2019-2020年高二化学上学期10月月考试卷(实验班含解析).doc
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2019-2020年高二化学上学期10月月考试卷(实验班,含解析)一、选择题(共24小题,每小题2分,共48分每小题只有一个选项符合题意)1下列物质全部属于纯净物的是( )A福尔马林、白酒、食醋B甘油、硬脂酸、乙醇钠C苯、汽油、无水乙醇D二氯乙烷、聚氯乙烯、苯酚考点:混合物和纯净物专题:物质的分类专题分析:纯净物是由一种物质组成的物质,混合物是由多种物质组成的物质解答:解:A福尔马林是甲醛的水溶液,属于混合物,白酒的主要成分是乙醇和水,属于混合物,食醋的主要成分是乙酸和水,属于混合物,故A错误; B甘油、硬脂酸、乙醇钠都是由一种物质组成的,属于纯净物,故B正确;C苯由一种物质组成的,属于纯净物,汽油主要是由C4C10各种烃类组成,是混合物,无水乙醇是纯度达到99%以上的乙醇,故C错误;D二氯乙烷、苯酚是由一种物质组成的,属于纯净物,聚氯乙烯的聚合度不是定值,它一般是由几万到几十万的不定数,所以说它是混合物,故D错误故选B点评:本题主要考查物质的分类方法,解答时要分析物质的元素组成和物质组成,然后再根据各类物质概念的含义进行分析、判断,从而得出正确的结论2以下化学用语正确的是( )A苯的最简式:C6H6B乙醇的分子式:CH3CH2OHC乙烯的结构简式:CH2CH2D甲醛的结构式:考点:结构简式;分子式;结构式专题:化学用语专题分析:AC6H6是苯的分子式;B乙醇的分子式:C2H6O;C乙烯的结构简式中C=C不能省略;D甲醛分子中含有醛基,其结构式为解答:解:AC6H6是苯的分子式,苯的最简式为CH,故A错误;B乙醇的分子式:C2H6O,CH3CH2OH属于乙醇的结构简式,故B错误;C乙烯的结构简式中C=C不能省略,其结构简式为;CH2=CH2;故C错误;D甲醛分子中含有醛基,其结构式为,故D正确;故选D点评:本题考查常用化学用语,难度不大,旨在考查学生对基础知识的理解掌握,注意掌握常用化学用语的书写3已知乙烯醇(CH2=CHOH)不稳定,可自动转化为乙醛,乙二醇在一定条件下发生脱水反应,也有类似现象发生,所得结构简式有人写出下列几种,其中不可能的是( )CH2=CH2 CH3CHO ABCD考点:醇类简介分析:乙二醇可脱去1分子水,可生成CH3CHO或,可脱去2分子水生成CHCH,两分子乙二醇可脱去2分子水生成,乙醛可发生加聚反应解答:解:乙二醇可脱去2分子水生成CHCH,不可能生成乙烯,故错误;乙二醇可脱去1分子水生成CH2=CHOH,不稳定,可自动转化为乙醛,故正确;乙二醇可脱去1分子水生成,故正确;两分子乙二醇可脱去2分子水生成,故正确;故选A点评:本题考查有机物的结构和性质,题目难度不大,本题注意把握乙二醇可能具有的性质,结合羟基发生消去反应的特点判断4下列文字表述与反应方程式对应且正确的是( )A溴乙烷中滴入AgNO3溶液检验其中的溴元素:Br+Ag+AgBrB用醋酸除去水垢:CaCO3+2H+Ca2+H2O+CO2C葡萄糖与菲林试剂的反应:CH2OH(CHOH)4CHO+2Cu(OH)2+OH CH2OH(CHOH)4COO+Cu2O+2H2OD苯酚钠溶液中通入少量CO2:CO2+H2O+HCO3考点:离子方程式的书写分析:A溴乙烷不是电解质,不能电离;B醋酸为弱电解质,应保留化学式;C葡萄糖与菲林试剂的反应,生成葡萄糖酸、氧化亚铜和水;苯酚钠与二氧化碳反应生成苯酚和碳酸氢钠解答:解:A溴乙烷不是电解质,不能电离产生溴离子,与硝酸银不反应;B用醋酸除去水垢,离子方程式为:CaCO3+2CH3COOHCa2+H2O+CO2+2CH3COO,故B错误;C葡萄糖与菲林试剂的反应,离子方程式为:CH2OH(CHOH)4CHO+2Cu(OH)22 CH3(CH2OH)4COOH+Cu2O+2H2O,故C错误;D苯酚钠溶液中通入少量CO2,离子方程式为:CO2+H2O+HCO3,故D正确;故选:D点评:本题考查了离子方程式的书写,明确反应的实质是解题关键,注意化学式的拆分,选项C为易错选项5下列有机物的命名中,正确的是( )A3甲基1丁烯B2乙基丁烷C2,2二甲基4丁醇D2,3,3三甲基丁烷考点:有机化合物命名专题:有机物分子组成通式的应用规律分析:A、根据烯烃的命名原则判断,编号从距离双键最近的一端开始;B、1甲基、2乙基都是错误的,说明选取的主链不是最长的;C、醇的命名时编号应该从距离羟基最近的一端开始;D、烷烃的命名,遵循支链序号之和最小原则解答:解:A、烯烃编号,从距离双键最近的一端开始,故A正确;B、烷烃命名时,主链必须最长,正确命名为:3甲基戊烷,故B错误;C、应该是1丁醇,距离羟基最近的一端编号,正确命名是:3,3二甲基1丁醇,故C错误;D、支链编号之和应该最小,正确命名是:2,2,3三甲基丁烷,故D错误;故选A点评:本题考查有机物的命名,注意选取主链碳原子数最多,支链编号之和最小,常见1甲基、2乙基都是典型错误,本题难度中等6设NA为阿伏加德罗常数,下列有关说法正确的是( )A0.5 