪中，从炽热的金属丝不断放出的电子进入电压为U的加速电场，设其初速度为零，经加速后形成横截面积为S、电流为I的电子束已知电子的电荷量为e、质量为m，则在刚射出加速电场时，一小段长为l的电子束内的电子个数是()A.BC. D解析：选B.设电子刚射出电场时的速度为v，则eUmv2，所以v.加速后形成横截面积为S、电流为I的电子束，由IneSv，可得n，所以长度为l的电子束内的电子数NlSn.2某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是()A加5 V电压时，导体的电阻约是5 B加11 V电压时，导体的电阻约是1.4 C由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D此导体为线性元件解析：选A.对某些导电器材，其伏安特性曲线不是直线，但曲线上某一点的值仍表示该点所对应的电阻值当导体加5 V电压时，电阻R15 ，A正确；当导体加11 V电压时，由题图知电流约为1.4 A，电阻R2大于1.4 ，B错误；当电压增大时，值增大，导体为非线性元件，C、D错误3一个内电阻可以忽略的电源，给一个绝缘的圆管子里装满的水银供电，电流为0.1 A，若把全部水银倒在一个内径大一倍的绝缘圆管子里，那么通过的电流将是()A0.4 A B0.8 AC1.6 A D3.2 A解析：选C.因电阻R，内径大一倍，截面积就变为原来的四倍，又因水银体积不变，所以长度l变为原来的，故电阻变为原来的，所以电流变为原来的16倍，为1.6 A.4(2018南京检测)定值电阻R1、R2、R3的阻值均为2 ，在电路中所消耗的电功率的最大值分别为10 W、10 W、2 W，现将这三个电阻按照如图所示的方式连接，则这部分电路消耗的电功率的最大值为()A22 W B12 WC15 W D16 W解析：选B.由题意知R1R2R32 ，P1m10 W，P2m10 W，P3m2 W，首先分析两个并联电阻R2、R3所允许消耗的最大功率因为R2与R3并联，则两端电压相等，由公式P知道，R2与R3所消耗的功率一样已知R2与R3本身允许的最大功率分别是10 W和2 W，所以R2、R3在该电路中的最大功率都是2 W，否则会超过R3的最大功率再分析R1在电路中允许的最大功率把R2与R3看成一个并联电阻R，则电路就是R1与R串联，而串联电路所流过的电流一样，再由PI2R知道，R1与R所消耗功率之比为R1R，R2与R3的并联阻值R，即2，所以R1消耗的功率是并联电阻R的两倍，则R1消耗的功率是24 W8 W10 W，所以这部分电路消耗的总功率最大为2 W2 W8 W12 W.5某一导体的伏安特性曲线如图AB段(曲线)所示，关于导体的电阻，以下说法正确的是()AB点的电阻为12 BB点的电阻为40 C导体的电阻因温度的影响改变了1 D导体的电阻因温度的影响改变了9 解析：选B.A点电阻RA 30 ，B点电阻RB 40 ，故A错误、B正确RRBRA10 ，故C、D错误6如图所示是某款理发用的电吹风的电路图，它主要由电动机M和电热丝R构成当闭合开关S1、S2后，电动机驱动风叶旋转，将空气从进风口吸入，经电热丝加热，形成热风后从出风口吹出已知电吹风的额定电压为220 V，吹冷风时的功率为120 W，吹热风时的功率为1 000 W关于该电吹风，下列说法正确的是()A电热丝的电阻为55 B电动机的电阻为 C当电吹风吹冷风时，电热丝每秒钟消耗的电能为1 000 JD当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为1 000 J解析：选A.根据题述，电吹风的额定电压为220 V，吹冷风时的功率为120 W，吹热风时的功率为1 000 W，可知电热丝功率为880 W，由P可得电热丝的电阻为R55 ，电动机为非纯电阻电器，R电动 ，选项A正确，B错误；当电吹风吹冷风时，电热丝每秒钟消耗的电能为0，当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为120 J，选项C、D错误二、多项选择题7.我国已经于2012年10月1日起禁止销售100 W及以上的白炽灯，以后将逐步淘汰白炽灯假设某同学研究白炽灯得到某白炽灯的UI曲线如图所示图象上A点与原点的连线与横轴成角，A点的切线与横轴成角，则()A白炽灯的电阻随电压的增大而减小B在A点，白炽灯的电阻可表示为tan C在A点，白炽灯的电功率可表示为U0I0D在A点，白炽灯的电阻可表示为解析：选CD.白炽灯的电阻随电压的增大而增大，选项A错误；在A点，白炽灯的电阻可表示为，选项B错误，D正确；在A点，白炽灯的电功率可表示为U0I0，选项C正确8在如图所示的电路中，输入电压U恒为8 V，灯泡L标有“3 V，6 W”字样，电动机线圈的电阻RM1 .