2018年四川省凉山州中考物理试题（解析版）

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1、2018年四川省凉山州中考物理试卷一、选择题1. 下列估测数据与实际不吻合的是（ ）A. 一个中学生的质量约为50kgB. 一支钢笔的长度为10dmC. 一位中学生步行的速度约为1.1m/sD. 家里标有220V，100W的白炽灯正常工作时，通过它的电流约为0.45A【答案】B【解析】【详解】A、中学生的质量一般为100斤，即50kg左右，故A与实际吻合；B、一支钢笔的长度约10cm，即1dm；故B与实际不吻合；C、中学生步行的速度约为1.1m/s；符合实际，故C与实际吻合；D、标有220V、100W的白炽灯正常工作时，通过它的电流约为：，故D与实际吻合；故选B。【点睛】此类型的题目要求对所学

2、的物理量有熟悉的认知，特别是单位大小要认识清楚，能对生活中常见的物理量进行估计，要多注意理论联系实际，生活中留心积累。2. 以下描述符合实际的是（ ）A. 投影仪能使物体在屏幕上成正立、放大的虚像B. 人离平面镜越远，他在平面镜中的像就越小C. “潭清疑水浅”的现象属于光的折射D. 凹透镜只对平行于主光轴的光具有发散作用【答案】C【解析】【详解】A、投影仪的工作原理：物距大于一倍焦距小于二倍焦距时，凸透镜成倒立、放大的实像；，而虚像是不有成在屏幕上的，故A错误；B、由平面镜成像的特点可知，像与物总是大小相等，所以，人离平面镜越远时，他在平面镜中的像大小不变，故B错误；C、光由水中斜射入空气中时

3、，发生折射，折射角大于入射角，导致看到的“物体”变高，所以“潭清疑水浅”的现象属于光的折射，故C正确；D、凹透镜对平行或不平行的光都具有发散作用，故D错误。故选C。3. 将一小木块和一大石块浸没在水中，松手后小木块上浮，大石块下沉，比较刚松手时两者所受的浮力大小（ ）A. 木块受到的浮力较大 B. 石块受到的浮力较大C. 两者受到的浮力一样大 D. 条件不足无法比较【答案】B【解析】【详解】根据阿基米德原理进行判断。根据题意可知，大石块的体积大于小木块的体积；浸没在水中刚松手时，大石块排开水的体积大于小木块排开水的体积，由可知，大石块受到的浮力大于小木块受到的浮力。故选B。【点睛】重点是阿基米

4、德原理的应用，根据，浮力的大小只与液体密度和排开的液体体积有关，与其它因素无关。4. 如图所示，闭合电路中的开关S，将滑动变阻器的滑片P向左移动时，两电表的读数变化情况是（ ）A. 电压表读数变小，电流表读数变小B. 电压表读数变大，电流表读数变小C. 电压表读数变大，电流表读数变大D. 电压表读数变小，电流表读数变大【答案】D【解析】【详解】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片P向左移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小根据可知，电路中的电流变大，即电流表的读数变大，故A、B错误；定值电阻R的电阻不变

5、，电流变大时，根据可知，定值电阻两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的读数变小，故C错误、D正确。故选D。【点睛】重点是根据欧姆定律分析动态电路，关键是读懂电路图，本题中很容易看成电压表测量R的电压，是本题一个容易错误的地方，实质电压表是与滑动变阻器并联的。5. 下列说法正确的是（ ）A. 制作电热器发热体的电阻丝的材料要求是：电阻率大，熔点高B. 家庭电路中空气开关跳闸，一定是发生了短路C. 在使用试电笔时，手指一定不能接触试电笔尾部的金属体D. 三孔插座中的接地线E不与大地相连接也符合安全用电【答案】A【解析】【详解】A、电热器是利用