mol苯分子中含有C=C双键数为1.5 NAB1 mol甲基(CH3)所含的电子总数为10 NAC标准状况下,1L甲醇完全燃烧后生成的CO2分子数目约为NAD2.8 g乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2NA考点:阿伏加德罗常数专题:阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律分析:A、根据苯分子的结构进行分析;B、根据甲基没有发生电子转移进行计算;C、根据标况下甲醇的状态进行判断;D、根据乙烯和丙烯的最简式进行分析解答:解:A、苯分子中不存在碳碳双键,其碳碳键是介于单键双键之间的独特的键,故A错误;B、1mol甲基含有9mol电子,所含的电子总数为9NA,故B错误;C、标况下,甲醇不是气体,无法计算甲醇1L的物质的量,故C错误;D、乙烯和丙烯的最简式为CH2,2.8g混合气体中含有0.2mol最简式,含有0.2mol碳原子,所含碳原子数为0.2NA,故D正确;故选:D点评:本题考查了阿伏伽德罗常数,注意标准状况下的物质的状态,甲基没有发生电子转移,本题难度不大7下列说法正确的是( )A蛋白质、乙酸和葡萄糖均属电解质B用溴水即可鉴别苯酚溶液、2,4已二烯和甲苯C乙酸乙酯和食用植物油均可水解生成乙醇D蛋白质和油脂都属于高分子化合物,一定条件下都能水解考点:有机物的鉴别;电解质与非电解质;油脂的性质、组成与结构;氨基酸、蛋白质的结构和性质特点分析:A蛋白质、葡萄糖不属于电解质;B溴水与苯酚发生取代反应,与2,4已二烯发生加成反应;C植物油水解生成甘油;D油脂不是高分子化合物解答:解:A蛋白质、葡萄糖不能电离出自由移动的离子,不属于电解质,故A错误;B溴水与苯酚发生取代反应生成白色沉淀,与2,4已二烯发生加成反应,溶液褪色,与甲苯不反应,现象不同,可鉴别,故B正确;C植物油水解生成甘油,不是乙醇,故C错误;D高分子化合物相对分子质量大于10000,油脂不是高分子化合物,故D错误故选B点评:本题综合考查有机物的结构和性质,为高频考点,侧重于学生的分析能力的考查,注意把握有机物的结构推断以及官能团的性质,难度不大8我国国家药品监督管理局在2000年11月16日发出紧急通知,立即禁止使用含有PPA的抗感冒药物PPA是盐酸苯丙醇胺的英文缩写,已知苯丙醇胺的结构简式如图所示,下列对苯丙醇胺叙述错误的是( )A一定条件下,可以发生消去反应B一定条件下与Br2可以发生苯环上的取代反应C具有弱碱性,可与强酸反应生成盐D具有弱酸性,可与强碱反应生成盐考点:有机物的结构和性质分析:有机物含有羟基,可发生取代、氧化和消去反应,含有氨基,可与酸反应生成盐,以此解答该题解答:解:A含有羟基,羟基邻位碳原子含有氢原子,可发生消去反应,故A正确;B含有苯环,在催化作用下可发生取代反应,故B正确;C含有氨基,具有弱碱性,可与强酸反应生成盐,故C正确;D分子不具有酸性,故D错误故选D点评:本题考查有机物的结构与性质,为高频考点,把握结构中官能团与性质的关系为解答的关键,侧重胺、羧酸等有机物性质的考查,题目难度不大9下列化合物的分子中,所有原子一定处于同一平面的是( )A乙烷B甲苯C溴苯D苯酚考点:常见有机化合物的结构分析:在常见的有机化合物中甲烷是正四面体结构,乙烯和苯是平面型结构,乙炔是直线型结构,其它有机物可在此基础上进行共线、共面分析判断,注意单键可以旋转解答:解:A乙烷中含有甲基,具有四面体结构,所以原子不可能处于同一平面,故A错误;B甲苯中含有甲基,具有四面体结构,所以原子不可能处于同一平面,故B错误;C溴苯是1个溴原子取代了苯分子中的1个H原子形成的,故溴苯分子中所有的原子也处于同一平面,故C正确;DO原子是sp3杂化,氢原子和苯环不一定在同一平面上,故D错误;故选C点评:本题主要考查有机化合物的结构特点,难度不大,做题时注意从甲烷、乙烯、苯和乙炔的结构特点判断有机分子的空间结构10下列物质中一定与苯酚互为同系物的是( )ABCDC7H8O考点:芳香烃、烃基和同系物分析:结构相似,在分子组成上相差1个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物;互为同系物的物质具有以下特点:结构相似、化学性质相似、分子式通式相同、分子式不同、物理性质不同;注意同系物中的“结构相似”是指物质种类相同,若含有官能团,官能团的种类与数目相同解答:解:A与苯酚结构相似,在分子组成上相差1个CH2原子团,互为同系物,故A正确; BC6H5OH是苯酚,C6H5CH2OH是苯甲醇,二者种类不同,含有不同的官能团,不是同系物,故B错误;C含有2个羟基,苯酚含有一个羟基,结构不相似,故C错误;DC7H8O可能为邻甲苯酚、间甲苯酚、对甲苯酚、苯甲醇;与苯酚不一定互为同系物,故D