若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是()A电动机的输入电压是5 VB流过电动机的电流是2 AC电动机的效率是80%D整个电路消耗的电功率是10 W解析：选AB.灯泡恰能正常发光，说明灯泡电压为3 V，电流为2 A，电动机的输入电压是8 V3 V5 V，流过电动机的电流是I2 A，选项A、B正确；电动机内阻消耗功率I2RM4 W，电动机输入功率为52 W10 W，输出功率为6 W，效率为60%，整个电路消耗的电功率是10 W6 W16 W，选项C、D错误9(2018淮安月考)在如图甲所示的电路中，L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25 A，则此时()AL1两端的电压为L2两端电压的2倍BL1消耗的电功率为0.75 WCL2的电阻为12 DL1、L2消耗的电功率的比值大于4解析：选BD.电路中的总电流为0.25 A，L1中电流为0.25 A，由小灯泡的伏安特性曲线可知L1两端的电压为3.0 V，L1消耗的电功率为P1U1I10.75 W，选项B正确；根据并联电路规律可知，L2中的电流为0.125 A，由小灯泡的伏安特性曲线可知其两端电压大约为0.3 V，故L1两端的电压约为L2两端电压的10倍，选项A错误；由欧姆定律可知，L2的电阻为R2 2.4 ，选项C错误；L2消耗的电功率为P2U2I20.30.125 W0.037 5 W，即L1、L2消耗的电功率的比值大于4，选项D正确10.如图所示，用输出电压为1.4 V、输出电流为100 mA的充电器对内阻为2 的镍氢电池充电下列说法正确的是()A电能转化为化学能的功率为0.12 WB充电器输出的电功率为0.14 WC充电时，电池消耗的热功率为0.02 WD充电器把0.14 W的功率储存在电池内解析：选ABC.充电器的输出功率为P出IU0.11.4 W0.14 W，故B正确；电池消耗的热功率为：P热I2r0.122 W0.02 W，故C正确；电能转化为化学能的功率为：P转P出P热0.12 W，故A正确、D错误三、非选择题11在如图甲所示的电路中，电阻R1和R2都是纯电阻，它们的伏安特性曲线分别如图乙中Oa、Ob所示现在电路两端BC之间加上恒定的电压U07.0 V调节滑动变阻器R3，使电阻R1和R2消耗的电功率恰好相等，求此时电阻R1和R2的阻值为多大？R3接入电路的阻值为多大？解析：R1、R2和R3串联，电流相等当电阻R1和电阻R2消耗的电功率相等时，有R1R2由伏安特性曲线可知，此时电路中的电流I2.5 mA这时加在电阻R1和R2上的电压U1U22.5 V由欧姆定律得R1R21 000 滑动变阻器R3两端电压为U3U0U1U22 V由欧姆定律得R3800 .答案：R1R21 000 R3800 12如图所示，A为电解槽，M为电动机，N为电炉子，恒定电压U12 V，电解槽内阻RA2 ，当S1闭合，S2、S3断开时，A示数为6 A；当S2闭合，S1、S3断开时，A示数为5 A，且电动机输出功率为35 W；当S3闭合，S1、S2断开时，A示数为4 A求： (1)电炉子的电阻及发热功率；(2)电动机的内阻；(3)在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少？解析：(1)电炉子为纯电阻元件，由欧姆定律得R 2 其发热功率为PUI1126 W72 W.(2)电动机为非纯电阻元件，由能量守恒定律得UI2IRMP输出所以RM 1 .(3)电解槽为非纯电阻元件，由能量守恒定律得P化UI3IRA所以P化(124422) W16 W.答案：(1)2 72 W(2)1 (3)16 W61 第一节 欧姆定律、电阻定律、电功率及焦耳定律1阻值相等的四个电阻、电容器C及电池E(内阻可忽略)连接成如图所示电路开关S断开且电流稳定时，C所带的电荷量为Q1；闭合开关S，电流再次稳定后，C所带的电荷量为Q2.Q1与Q2的比值为()A.BC. D解析：选C.电路中四个电阻阻值相等，开关S断开时，外电路的连接等效为图1，由于不计电池的内阻，设每个定值电阻的阻值为R，根据串、并联电路的特点可知，电容器两端的电压为U1EE；当开关S闭合后，外电路的连接等效为图2，则电容器两端的电压为U2EE，由QCU可知，C项正确2.(2018淮安模拟)如图所示，电解池内有一价离子的电解液，在时间t内通过溶液截面S的正离子数为n1，负离子数为n2.设元电荷电荷量为e，则以下说法正确的是()A溶液内电流方向从A到B，电流大小为B溶液内电流方向从B到A，电流大小为C溶液内正、负离子反方向移动，产生的电流相互抵消D溶液内电流方向从A到B，电流大小为解析：选D.