6、电流的热效应进行工作的，电热器的主要组成部分是发热体，它是由电阻率大、熔点高的电阻丝绕在绝缘材料上做成的，故A正确；B、家庭电路中空气开关跳闸可能是发生了短路，也可能是用电器总功率过大，电路电流太大造成的，故B错误；C、使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，以形成通路，氖管才可能发光，故C错误；D、为了保证用电安全，三孔插座的接地线一定要接入地下，当有金属外壳的用电器接入电路后，避免金属外壳用电器漏电时发生触电事故。故D错误。故选A。【点睛】家庭电路电流过大的原因有两个，一是短路，电流很大；二是电功率过大，干路电流也会过大，从而造成空气开关跳闸。6. 下图中能正确反映通过某一定值电阻的电流与

7、它两端电压的关系的是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】在电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；A、图线为反比例函数图象，表示电流与电压成反比，故A不符合题意；B、图线表示电压增大时，导体中的电流不变，故B不符合题意；C、图线为正比例函数图线，表示电阻一定时，通过电阻的电流与电压成正比，故C符合题意；D、图线表示随着电压的增大，电流是减小的，故D不符合题意。故选：C。【点睛】在电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比, 正比例函数图线是一条过原点的直线。7. 小红与家人周末乘汽车去西昌卫星发射中心参观，路上爸爸告诉她汽车发动机是汽油机，并用水作冷却剂。到达发

8、射中心，小红刚下汽车便闻到墙内飘来的阵阵桂花香。返回时又到漫水湾温泉山庄泡温泉，小红刚进入温泉水时感到水温较高，泡完温泉从水中上岸后又觉得冷。小红结合平时学习得到以下结论，其中错误的是（ ）A. 物体的温度升高肯定是由于物体吸收了热量B. 汽车的发动机用水作冷却剂是由于水的比热容大C. 墙内开花墙外香，是由于分子在不停地做无规则运动D. 夏天游泳者从水中上岸后会感觉冷是由于他体表的水蒸发吸热造成的【答案】A【解析】【详解】A、做功和热传递都能改变物体的内能，所以，物体温度升高，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界物体对它做了功，故A 错误；B、汽车的发动机用水作冷却剂，是由于水的比热容大，相同

9、质量的水和其它物质比较，升高相同的温度时，水吸收的热量多，使发动机的温度不致升得太高，故B正确；C、墙内开花墙外香，即扩散现象，是花香分子在不停地做无规则运动的结果，故C正确；D、夏天游泳者从水中上岸后，身上带有大量的水分，水在蒸发时吸热，所以吸收身体的热量，使人体的温度降低，所以人会感觉到冷，故D正确。故选A。【点睛】牢记改变物体内能的两种方式，即热传递和做功，两种方式对于内能的改变是等效的，两种方式很容易区分，做题不难。8. 能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱。以下关于能源、信息和材料的论述正确的是（ ）A. 超导材料可以用于电热器的发热元件B. 光纤通信是利用光的折射传递信息C.

10、手机通信是用超声波传递信号的D. 煤、石油、天然气归根到底都来源于太阳能【答案】D【解析】【详解】A、超导材料电阻为零，电流流过导体时，导体不发热，超导体不能用来制作电热器的发热元件，故A错误；B、光纤通信是利用光的全反射原理来传递信息的，故B错误；C、移动通信都是用电磁波中的微波来传递信号的，微波传递信息量大，速度快，故C错误；D、现在人类社会使用的能源主要是煤、石油和天然气，它们被称为化石类能源，都源于太阳能，故D正确。故选D。【点睛】理解超导材料不能用于电热类用电器，因为这类用电器利用电流的热效应工作，必须有电阻才可以发热。另外体会电磁波被广泛应用于传递信息的特点，想想我们身边充满了各种

11、电磁波，如；手机信号、广播电视信号、卫星通信等，电磁波的使用方便了人们的通信和信息的获取，要知道远距离的无线通信都是使用的电磁波。9. 共享单车是节能环保的交通工具，小杨骑共享单车游玩邛海湿地公园，下列说法正确的是（ ）A. 小杨骑行的速度最大可以达到50m/sB. 小杨下坡时不蹬车，单车继续滑行是因为受到惯性C. 小杨骑车匀速转弯时，运动状态没有发生改变D. 以上说法都不对【答案】D【解析】【详解】A、50m/s=180km/h，该速度比小汽车在高速公路上的速度还快，所以小杨骑行的速度不可能达到50m/s，故A错误；B、惯性不是力，不能说“受到惯性”，且下坡时不蹬车，单车继续滑行，是因为重力