错误故选A点评:本题考查有机物的结构及同系物辨析,题目难度不大,注意同系物中的“结构相似”是指物质种类相同,若含有官能团,官能团的种类与数目相同11由溴乙烷制取乙二醇时,需要经过下列哪几步反应( )A消去加成水解B加成消去取代C消去取代加成D取代消去加成考点:溴乙烷的化学性质分析:可用逆推法判断:CH2OHCH2OHCH2BrCH2BrCH2=CH2CH2BrCH3,以此判断合成时所发生的反应类型解答:解:由溴乙烷制取乙二醇时,可用逆推法判断:CH2OHCH2OHCH2BrCH2BrCH2=CH2CH2BrCH3,则溴乙烷应首先发生消去反应生成CH2=CH2,CH2=CH2发生加成反应生成CH2BrCH2Br,CH2BrCH2Br发生水解反应可生成乙二醇故选A点评:本题考查有机物合成的方案的设计,题目难度不大,注意把握有机物官能团的变化,为解答该题的关键12下列说法正确的是( )A两种烃相对分子质量相同,但结构不同,则它们一定是同分异构体B有机物和无机物之间不可能出现同分异构体C有机物若互为同分异构体,则它们一定不互为同系物D两种有机物所含碳元素的质量分数相同,则它们一定为同分异构体考点:同分异构现象和同分异构体;芳香烃、烃基和同系物分析:A、相对分子质量相等的两种烃分子式不一定相同;B、有机物与无机物之间也可出现同分异构体,如尿素CO(NH2)2和氰酸铵NH4CNO;C、同系物分子组成相差一个或若干个CH2原子团;D、苯和乙炔含碳元素的质量分数相等,但分子式不同解答:解:A、相对分子质量相等的两种烃分子式不一定相同,如C10H8和C9H20,故A错误;B、有机物与无机物之间也可出现同分异构体,如尿素CO(NH2)2和氰酸铵NH4CNO,故B错误;C、同系物分子组成相差一个或若干个CH2原子团,两种同系物不可能是同分异构体,故C正确;D、苯和乙炔含碳元素的质量分数相等,但分子式不同,不是同分异构体,故D错误;故选C点评:本题考查了同分异构体的内涵和外延,题目难度一般,注意基础知识的积累13下列关于蛋白质的说法不正确的是( )A重金属盐能使蛋白质变性,所以误食重金属盐时,可以喝牛奶解毒B阿胶的主要成分是蛋白质,蚕丝的主要成份是纤维素C蛋白质溶液中加入饱和硫酸铵溶液,蛋白质析出,再加水,重新溶解D浓硝酸溅到皮肤上,会使皮肤呈现黄色考点:氨基酸、蛋白质的结构和性质特点分析:A根据重金属盐中毒的原理:破坏人体的蛋白质结构,使之失去生理功能;B阿胶的主要成分是蛋白质,蚕丝的主要成分是蛋白质;C蛋白质的“盐析”过程是可逆的物理变化;D浓硝酸可以使皮肤表面的蛋白质发生化学反应,生成黄色物质解答:解:A重金属盐能使蛋白质变性,所以误食重金属盐时,服用含有丰富蛋白质的食品,如鸡蛋清、牛奶等,可防止人体本身的蛋白质被破坏,有解毒作用,故A正确;B阿胶的主要成分是蛋白质,蚕丝的主要成分也是蛋白质,故B错误;C蛋白质溶液中加入饱和硫酸铵溶液,蛋白质的溶解度减小,蛋白质析出,再加水,蛋白质溶解,故C正确;D浓硝酸溅到皮肤上,使皮肤呈现黄色是由于浓硝酸与皮肤发生了颜色反应,故D正确;故选B点评:本题主要考查了蛋白质的盐析、变性和颜色反应等,难度不大,注意知识的积累14质子核磁共振谱(PMR)是研究有机物分子结构的有效方法之一,每一结构中的等性氢原子在PMR谱都给出了相应的峰(信号),峰的强度与结构中的H原子数成正比那么,甲酸乙酯在PMR谱中的信号和强度分别应该是( )A两个信号,强度之比为1:1B三个信号,强度之比为1:1:1C两个信号,强度之比为3:1D三个信号,强度之比为3:2:1考点:有机物的结构式分析:有几种氢原子就有几个峰,峰的强度与结构中的H原子数成正比解答:解:HCOOCH2CH3中有3种氢原子,氢原子个数比为3:2:1,故选D点评:本题考查核磁共振氢谱,难度不大,注意核磁共振氢谱中有几种氢原子就有几个峰,峰的强度与结构中的H原子数成正比15下列各组反应,实质都是取代反应的是( )A苯硝化,苯酚和溴水反应,皂化反应,油脂的硬化B酯的水解,酯化反应,乙醇和氢卤酸反应,乙醇和浓硫酸加热至140时的反应C淀粉在硫酸存在下制葡萄糖,醛的氧化或还原D纤维素水解,浓硫酸和乙醇在170时的反应,蛋白质水解考点:取代反应与加成反应分析:根据有机化合物分子里的某些原子或原子团被其它原子或原子团所代替的反应是取代反应来解答A分别发生取代反应、取代反应、取代反应和加成反应反应;B都是发生取代反应;C分别为取代反应、氧化还原反应;D分别为取代反应、消去反应、取代反应解答:解:A苯硝化,苯酚和溴水反应,皂化反应,都是取代反应,油脂的硬化属于加成反应,反应类型不同,故A不选;B酯的水解为取代反应,酯化反应属于取代反应,乙醇和氢卤酸反应为取代反应,乙醇和浓硫酸加热至140时的反应生产乙醚为取代反应,反应类型相同,故选B;C淀粉在硫酸存在下制葡萄糖属于取代反应,醛的氧化或还原属于氧化还原反应,反应类型不同,故C不选;D纤维素水解为取代反应,浓硫酸和乙醇在170时的反应为消去反应,蛋白质水解