溶液内正、负离子反方向移动，通过截面的电荷量为正、负离子电荷量绝对值之和，由电流的定义可算出，电流为，故选D.3(多选)假如某白炽灯的UI图象如图所示，图象上A点与原点的连线和横轴所成的角为，A点的切线与横轴所成的角为(横、纵坐标均为国际单位)，以下说法中正确的是()A白炽灯的电功率随电压U的增大而增大B白炽灯的电阻随电压U的增大而增大C在A点，白炽灯的电阻为tan D在A点，白炽灯的电阻为tan 解析：选AB.由题图可知，U增大，I增大，则电功率PUI增大，A正确；根据电阻的定义式R知，电阻等于UI图线的斜率，观察题图可知电阻逐渐增大，B正确；由于是几何角，所以tan ，一般情况下tan ，故C、D错误4一个用半导体材料制成的电阻器D，其电流I随它两端电压U变化的关系图象如图甲所示，若将它与两个标准电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，3个用电器消耗的电功率均为P，现将它们连接成如图乙所示的电路，接在该电源的两端，设电阻器D和电阻R1、R2消耗的电功率分别是PD、P1、P2，则下列说法中正确的是()AP14P2 BPDCPDP2 DP14P2解析：选D.由于电阻器D与两个标准电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端时，三者功率相同，则此时三者电阻相等当三者按照题图乙所示的电路连接时，电阻器D两端的电压小于U，由题图甲可知，电阻器D的电阻增大，则有RDR1R2，而RD与R2并联，电压相等，根据P，则有PDP2，C错误；由欧姆定律可知，电流IDI2，又I1I2ID，故I12I2，根据PI2R，则有P14P2，A错误、D正确；由于电阻器D与电阻R2的并联电阻RR1，所以D两端的电压小于，且D阻值变大，则PD，B错误32 第二节 电路 闭合电路的欧姆定律1.如图所示，其中电流表A的量程为 0.6 A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02 A；R1的阻值等于电流表内阻的；R2的阻值等于电流表内阻的2倍若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1 的电流值，则下列分析正确的是()A将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04 AB将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02 AC将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06 AD将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01 A解析：选C.设电流表A的内阻为RA，用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值时，若将接线柱1、2接入电路，根据并联电路的特点，(I1IA)R1IARA，解得I13IA0.06 A，则每一小格表示0.06 A；若将接线柱1、3接入电路，则(I2IA)R1IARA，解得I23IA0.06 A，则每一小格表示0.06 A选项C正确2(多选)(2016高考江苏卷)如图所示的电路中，电源电动势为12 V，内阻为2 ，四个电阻的阻值已在图中标出闭合开关S，下列说法正确的有()A路端电压为10 VB电源的总功率为10 WCa、b间电压的大小为5 VDa、b间用导线连接后，电路的总电流为1 A解析：选AC.开关S闭合后，外电路的总电阻为R10 ，路端电压UR10 V10 V，A项正确；电源的总功率P12 W，B项错误；由于两条支路的电流均为I A0.5 A，因此a、b两点间的电压为Uab0.5(155) V5 V，C项正确；a、b两点用导线连接后，外电阻R2 7.5 ，因此电路中的总电流I A1.26 A，D项错误3(多选)(2018南通崇川模拟)某温度检测、光电控制加热装置原理如图所示图中RT为热敏电阻(随温度升高阻值减小)，用来探测加热电阻丝R的温度，RG为光敏电阻(随光照强度增大阻值减小)，接收小灯泡L的光照，除RT、RG外，其他电阻均为定值电阻当R处温度降低时()AL变亮B通过R3的电流减小CE2的路端电压增大DR消耗的功率减小解析：选BC.