12、势能转化为动能的缘故，故B错误。C、小杨骑车匀速转弯时，运动方向不断变化，其运动状态发生改变，故C错误；D、所以，以上说法都不对，故D正确。故选D。【点睛】注意对惯性的理解，惯性是物体的基本属性，与物体的运动状态无关，与质量大小有关，且惯性不是力，不能说成：受到惯性作用，而应该描述成：具有惯性。10. 如图所示，质量分布均匀的长为L的木板A，放在水平桌面上，木板右端与桌边缘相齐，在水平向右推力作用下匀速地向右运动，在木板离开桌面前的过程中，下列分析正确的是（ ）A. 木板对桌面的压强不断变小B. 木板对桌面的压力与桌面对木板的支持力是一对平衡力C. 木板对桌面的压力不变D. 木板对桌面的压强不

13、变【答案】C【解析】【详解】C、因水平面上物体的压力和自身的重力相等，自重不变，所以，在板A移动过程中，A对桌面的压力不变，故C正确；AD、因木板在水平向右推力作用下匀速地向右运动，木板与桌面的接触面积变小，受力面积变小，所以，由可知，木板对桌面的压强不断变大，故AD错误；B、木板对桌面的压力与桌面对木板的支持力，二力相互作用，没有作用在同一物体上，不符合二力平衡条件，不是一对平衡力，是一对相互作用力，故B错误。故选C。【点睛】平衡力与相互作用力的判断是个难点，平衡力是作用在一个物体上的力，而相互作用力作用于两个物体，两对力的大小都相等，方向都相反，也都作用在一条直线上。11. 下列观点与实际

14、相符合的是（ ）A. 在月球上宇航员也能直接用语言交谈B. 扩音器的作用是增大声音的响度C. 只要物体振动，人就一定能听到声音D. 小孔成像的原理是光的反射【答案】B【解析】【详解】A、月球上没有空气，是真空状态，不能传播声音，所以宇航员不能直接用语言交谈，故A错误；B、扩音器的作用是增大声音的响度，即放大了声音，而音调和音色都不变，故B正确；C、耳朵能够听到的声音频率范围为2020000Hz，所以物体振动时若频率不在此范围内，人不能听到此声音，故C错误；D、小孔成像的原理是光的直线传播，故D错误。故选B。【点睛】注意牢记人耳的听觉范围，即20Hz-2000Hz，高于此频率的为超声波，低于此频

15、率的为次声波，人耳都是听不到的。五、填空题12. 如图所示，当开关S闭合和断开时，电流表的示数之比是3：1，则电灯L1和L2的电阻之比是_。甲、乙、丙、丁四个轻质小球，靠近时的相互作用情况是：甲排斥乙，乙吸引丙，丙排斥丁，若丁带负电，则甲一定_。【答案】 (1). 1：2 (2). 带正电【解析】【详解】（1）由图知，当开关S闭合时，两灯泡并联，电流表测干路电流，当S断开时，电路为L2的简单电路，电流表测L2的电流；因并联电路各支路独立工作、互不影响，所以，断开开关前后，通过L2的电流不变；已知当开关S闭合和断开时，电流表的示数之比是3：1，设电流表示数分别为3I、I，则可知干路电流为3I、通