为取代反应,反应类型不同,故D不选故选B点评:本题考查化学反应类型的判断,题目难度不大,本题注意常见有机物的结构和官能团的性质,特别是能发生的反应类型,要熟记取代反应包括酯的水解和酯化反应、醇分子间脱水、卤代烃的水解,糖类、蛋白质的水解,烃在光照条件下的卤代,苯及其同系物的卤代、硝化、磺化等16某有机物分子含有强还原性基团,将其与苛性钠溶液共煮后,可得到两种有机物,其中一种仍有强还原性,则该有机物可能是( )ABCD考点:有机物实验式和分子式的确定分析:A不能与氢氧化钠反应;B不能与氢氧化钠反应;C中甲酸根可看做醛基;D与氢氧化钠反应得到一种有机物解答:解:A不能与氢氧化钠反应,故A错误; B不能与氢氧化钠反应,故B错误;C有醛基,与NaOH作用后得到乙二醇和甲酸钠,甲酸根有强还原性,故C正确;D与氢氧化钠反应得到一种有机物丁二酸钠,故D错误故选C点评:本题考查有机物的结构与性质,为xx届高考常见题型和高频考点,把握官能团与性质的关系为解答的关键,题目难度不大17下列叙述错误的是( )A用金属钠可区分乙醇和乙醚B用高锰酸钾酸性溶液可区分苯和甲苯C用水可区分苯和溴苯D用新制的银氨溶液可区分甲酸甲酯和乙醛考点:有机物的鉴别;物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用专题:物质检验鉴别题分析:A乙醇含OH,与Na反应生成氢气;B甲苯能被高锰酸钾氧化;C苯的密度比水小,而溴苯的密度比水大,均与水不互溶;D甲酸甲酯和乙醛中均含CHO解答:解:A乙醇含OH,与Na反应生成氢气,而乙醚与Na不反应,现象不同,可鉴别,故A不选;B甲苯能被高锰酸钾氧化,使其褪色,而苯不能,现象不同,可鉴别,故B不选;C水与苯混合分层后有机层在上层,而溴苯与水混合后分层有机层在下层,现象不同,可鉴别,故C不选;D甲酸甲酯和乙醛中均含CHO,均发生银镜反应,现象相同,不能鉴别,故D选;故选D点评:本题考查有机物的鉴别,为高频考点,侧重于学生的分析能力和实验能力的考查,注意把握有机物的性质的异同,题目难度不大18化合物M叫假蜜环菌甲素(其结构如图所示),它是香豆素类天然化合物对M的性质叙述正确的是( )A在镍作催化剂并加热的条件下,1mol M最多可与6mol H2发生加成反应BM不可能使酸性KMnO4溶液褪色CM可在热的NaOH溶液中发生反应,最多可消耗3mol NaOHD1mol M最多可与2mol Br2发生反应考点:有机物的结构和性质专题:有机物的化学性质及推断分析:由结构简式可知,分子中含酚OH、醇OH、碳碳双键及COOC、碳氧双键,结合酚、醇、烯烃、酯、酮的性质来解答解答:解:A苯环、碳碳双键、羰基均可与氢气发生加成反应,则1mol M最多可与5mol H2发生加成反应,COOC中不能发生加成,故A错误;B含碳碳双键,则能使酸性KMnO4溶液褪色,故B错误;C酚OH、COOC及酯水解生成的酚OH均与NaOH反应,则M可在热的NaOH溶液中发生反应,最多可消耗3mol NaOH,故C正确;D酚OH的邻位与溴水发生取代,碳碳双键与溴水发生加成,则1mol M最多可与3mol Br2发生反应,故D错误;故选C点评:本题考查有机物的结构与性质,为高频考点,把握官能团与性质的关系为解答的关键,侧重烯烃、醇、酚、酯性质的考查,题目难度不大19使9克某二元羧酸和某二元醇恰好完全酯化,生成Wg酯和3.6g水,则该醇的相对分子质量是( )ABCD考点:有机物的推断专题:有机物的化学性质及推断分析:1molCOOH与1molOH生成1molH2O,二元羧酸和某二元醇恰好完全酯化,生成水的物质的量是二元醇的2倍,根据n=计算水的物质的量,进而计算二元醇的物质的量,根据质量守恒计算二元醇的质量,再根据M=计算二元醇的摩尔质量,据此可得二元醇的相对分子质量解答:解:3.6g水的物质的量为=0.2mol,故二元醇的物质的量为0.2mol=0.1mol,根据质量守恒可知,二元醇的质量为:Wg+3.6g9g=(W+3.69)g,该二元醇的摩尔质量为:=g/mol,故该二元醇的相对分子质量为:,故选B点评:本题考查有机物的有关计算,难度中等,根据确定水与二元醇的关系是解答关键20下列关系正确的是( )A熔点:戊烷2,2一二甲基丙烷2一甲基丁烷B氢的质量分数:苯乙烯甲烷C密度:CCl4H2OD等物质的量物质燃烧耗O2量:己烷苯苯甲酸考点:同分异构现象和同分异构体;有机物实验式和分子式的确定;有机化学反应的综合应用专题:有机化学基础分析:A烃类物质中,烃含有的C原子数目越多,相对分子质量越大,熔沸点越高,同分异构体分子中,烃含有的支链越多,分子间的作用力越小,熔沸点越小;B碳氢比小的氢的质量分数大;C四氯化碳的密度比水大,苯的密度比水小;D同物质的量的烃CxHyOZ燃烧耗O2量为x+来计算解答:解:A熔点:戊烷2一甲基丁烷2,2一二甲基丙烷,故A错误; B苯,乙烯,甲烷的碳氢比分别为:1:1;1:2:1:4,氢的质量分数:甲烷乙烯苯,故B错误;