当R处温度降低时，热敏电阻RT阻值变大，由闭合电路欧姆定律可知，左侧电路中的电流减小，通过小灯泡L的电流减小，小灯泡L的光照强度减小，光敏电阻RG的阻值变大，对右侧电路，由闭合电路欧姆定律可知，通过R2的电流变小，右侧电路中的电源E2的路端电压变大，R两端电压变大，通过R的电流也变大，R消耗的功率变大，通过R3的电流变小，选项B、C正确4(多选)(2018江苏高三模拟)如图所示为两电源的UI图象，则下列说法正确的是()A电源的电动势和内阻均比电源大B当外接相同的电阻时，两电源的输出功率可能相等C当外接相同的电阻时，两电源的效率可能相等D不论外接多大的相同电阻，电源的输出功率总比电源的输出功率大解析：选AD.图线在U坐标轴上的截距等于电源电动势，图线的斜率的绝对值等于电源的内阻，因此A对；作外接电阻R的UI图线分别交电源、的UI曲线于S1、S2两点，电源的工作点横、纵坐标的乘积IU为电源的输出功率，由图可知，无论外接多大电阻，两工作点S1、S2横、纵坐标的乘积都不可能相等，且电源的输出功率总比电源的输出功率大，故B错，D对；电源的效率，因为电源内阻不同则电源效率不同，C错33 实验六 决定导线电阻的因素1(1)如图甲所示的三把游标卡尺，它们的游标尺从上至下分别为9 mm长10等分、19 mm长20等分、49 mm长50等分，它们的读数依次为_mm，_mm，_mm(2)使用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图乙所示，则金属丝的直径是_mm(3)图丙使用06 A量程时，对应刻度盘上每一小格代表_A，图中表针示数是_A；当使用3 A量程时，对应刻度盘中每一小格代表_A，图中表针示数为_A图丁使用较小量程时，每小格表示_V，图中表针的示数为_V若使用的是较大量程，则这时表盘刻度每小格表示_V，图中表针示数为_V解析：(1)最上面图读数：整毫米是17，不足1毫米数是701 mm07 mm，最后结果是17 mm07 mm177 mm中间图读数：整毫米是23，不足1毫米数是17005 mm085 mm，最后结果是23 mm085 mm2385 mm最下面图读数：整毫米是3，不足1毫米数是9002 mm018 mm，最后结果是3 mm018 mm318 mm(2)固定刻度示数为20 mm，不足半毫米的从可动刻度上读，其示数为150，最后的读数：20 mm150001 mm2150 mm(3)使用06 A量程时，刻度盘上的每一小格为002 A，表针示数为044 A；当使用3 A量程时，每一小格为01 A，表针示数为220 A电压表使用3 V量程时，每小格表示01 V，表针示数为170 V；使用15 V量程时，每小格表示05 V，表针示数为85 V答案：(1)1772385318(2)2150(3)002044012200117005852电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表电流的两倍某同学利用这一事实测量电压表的内阻(半偏法)，实验室提供的器材如下：待测电压表V(量程3 V，内阻约为3 000 )，电阻箱R0(最大阻值为99 9999 )，滑动变阻器R1(最大阻值100 ，额定电流2 A)，电源E(电动势6 V，内阻不计)，开关两个，导线若干(1)虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路图的一部分，将电路图补充完整(2)根据设计的电路，写出实验步骤：_(3)将这种方法测出的电压表内阻记为RV，与电压表内阻的真实值RV相比，RV_RV(填“”“”或“”)，主要理由是_解析：(1)因滑动变阻器阻值较小，所以选择滑动变阻器的分压接法实验电路图如图所示(2)移动滑动变阻器的滑片，以保证通电后电压表所在支路分压最小；闭合开关S1、S2，调节R1，使电压表的指针满偏；保持滑动变阻器滑片的位置不变，断开S2，调节电阻箱R0，使电压表的指针半偏；读取电阻箱所示的电阻值，此即为测得的电压表内阻(3)断开S2，调节电阻箱使电压表成半偏状态，电压表所在支路总电阻增大，分得的电压也增大；此时R0两端的电压大于电压表的半偏电压，故RVRV(其他合理说法也可以)答案：见解析3(2018苏州质检)为了测量一根长约3 cm，电阻约为100 ，横截面为圆形，粗细均匀的导电材料的电阻率，所用器材如下：直流电源E，电动势为80 V，内阻可忽略不计；电流表A1，量程为025 mA，内阻r1100 ；电流表A2，量程为0150 mA，内阻r220 ；定值电阻R0，阻值为10 ；滑动变阻器R，最大阻值为10 ；开关S、导线若干(1)用游标卡尺测得该材料的长度如图甲所示，示数为L_mm；用螺旋测微器测得该材料的直径如图乙所示，示数为D_mm(2)为了在测量中尽量减小误差，并测多组数据，现给出测量电阻Rx的实验电路图丙，请据此电路图将图丁中的实验器材连接起来(3)若某次测量中电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2，则由已知量和测量量计算电阻率的表达式为_(用题目中字母表示即可)解析：(1)材料的长度L3 cm7005 mm3035 mm，材料的直径D3 mm205001 mm3205 mm(3)由欧姆定律可得Rxr1由电阻定律可得Rx联立可解得I2(R0r2)I1r1答案：(1)30353205(2)如图所示(3)I2(R0r2)I1r14(2018江苏六市高三调研)在探究“决定电阻丝电阻的因素”实验中，实验小组根据下表中给出的电阻丝，分别探究电阻与长度、横截面积、材料的关系(1)为探究电阻丝电阻与长度的关系，应选择表中_(填写编号)电阻丝进行实验编号ABCDEFG材料镍铬合金康铜锰铜长度/m10051015101010横截面积/mm210100510201010(2)实验小组设计了如图甲、乙所示的电路，其中R1和R2为两段电阻丝，为能直观反映两电阻大小比例关系，应选择_(填“甲”或“乙”)电路进行实验(3)实验小组采用如图丙所示装置测量电阻丝的电阻率，通过改变鳄鱼嘴夹子在电阻丝上的位置，改变接入电路电阻丝长度测出接入电路电阻丝的长度L和对应的电流表读数I请用笔画线代替导线在图丙中将实物电路连接完整实验中测出多组I和L的数据，作出L图线，测得图线斜率为k，已知电源电动势为E，电阻丝横截面积为S，则电阻丝的电阻率_关于实验操作过程和误差分析，下列说法中正确的有_A开关闭合前，应将图丙中滑动变阻器的滑片移到最左端B闭合开关，若电流表指针不偏转，可用多用电表电压挡直接检查电路C测量过程中，滑动变阻器接入电路的阻值应保持不变D实验误差的主要来源是电流表和电源有内阻解析：(1)由控制变量法可知，探究电阻丝电阻与长度的关系时，电阻丝的材料，横截面积不能变，故选ABD(2)因串联电路中电流相等，故电压比等于电阻之比，所以选甲(3)如答案图所示；由闭合电路的欧姆定律EI得，L，斜率k，所以电阻丝的电阻率为kES；开关闭合前，应将图丙中滑动变阻器滑片移到最右端，所以A错误；闭合开关，电流表指针不偏转，说明电路断路，在不断开电路的情况下，用多用电表电压挡检查电路，所以B正确；因测电阻率，由控制变量法可知滑动变阻器的阻值应不变，所以C正确；由实验过程可知，电流表和电源内阻不影响电阻率的测量，所以D错误答案：(1)ABD(2)甲(3)如图所示kESBC54 实验七 描绘小灯泡的伏安特性曲线1图甲是小红同学在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的实物连接图甲乙(1)根据图甲画出实验电路图；(2)调节滑动变阻器得到了两组电流表与电压表的示数如图乙中的、所示，电流表量程为06 A，电压表量程为3 V所示读数为：_、_、_、_两组数据得到的电阻分别为_和_解析：(1)实验电路图如图所示(2)电流表量程为06 A，每一小格代表002 A，读数时估读到精度的本位即可；电压表量程为3 V，每一小格代表01 V，读数时估读到精度的下一位读数分别为：010 A、024 A、200 V、027 V应用R求电阻时，电流为010 A时对应的电压为027 V；电流为024 A时对应的电压为200 V，求得的两组数据对应的电阻分别为27 和83 答案： (1)如解析图所示(2)010 A024 A200 V027 V27(01) 83(01) 如填为83(01) 27(01) 也行2(2018苏锡常镇四市高三调研)小明同学想研究一段铅芯的伏安特性曲线他连接了如图甲所示的实验电路小亮同学认为小明的电路并不完善，他在该电路上增加了一条导线，得到了小明的认同(1)请你用笔画线在图甲上加上这条导线(2)对小亮改正后的电路，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片先置于_(填“最左端”或“最右端”)(3)闭合开关后，调节滑动变阻器，测得一组电压表和电流表的示数记录如下表：电流I/A0008016024032040048电压U/V0063122168197223244请根据表中的数据，在图乙坐标系中作出铅芯的IU图线(4)由图象可知，随着温度的升高，铅芯的电阻率_(填“增大”“减小”或“不变”)解析：(1)测伏安特性曲线应让电流由零开始调节，故采用滑动变阻器分压接法，如答案图甲所示；(2)为了让电流从零开始调节，滑片应先置于最左端；(3)根据表格中的数据描点连线；(4)图象为IU图象，图线越来越陡，说明电阻率越来越小答案：(1)如图甲所示(图甲中1或2中任一条)(2)最左端(3)如图乙所示(4)减小3(2018常州模拟)小明做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验，已知小灯泡标称值是“25 