C四氯化碳的密度比水大,苯的密度比水小,密度:CCl4苯H2O,故C正确;D同物质的量的烃CxHyOZ燃烧耗O2量为x+,所以苯=苯甲酸,故D错误故选C点评:本题是一道综合考查题,考查学生烷烃的沸点比较规律、燃烧耗氧量规律、密度等知识,难度不大21物质的提纯是化学实验中的一项重要操作,也是化工生产及物质制备中的主要环节下列有关叙述中,不正确的是( )A乙酸乙酯中混有乙酸,可选用饱和Na2CO3溶液洗涤,然后进行分液,获得较纯净的乙酸乙酯B在提纯鸡蛋中的蛋白质时,可向鸡蛋清溶液中加入浓(NH4)2SO4溶液,然后将所得沉淀滤出,即得较纯的蛋白质C油脂的提纯中,可将油脂加入浓NaOH溶液中加热,然后过滤,滤出的溶液即为较纯的油脂D甘蔗是制备蔗糖的主要原料,榨出的甘蔗汁因含色素而呈棕黄色,在制取蔗糖前应先加入适量的活性炭,搅拌、过滤、蒸发结晶,即得较纯的蔗糖考点:物质的分离、提纯和除杂专题:化学实验基本操作分析:A乙酸可以和碳酸钠反应生成乙酸钠的水溶液,乙酸乙酯在饱和碳酸钠中的溶解度极小,不溶于水;B盐析一般是指溶液中加入无机盐类而使某种物质溶解度降低而析出的过程;C油脂是高级脂肪酸甘油酯;D甘蔗中含有蔗糖解答:解:A乙酸可以和碳酸钠反应生成乙酸钠的水溶液,但是乙酸乙酯在饱和碳酸钠中的溶解度极小,也不溶于水,这样乙酸乙酯和醋酸钠溶液分层,可以采用分液法来分离,故A正确; B饱和(NH4)2SO4溶液能使蛋白质发生盐析,不能发生变性,故B正确;C油脂是高级脂肪酸甘油酯,在碱性条件下能发生水解生成,高级脂肪酸和甘油,故C错误;D活性炭能吸附杂质,可用于提纯蔗糖,故D正确故选C点评:本题考查物质的分离提纯和除杂,题目难度不大,注意盐析一般是指溶液中加入无机盐类而使某种物质溶解度降低而析出的过程22一种高聚物分子B结构如图所示B是制造优良高频电绝缘材料的树脂,它是由a、b、c 3种单体通过缩聚反应脱掉小分子H2O而生成的,则a、b、c 3种单体的结构简式依次是( )A、HCHO和 B、CH3OH和 C、HCHO和 D、CH3CHO和考点:有机物实验式和分子式的确定分析:苯酚由于羟基对苯环影响,苯环邻对位氢变得活泼,可和甲醛发生缩聚反应,苯胺中氨基氢较活泼,类似苯酚邻位氢原子解答:解:由B的结构可知,苯酚和HCHO发生缩聚反应生成,苯胺和甲醛发生缩聚反应,故单体为:、HCHO和 ,故选A点评:本题考查了缩聚产物单体的判断,注意苯酚和甲醛的缩聚反应特点23在苯和苯酚组成的混合物中,碳元素的质量分数为90% 则混合物中氧元素的质量分数为( )A2.5%B5%C6.5%D7.5%考点:元素质量分数的计算分析:苯的分子式为C6H6,苯酚的分子式为C6H6O,分子中C、H原子数目之比均为1:1,故混合物中C、H元素质量之比为12:1,根据碳元素的质量百分含量可计算出H的质量分数,混合物中氧元素的质量质量分数=1w(C)w(H)解答:解:苯的分子式为C6H6,苯酚的分子式为C6H6O,分子中C、H原子数目之比均为1:1,故混合物中C、H元素质量之比为12:1,混合物中碳元素的质量分数为90%,则w(H)=90%=7.5%,则混合物中氧元素质量分数为190%7.5%=2.5%,故选A点评:本题考查混合物中元素质量分数计算,难度不大,关键利用分子式的确定混合物中C、H元素质量之比24某一溴代烷水解后的产物在红热铜丝催化下,最多可被空气氧化生成4种不同的醛,该一溴代烷的分子式可能是( )AC4H9BrBC5H11BrCC6H13BrDC7H15Br考点:卤代烃简介;乙醇的化学性质专题:有机物的化学性质及推断分析:先确定烷烃的对称中心,即找出等效的氢原子,再根据先中心后外围的原则,将溴原子逐一去代替氢原子,有几种氢原子就有几种一溴代烃,溴原子只有连接在键端的碳原子上水解生成的醇,且该碳上有氢原子,才能被氧化成醛,据此即可解答;解答:解:先确定烷烃的一溴代物的种类,然后,溴原子只有连接在键端的碳原子上水解生成的醇,且该碳上有氢原子,才能被氧化成醛A正丁烷两种一溴代物,异丁烷两种一溴代物,共4种,所以分子式为C4H9Br的同分异构体共有4种,其中溴原子连接在键端的碳原子上能被氧化成醛的只有1溴丁烷、1溴2甲基丙烷,故A错误;BC5H11Br水解生成在键端的碳原子上的醇,且该碳上有氢原子的卤代烃为:CH3CH2CH2CH2CH2Br 1溴戊烷;CH3CH2CH(CH3)CH2Br 2甲基1溴丁烷;CH3CH(CH3)CH2CH2Br 3甲基1溴丁烷;CH3C(CH3)2CH2Br 2,2二甲基1溴丙烷;被空气氧化生成4种不同的醛为:CH3CH2CH2CH2CHO 戊醛;CH3CH2CH(CH3)CHO 2甲基丁醛;CH3CH(CH3)CH2CHO 3甲基丁醛;CH3C(CH3)2CHO 2,2二甲基丙醛;故B正确;CC6H13Br水解生成在键端的碳原子上的醇,且该碳上有氢原子的卤代烃有13种,故C错误;DC7H15Br 