V，03 A”，不考虑电压表分流引起的误差，请完成如下小题：(1)为初步了解小灯泡的电阻值，小明使用多用电表的欧姆挡按正确测量步骤进行测量，根据图甲所示，小灯泡阻值为_(2)为进一步探究小灯泡伏安特性，小明连接了如图乙所示实物图，请在图中补上一根导线，使实验能够正常进行(3)按要求操作得到数据如表所示，第7组中电压表示数如图丙所示，则U_V；判断U0、I0时的小灯泡电阻值为_，试分析此电阻值远小于(1)中阻值的原因：_1234567891011I/A0004008009010011012014016018020U/V0005010013017020055080105135R/131314171839505868解析：(1)采用“1”倍率，所以读数为6 (2)“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，需要多组数据，所以滑动变阻器应采用分压接法，如图所示(3)电压表采用03 V挡，分度值为01 V，故读数为030 V，U0、I0时温度接近2、3组的温度，故应为13 ，远小于(1)中的测量值是因为用欧姆“1”倍率挡测电阻时电流较大，小灯泡已有发光，灯丝温度升高，电阻较冷灯丝时大的多答案：(1)6(2)如解析图所示(3)03013用欧姆“1”倍率挡测电阻时电流较大，小灯泡已有发光，灯丝温度升高，电阻较冷灯丝时大的多4某学习小组拟研究一个标有“36 V，18 W”的小电珠的伏安特性曲线，可供选用的器材如下：电流表A，量程006 A，内阻约为02 ；电压表V，量程015 V，内阻约为15 k；滑动变阻器R，阻值范围010 ；学生电源E，电动势为4 V，内阻不计；开关S及导线若干(1)该学习小组中的甲同学设计了如图甲所示的电路进行测量，请按照图甲所示的电路图帮甲同学将图乙中的实物图连接起来(2)甲同学在实验中发现，由于电压表的量程较大而造成读数误差很大，因而影响了测量结果于是又从实验室找来一量程为Ig100 A、内阻Rg1 000 的灵敏电流计，想把该灵敏电流计改装成量程为5 V的电压表，则需串联一个阻值为_的电阻(3)甲同学用改装后的电压表进行实验，得到电流表读数I1和灵敏电流计读数I2如表所示：I1(A)0019030037043046048049I2(A)010203040506070请在图丙中的坐标纸上画出I1I2图线(4)若将该小电珠接在如图丁所示的电路中，则该小电珠消耗的电功率约为_W已知电源的电动势为E30 V，内阻r15 ，定值电阻R045 (结果保留两位有效数字)解析：(1)如图所示(2)设需要串联的电阻阻值为Rx，则有Ig(RgRx)5 V，代入数据可得Rx49 000 (4)将定值电阻R0看做该电源的内阻的一部分，则内阻r6 ，由此可得路端电压UEIr，在I1I2图线所在坐标纸上作出该IU图象如图所示，可知其交点坐标表示的电流约为032 A，电压约为11 V，所以该小电珠消耗的功率约为P03211 W035 W答案：(1)见解析图(2)49 000(3)如图所示(4)03565 实验八 测量电源的电动势和内阻1某兴趣小组探究用不同方法测定干电池的电动势和内阻，他们提出的实验方案中有如下四种器材组合为使实验结果尽可能准确，最不可取的一组器材是()A一个安培表、一个伏特表和一个滑动变阻器B一个伏特表和多个定值电阻C一个安培表和一个电阻箱D两个安培表和一个滑动变阻器解析：选DA选项属于伏安法测定干电池的电动势和内阻的实验器材，A项正确；由UEr，B项正确；由EI(Rr)，C项正确；因不能读出滑动变阻器的阻值，D项错误2(2018江苏六校联考)用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组的电动势E和内阻r，又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线A电压表V1(量程06 V、内阻很大)B电压表V2(量程04 V、内阻很大)C电流表A(量程03 A、内阻很小)D滑动变阻器R(最大阻值10 、额定电流4 A)E小灯泡(2 A、5 W)F电池组(电动势E、内阻r)G开关一只，导线若干实验时，调节滑动变阻器的阻值，多次测量后发现：若电压表V1的示数增大，而电压表V2的示数减小(1)请将设计的实验电路图在图甲中补充完整(2)每一次操作后，同时记录电流表A、电压表V1和电压表V2的示数，组成两个坐标点(I，U1)、(I，U2)，标到UI坐标系中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图乙所示，则电池组的电动势E_V，内阻r_(结果保留两位有效数字)(3)在UI坐标中两条图线在P点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为_，电池组的效率为_解析：(1)电路图如答案图所示(2)由图乙可知，电池组的电动势E45 