水解生成在键端的碳原子上的醇,且该碳上有氢原子的卤代烃大于13种,更多,故D错误;故选B点评:本题考查同分异构体的应用和卤代烃的水解、醇的氧化等知识,可以根据所学知识来回答,难度中等二、填空题(4小题,共47分)25请按下列要求填空(1)支链上只有一个乙基,且式量最小的烷烃的名称3乙基戊烷(2)将甘氨酸(H2NCH2COOH)和丙氨酸缩合最多可形成4种二肽(3)有机物X的键线式(如图1所示)另一有机物Y是X的同分异构体,且属于芳香烃,请写出Y与乙烯在一定条件下发生聚合反应的化学方程式:(4)某有机物A结构如图2所示,取Na、NaOH、H2在一定条件下分别与等物质的量的A充分反应,理论上需要上述三种物质的物质的量之比为3:2:4考点:有机物的结构和性质;烷烃及其命名分析:(1)支链上只有一个乙基,则主链至少含有5个C原子;(2)甘氨酸和丙氨酸混合发生缩合,同种分子缩合有2种二肽,不同分子缩合,有两种缩合方式得到2种二肽;(3)X的同分异构体为苯乙烯,可发生加聚反应;(4)有机物A含有酚羟基、醇羟基以及羧基,结合苯酚、乙醇以及乙酸的性质判断解答:解:(1)乙基至少在3号位,只有一个乙基,则主链最少含有5个C,则式量最小的烷烃的结构简式为:,名称为3乙基戊烷,故答案为:3乙基戊烷;(2)甘氨酸和丙氨酸混合发生缩合,同种分子缩合有2种二肽,不同分子缩合,有两种缩合方式得到2种二肽,共生成4种二肽,故答案为:4;(3)X的同分异构体为苯乙烯,中含有双键能发生聚合反应:,故答案为:;(4)A中醇OH、酚OH、COOH均与Na反应,则1molA消耗3molNa;A中的酚OH、COOH与NaOH反应,则1molA消耗2molNaOH;含有苯环、醛基,都可与氢气发生加成反应,1mol可消耗4mol氢气,则消耗三种物质的物质的量之比为3mol:2mol:4mol=3:2:4,故答案为:3:2:4点评:本题考查有机物的结构与性质,为高频考点,把握常见有机物的官能团与性质的关系为解答的关键,侧重酚、醇、羧酸性质的考查,题目难度不大26下列实验操作不正确的是ACFA在催化剂存在的条件下,苯和溴水发生反应可生成无色、比水重的液体溴苯B将铜丝弯成螺旋状,在酒精灯上加热变黑后,立即伸入盛有无水乙醇的试管中,重复几次,完成乙醇氧化为乙醛的实验C试管中先加入一定量浓硫酸,再依次加入适量冰醋酸、无水乙醇,再加热制取乙酸乙酯D实验室制取乙烯时,放入几片碎瓷片,以避免混合液在受热沸腾时剧烈跳动E配制银氨溶液时,将稀氨水慢慢滴入硝酸银溶液中,产生沉淀后继续滴加到沉淀刚好溶解为止F验证溴乙烷水解产物时,将溴乙烷和氢氧化钠溶液混合加热,充分振荡溶液、静置、待液体冷却后,滴加硝酸银溶液考点:化学实验方案的评价分析:A苯和溴水不反应;B加热变黑生成CuO,再与乙醇发生氧化反应;C制备乙酸乙酯,先加乙醇,再加浓硫酸,最后加冰醋酸;D放入几片碎瓷片,防止暴沸;E配制银氨溶液时,将氨水滴到硝酸银中,生成沉淀恰好溶解即可;F溴乙烷和氢氧化钠溶液混合加热,水解后显碱性,检验溴离子应在酸性条件下解答:解:A苯和溴水不反应,在催化剂作用下苯、液溴反应生成溴苯,故A错误;B加热变黑生成CuO,再与乙醇发生氧化反应,重复几次,完成乙醇氧化为乙醛的实验,实验合理,故B正确;C制备乙酸乙酯,先加乙醇,再加浓硫酸,最后加冰醋酸,试剂的加入顺序不合理,故C错误;D放入几片碎瓷片,防止暴沸,以避免混合液在受热沸腾时剧烈跳动,实验操作合理,故D正确;E配制银氨溶液时,将稀氨水慢慢滴入硝酸银溶液中,产生沉淀后继续滴加到沉淀刚好溶解为止,此时溶液即为银氨溶液,故E正确;F溴乙烷和氢氧化钠溶液混合加热,水解后显碱性,检验溴离子应在酸性条件下,应水解后加酸至酸性,再滴加硝酸银溶液,故F错误;故答案为:ACF点评:本题考查化学实验方案的评价,为高频考点,把握混合物分离提纯方法、有机反应实验及实验操作为解答的关键,侧重实验基本操作和基本技能的考查,注意实验的评价性分析,题目难度不大27实验室制取少量溴乙烷的装置如图所示根据题意完成下列填空:(1)圆底烧瓶中加入的反应物是溴化钠、乙醇和1:1的硫酸配制体积比1:1的硫酸所用的仪器为BD(选填编号)A天平 B量筒 C容量瓶 D烧杯(2)写出烧瓶中发生的两个主要反应的化学方程式:NaBr+H2SO4HBr+NaHSO4、HBr+CH3CH2OH CH3CH2Br+H2O(3)将生成物导入盛有冰水混合物的试管A中,冰水混合物的作用是冷却、液封溴乙烷(4)用浓硫酸进行实验,若试管A中获得的有机物呈棕黄色,除去其中杂质的最佳方法是D(选填编号)A蒸馏 B氢氧化钠溶液洗涤 C用四氯化碳萃取 D用亚硫酸钠溶液洗涤(5)实验员老师建议把上述装置中的仪器连接部分由橡胶管改成标准玻璃接口,其原因是反应会产生Br2,腐蚀橡胶考点:制备实验方案的设计;有机化学反应的综合应用专题:实验评价题分析:(1)该实验用溴化钠固体和硫酸反应生成溴化氢,溴化氢与乙醇发生取代生成溴乙烷,配制体积比1:1的硫酸,为粗略配制,容量瓶用来精确配制溶液,称量固体需用天平;(2)药品混合后在加热条件下生成HBr并和乙醇发生取代反应;(3)生成物为溴乙烷,溴乙烷的沸点为38.4C,溴乙烷难溶于水,冷水可以将溴乙烷蒸气变成液态溴乙烷;(4)浓硫酸具有强氧化性,能氧化还原性气体溴化氢为溴单质导致试管A中获得的有机物呈棕黄色,除去溴乙烷中的溴,不能除去溴乙烷;(5)反应过程中生成的溴具有强氧化性,橡胶易被氧化,且能和溴发生加成解答:解:(1)天平、容量瓶不能用于量取液体的体积,此实验量取溶液的体积要求精确度不是很高,可用量筒量取,在烧杯中溶解,配制体积比1:1的硫酸无需用称量固体的天平、无需用精确配制溶液的仪器容量瓶,故答案为:BD;(2)溴化钠、乙醇和1:1的硫酸,药品混合后在加热条件下生成HBr并和乙醇发生取代反应,化学方程式为:NaBr+H2SO4HBr+NaHSO4、HBr+CH3CH2OH CH3CH2Br+H2O,故答案为:NaBr+H2SO4HBr+NaHSO4、HBr+CH3CH2OH CH3CH2Br+H2O;(3)收集装置所用导气管较长,可以起到冷却的作用,生成的溴乙烷和水互不相溶,并且溴乙烷的密度比水大,在冰水混合物的下层,故答案为:冷却、液封溴乙烷;(4)试管A中获得的有机物呈棕黄色,是由于浓硫酸具有强氧化性,将HBr氧化物Br2,产物为溴乙烷,混有单质溴,蒸馏不能完全除去杂质,并且操作麻烦,氢氧化钠溶液易使溴乙烷水解,四氯化碳会引入新的杂质,而亚硫酸钠和溴发生氧化还原反应生成HBr和硫酸钠,易与溴乙烷分离,所以d正确,故答案为:D;(5)浓硫酸具有强氧化性,将HBr氧化物Br2,生成的Br2具有强氧化性,会腐蚀橡胶,天然橡胶成分为聚异戊二烯,含有碳碳双键,也能和溴发生加成,所以应用玻璃导管,故答案为:反应会产生Br2,腐蚀橡胶点评:本题主要考查溴乙烷制备、提纯、有机反应等知识,掌握相关物质的基本化学性质并熟悉该装置和反应原理是解答本题的关键,平时须注意积累相关反应知识,本题难度中等28乳酸分子式为C3H6O3,在一定的条件下可发生许多化学反应,下图是采用化学方法对乳酸进行加工处理的过程其中A、H、G为链状高分子化合物,已知F常做内燃机的抗冻剂请回答相应的问题:(1)请写出C结构简式为CH2CHCOOCH3;A的名称为聚乳酸(2)B中所含的官能团名称碳碳双键、羧基;反应的反应类型是加聚反应(3)反应的化学方程式为2CH2=CHCOOH+HOCH2CH2OHCH2=CHCOOCH2CH2OOCCH=CH2+2H2O(4)反应的化学方程式为2+2H2O考点:有机物的推断分析:乳酸中含有OH和COOH,可发生缩聚反应生成A,则A为,两分子乳酸分子间脱水可以形成六元环状酯,结合I的分子式可知,I为,乳酸在浓硫酸作用下发生消去反应生成B,B为CH2CHCOOH,CH2CHCOOH与甲醇发生酯化反应生成C,则C为CH2CHCOOCH3,又知F常做内燃机的抗冻剂,所以F为HOCH2CH2OH,B和F发生酯化反应,1molF和与1molB或2molB发生酯化反应,由D的化学式可知,F和2molB完全发生酯化反应,则D为CH2CHCOOCH2CH2OOCCHCH2,1molB和1molF发生酯化反应,则E为CH2=CHCOOCH2CH2OH,D和E都含有C=C,在一定条件下都可发生加聚反应,据此解答解答:解:乳酸中含有OH和COOH,可发生缩聚反应生成A,则A为,两分子乳酸分子间脱水可以形成六元环状酯,结合I的分子式可知,I为,乳酸在浓硫酸作用下发生消去反应生成B,B为CH2CHCOOH,CH2CHCOOH与甲醇发生酯化反应生成C,则C为CH2CHCOOCH3,又知F常做内燃机的抗冻剂,所以F为HOCH2CH2OH,B和F发生酯化反应,1molF和与1molB或2molB发生酯化反应,由D的化学式可知,F和2molB完全发生酯化反应,则D为CH2CHCOOCH2CH2OOCCHCH2,1molB和1molF发生酯化反应,则E为CH2=CHCOOCH2CH2OH,D和E都含有C=C,在一定条件下都可发生加聚反应,(1)根据上面的分析可知,C结构简式为CH2CHCOOCH3,A为,A的名称为聚乳酸,故答案为:CH2CHCOOCH3;聚乳酸; (2)B为CH2CHCOOH,B中所含的官能团名称碳碳双键、羧基,反应的反应类型是加聚反应,故答案为:碳碳双键、羧基;加聚反应; (3)反应的化学方程式为 2CH2=CHCOOH+HOCH2CH2OHCH2=CHCOOCH2CH2OOCCH=CH2+2H2O,故答案为:2CH2=CHCOOH+HOCH2CH2OHCH2=CHCOOCH2CH2OOCCH=CH2+2H2O; (4)反应的化学方程式为2+2H2O,故答案为:2+2H2O点评:本题考查有机物的推断,题目难度中等,解答本题的突破口为乳酸的性质,注意根据所含有的官能团结合反应的特点可正推各有机物29已知:RCH=CHORRCH2CHO+ROH(烃基烯基醚)烃基烯基醚A的相对分子质量(M