V，内阻r10 (3)在UI坐标中两条图线在P点相交，两个电压表读数相等，说明此时滑动变阻器连入电路的阻值应为0，U1U225 V，电池组的效率为100%100%5556%答案：(1)设计的实验电路图如图(2)4510(3)05556%3(2018扬州中学高三考试)某课题研究小组，收集了数码相机、手机等用旧了的各种类型的电池，及从废旧收音机上拆下的电阻、电容、电感线圈现从这些材料中选取两个待测元件，一是电阻R0(约为2 k)，二是手机中常用的锂电池(电动势E标称值为37 V，允许最大放电电流为100 mA)在操作台上还准备了如下实验器材：A电压表 V(量程04 V，电阻RV约为40 k)B电流表A1(量程0100 mA，电阻RA1约为5 )C电流表A2(量程02 mA，电阻RA2约为50 )D滑动变阻器R1(020 ，额定电流1 A)E电阻箱R2(09999 ，最小分度值01 )F开关S一只、导线若干(1)为了测定电阻R0的阻值，小组的一位成员设计了如图所示的电路原理图并选取了相应的器材(电源用待测的锂电池)，其设计或器材选取中有不妥之处，你认为应该怎样调整？_(2)在实验操作过程中，发现滑动变阻器R1、电流表A1已损坏，请用余下的器材测量锂电池的电动势E和内阻r请在下面的方框中画出实验电路图(标注所用器材符号)为了便于分析，一般采用线性图象处理数据，请写出与线性图象对应的相关物理量间的函数关系式_解析：(1)电阻R0中最大电流约为Im A185 mA，故电流表用A2(2)滑动变阻器R1、电流表A1已损坏，可用余下的器材电压表V和电阻箱R2合作测量锂电池的电动势E和内阻r电路如答图所示根据闭合电路欧姆定律得EUr，变形后得答案：(1)用A2替换A1(2)如图所示4某研究性学习小组利用伏安法测定某一电池组的电动势和内阻，实验原理如图甲所示，其中，虚线框内为用灵敏电流计G改装的电流表A，V为标准电压表，E为待测电池组，S为开关，R为滑动变阻器，R0是标称值为40 的定值电阻(1)已知灵敏电流计G的满偏电流Ig100 A、内阻rg20 k，若要改装后的电流表满偏电流为200 mA，应并联一只_ (保留一位小数)的定值电阻R1(2)根据图甲，用笔画线代替导线将图乙连接成完整电路(3)某次实验的数据如表所示：测量次数12345678电压表V读数U/V526516504494483471459446改装表A读数I/mA20406080100120140160该小组借鉴“研究匀变速直线运动”实验中计算加速度的方法(逐差法)，计算出电池组的内阻r_ (保留两位小数)；为减小偶然误差，逐差法在数据处理方面体现出的主要优点是_(4)该小组在前面实验的基础上，为探究图甲电路中各元器件的实际阻值对测量结果的影响，用一已知电动势和内阻的标准电池组，通过上述方法多次测量后发现：电动势的测量值与已知值几乎相同，但内阻的测量值总是偏大若测量过程无误，则内阻测量值总是偏大的原因是_(填选项前的字母)A电压表内阻的影响B滑动变阻器的最大阻值偏小CR1的实际阻值比计算值偏小DR0的实际阻值比标称值偏大解析：(1)由电流表的改装知识可知R1 10 (2)如图所示(3)根据闭合电路欧姆定律结合逐差法可知r1R0，r2R0，r3R0，r4R0故rR0166 逐差法在计算中体现的主要优点是：充分利用已测得的数据(4)根据题意可知，内阻的测量值为r测R0，因此，电压表的内阻、滑动变阻器的阻值对测量结果无影响若R1的实际值比计算值偏小，则改装后的电流表示数偏小，导致内阻测量值偏大根据内阻测量值的表达式可知，R0的实际值比标称值偏大，也会导致内阻测量值偏大故选C、D答案：(1)10(2)见解析图(其他正确连接同样可以)(3)166充分利用已测得的数据(4)CD56 实验九 练习使用多用电表1(2018南京、盐城、连云港三市高三模拟)有一只量程为03 V的电压表，内阻约为58 k，某同学要精确地测量该电压表的内阻，设计的测量电路如图甲所示，其中R2为最大电阻9 999 的电阻箱，R1为滑动变阻器，电源电动势为45 V，内阻很小实验步骤如下：按电路图连接电路；闭合S2；将滑动变阻器滑片调至最左端；闭合S1；调节滑动变阻器，使电压表满偏；再打开S2，调节电阻箱，调至电压表半偏，并记下电阻箱的读数，并认为此时电阻箱的电阻为该电压表的内阻(1)乙图电阻箱的读数为_k(2)实验室中有两个滑动变阻器：a最大阻值为20 ，额定电流为1 A；b最大阻值为10 k，额定电流为20 mA为了能精确测量电压表内阻，实验中应选择_滑动变阻器(选填变阻器前的字母代号)(3)实验中S2从闭合到断开(断开S2之前，电阻箱置于9 999 )，断开后A、B两点的电压UAB_(选填“”“”“3 V(4)实验中由于电路设计所存在的实验误差(系统误差)，S2从闭合到断开，再调至电压表半偏，电阻箱两端电压将大于15 V，电阻箱阻值大于电压表内阻，所以测量值大于真实值答案：(1)75(2)a(3)(4)2某同学用量程为1 mA、内阻为120 的表头按图甲所示电路改装成量程分别为1 V和1 A的多用电表图中R1和R2为定值电阻，S为开关回答下列问题：(1)根据图甲所示的电路，在图乙所示的实物图上连线(2)开关S闭合时，多用电表用于测量_(选填“电流”“电压”或“电阻”)；开关S断开时，多用电表用于测量_(选填“电流”“电压”或“电阻”)(3)表笔A应为_色(选填“红”或“黑”)(4)定值电阻的阻值R1_，R2_(结果取3位有效数字)解析：(2)开关S闭合时，电阻R1与电流表并联，多用电表用于测量电流；开关S断开时，电阻R2与电流表串联，多用电表用于测量电压(3)根据电流应从电流表或电压表的正接线柱进，从负接线柱出，即从表笔A出，表笔A应为黑色，表笔B应为红色(4)开关S断开时，由串联电路知识知，Ig(R2Rg)U，解得R2880 ；开关S闭合时，由并联电路知识知，Ig(R2Rg)(IIg)R1，解得R1100 答案：(1)连线如图所示(2)电流电压(3)黑(4)1008803现要测量一个未知电阻Rx的阻值，除Rx外可用的器材有：多用电表(仅可使用欧姆挡)；一个电池组E(电动势6 V)；一个滑动变阻器R(020 ，额定电流1 A)；两个相同的电流表G(内阻Rg1 000 ，满偏电流Ig100 A)；两个标准电阻(R129 000 ，R201 )；一个电键S、导线若干(1)为了设计电路，先用多用电表的欧姆挡粗测未知电阻，采用“10”挡，调零后测量该电阻，发现指针偏转非常大，最后几乎紧挨满偏刻度停下来，下列判断和做法正确的是_(填字母代号)A这个电阻阻值很小，估计只有几欧姆B这个电阻阻值很大，估计有几千欧姆C如需进一步测量可换“1”挡，调零后测量D如需进一步测量可换“1 k”挡，调零后测量(2)根据粗测的判断，设计一个测量电路，要求测量尽量准确并使电路能耗较小，画出实验电路图，并将各元件字母代码标在该元件的符号旁解析：(1)用欧姆表粗测该电阻时，发现指针偏角非常大，说明欧姆表的读数非常小，因此，这个电阻的阻值很小，A正确；为了使欧姆表读数误差更小些，应换“1”挡，调零后再测量，C正确(2)要求测量电路的能耗较小，因此，应使用滑动变阻器的限流接法可供选择的器材中无电压表，需用电流表G和R1串联改装成电压表由于电流表G的量程太小，所以，需用R2和G并联改装成量程较大的电流表由于未知电阻阻值较小，故电路采用“外接法”综合考虑，电路图如图所示答案：(1)AC(2)见解析图4某学生实验小组利用图甲所示电路，测量多用电表内电池的电动势和电阻“1 k”挡内部电路的总电阻使用的器材有：多用电表；电压表：量程5 V，内阻十几千欧；滑动变阻器：最大阻值5 k；导线若干回答下列问题：(1)将多用电表挡位调到电阻“1 k”挡，再将红表笔和黑表笔_，调零点(2)将图甲中多用电表的红表笔和_(选填“1”或“2”)端相连，黑表笔连接另一端(3)将滑动变阻器的滑片调到适当位置，使多用电表的示数如图乙所示，这时电压表的示数如图丙所示多用电表和电压表的读数分别为_k和_V(4)调节滑动变阻器的滑片，使其接入电路的阻值为零此时多用电表和电压表的读数分别为120 k和400 V从测量数据可知，电压表的内阻为_k(5)多用电表电阻挡内部电路可等效为由一个无内阻的电池、一个理想电流表和一个电阻串联而成的电路，如图丁所示根据前面的实验数据计算可得，此多用电表内电池的电动势为_V，电阻“1 k”挡内部电路的总电阻为_k解析：(1)欧姆表调零：将红表笔和黑表笔短接，使指针指电阻0刻度(2)多用电表欧姆挡测电压表的内阻应使电流从电压表的“”接线柱流入、“”接线柱流出，而黑表笔连接多用电表内电池的正极，所以多用电表的红表笔和“”端相连，黑表笔连接“”端(3)多用电表和电压表的读数分别为150 k和360 V(4)由题图甲可知多用电表欧姆“1 k”挡直接测量电压表的内阻RV，所以RV120 k(5)设多用电表内电池的电动势为E，多用电表电阻“1 k”挡内部电路的总电阻为Rg，依题给条件由欧姆定律得：E(150Rg)，E(120Rg)，又RV120 k，解得：E900 V，Rg150 k答案：(1)短接(2)1(3)150360(4)120(5)9001505