r)为176,分子中碳氢原子数目比为3:4与A相关的反应如下:请回答下列问题:(1)A的分子式为C12H16O(2)写出CD反应的化学方程式:CH3CH2CHO+2Ag(NH3)2OHCH3CH2COONH4+2Ag+3NH3+H2O(3)写出两种同时符合下列条件的E的同分异构体的结构简式:、(其中两种)属于芳香醛; 苯环上有两种不同环境的氢原子考点:有机物的推断分析:根据题中各物质的转化关系,B能连续发生氧化反应,B为醇,C为醛,由B的相对分子质量为60,则B为CH3CH2CH2OH,BC发生催化氧化反应,C为CH3CH2CHO,CD为银镜反应,则D为CH3CH2COONH4,烃基烯基醚A中碳氢原子数目比为3:4,其相对分子质量为176,结构B、E的结构及信息可知,A为,据此解答解答:解:根据题中各物质的转化关系,B能连续发生氧化反应,B为醇,C为醛,由B的相对分子质量为60,则B为CH3CH2CH2OH,BC发生催化氧化反应,C为CH3CH2CHO,CD为银镜反应,则D为CH3CH2COONH4,烃基烯基醚A中碳氢原子数目比为3:4,其相对分子质量为176,结构B、E的结构及信息可知,A为,(1)由上述分析可知,A为,所以A 的分子式为C12H16O,故答案为:C12H16O;(2)CD反应的化学方程式为:CH3CH2CHO+2Ag(NH3)2OHCH3CH2COONH4+2Ag+3NH3+H2O,故答案为:CH3CH2CHO+2Ag(NH3)2OHCH3CH2COONH4+2Ag+3NH3+H2O;(3)E()的同分异构体符合条件:属于芳香醛,分子中含有苯环、CHO;苯环上有两种不同环境的氢原子,由对称可知苯环上只有两种H原子,其取代基为乙基与CHO或两个甲基与CHO,所以符合条件E的同分异构体为、,故答案为:、(其中两种)点评:本题考查有机推断,属于有机合成综合性试题,全面考查了有机分子式和结构简式的推导、化学方程式的书写、同分异构体的判断与书写、有机信息的理解与应用,全面考查了学生思维能力、分析问题和解决问题的能力,难度中等30由E转化为对甲基苯乙炔()的一条路线如下:写出G的结构简式:和第步反应的条件氢氧化钠醇溶液、加热考点:有机物的推断分析:由E转化为对甲基苯乙炔(),先发生CHO的加成,再发生醇的消去反应,然后与溴发生加成引入两个溴原子,最后发生卤代烃在NaOH醇溶液中的消去反应生成CC,合成路线流程图为为:,据此解答解答:解:由E转化为对甲基苯乙炔(),先发生CHO的加成,再发生醇的消去反应,然后与溴发生加成引入两个溴原子,最后发生卤代烃在NaOH醇溶液中的消去反应生成CC,合成路线流程图为为:,根据上面的分析可知,G的结构简式为,第步反应的条件为 氢氧化钠醇溶液、加热,故答案为:; 氢氧化钠醇溶液、加热点评:本题考查有机推断与合成,需要学生熟练掌握官能团的性质与转化,综合考查学生分析推理能力等,难度中等三、计算题31由A、B两种气态烃组成的混合气体,对H2的相对密度为17常温常压下,取这种混合气体10mL与80mL氧气(过量)混合,当完全燃烧后恢复到原状态时,测得气体的体积为70mL试求:(1)混合气体的平均组成为C2.5H4;(2)若上述两种气体按体积1:1混合时,则两种气态烃的可能组成为C2H4和C3H4或CH4和C4H4考点:有关有机物分子式确定的计算分析:(1)密度与摩尔质量成正比,混合烃对H2的相对密度为17,据此可以计算出混合烃的平均摩尔质量,然后设出混合烃的平均分子式,根据差量法计算出平均H原子数,再根据平均摩尔质量计算出含有的平均C原子数;(2)根据平均分子式及两种气体按体积1:1进行讨论,得出每种体积的烃的组成解答:解:(1)设混合烃的平均分子式为:CxHy,密度与摩尔质量成正比,混合烃对H2的相对密度为17,则混合烃的平均摩尔质量为:17g/mol2=34g/mol,则12x+y=34,混合烃燃烧的方程式为:CxHy+(x+)O2xCO2+H2O,n, 1 x+ x 1+ 10mL (10+8070)=20mL(1+):1=20mL:10mL,解得:y=4,将y=4代入12x+y=34可得:x=2.5,所以混合气体的平均组成为:C2.5H4,故答案为:C2.5H4;(2)混合气体的平均组成为C2.5H4,当含有甲烷时,则另一种烃分子中含有H数目为4,设另一种烃含有的C数目为x,则:=2.5,解得:x=4,所以另一种烃为C4H4;当不含甲烷时,必须含有2个C的烃,平均H为4,则只能含有C2H4,另一种烃分子中H数目必须为4,设另一种烃中含有C数目为y,则:=2.5,解得:y=3,即另一种气态烃为C3H4,故答案为:C2H4和C3H4 或CH4和C4H4点评:本题考查了有关混合物反应的计算,题目难度中等,明确平均摩尔质量在化学计算中的应用,(2)为难点,需要根据常见烃的分子组成特点结合平均分子式中C、H平均组成进行讨论,试题培养了学生的分析能力及化学计算能力- 配套讲稿:
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