16、过L2的电流为I，即I总=3I，I2=I；两灯并联时通过L1支路的电流：因并联电路中各支路两端的电压相等，结合欧姆定律可得：；所以L1和L2的电阻之比：；（2）已知丁带负电，丙排斥丁，则丁、丙一定带同种电荷，即都带负电；乙吸引丙，则乙可能带正电，也可能不带电；甲排斥乙，则甲、乙带同种电荷，即甲带正电；所以甲一定带正电。【点睛】要能根据电荷间的相互作用规律判断带电情况，解题不难，但很容易出现错误，必要时可以将题目中的带电情况标在草图上，则带电情况就很容易区分了。13. 如图所示，当开关S闭合时，灯L1、L2均不发光，电流表示数为零，但电压表指针有明显偏转，则此电路的故障是_。【答案】L2断路【解

17、析】【详解】灯L1、L2都不发光，电流表示数为零，则电路存在断路性故障；电压表指针有明显偏转，说明电压表的两接线柱与电源两极是连通的，断路在两接线柱住之间，即L2断路。【点睛】重点是根据欧姆定律判断电路故障，要理解当与电压表并联的灯泡断路时，电压表实际串联在电路中，由于电压表的电阻很大，所以电流表无示数，而电压表有示数且接近电源电压。14. 如图所示，当开关S闭合后，悬挂的小磁铁处于静止状态，若滑动变阻器的滑片P向右移动，则悬挂小磁铁的弹簧将会_（选填“伸长”或“缩短”）。电动摩托是现在人们常用的交通工具，电动摩托的动力来自电动摩托上的电动机；电动机工作时是把_能转化为机械能。【答案】 (1)

18、. 缩短 (2). 电【解析】【详解】（1）由图可知电流由螺线管的下方流入，则由安培定则可判断知螺线管上端为N极、下端为S极；此时通电螺线管与磁铁为同名磁极相邻，故应相互排斥；当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻变小，由欧姆定律可知电路中电流变大，则螺线管的磁性增强，故螺线管对磁铁的排斥力增大，磁铁向上移动，即弹簧长度将缩短。（2）电动机工作时消耗了电能，获得了机械能，所以将电能转化为机械能。【点睛】右手螺旋定则应用时，要注意四指弯曲指向电流的方向，千万不要理解成线圈的绕向，有同学容易在这点混淆，有个简单的方法，即使用右手螺旋定则前先把电流方向标在线圈上。15. 将一个标有“36V 10W”字

19、样的灯泡，接到电压为18V的电源上，此时该灯泡的实际功率为_W（灯丝电阻不随温度改变）。由三节新干电池串联组成的电池组的电压为_V。【答案】 (1). 2.5 (2). 4.5【解析】【详解】因为P，所以灯泡电阻为R129.6，灯泡接到18V电源上，实际功率为P实2.5W；一节干电池电压为1.5V，所以三节干电池串联总电压为31.5V4.5V。16. 如图甲所示，物体甲重40N，被50N的水平压力F甲压在竖直墙壁上保持静止，如图乙所示，物体乙重60N，在35N的水平拉力F乙作用下，沿水平桌面匀速向右运动，则物体甲受到的摩擦力f甲为_N，物体乙受到的摩擦力f乙为_N。【答案】 (1). 40 (

20、2). 35【解析】试题分析：（1）由P=得，大气作用在房顶上表面的压力：F=PS=1.01105Pa80m2=8.08106N（2）根据液体压强的计算公式P=水gh水=水银gh水银可知：水柱的高度：h水=10.336m故答案为：8.08106；10.33617. 如图所示，将一根质量均匀的铁棒按4：3的比例折成直角后，一端用绞链固定在墙上，铁棒能绕O点转动，此棒重70N，若要保持此棒在如图所示位置平衡，则加在A端的最小力为_N。【答案】40【解析】【详解】由图示杠杆可知，作用在A端的力，以OA为力臂时最长，即最大力臂是OA，此时力与OA垂直，力F最小，如图所示：铁棒按4：3的比例折成直角后，

21、AOB为直角三角形，可得：已知此棒重70N，则OB部分和BA部分的重力分别为：，根据杠杆平衡条件得：即：解得：。【点睛】重点是杠杆平衡条件的应用，解题的关键是把OB和BA当作两部分来考虑，在平衡条件中，将两部分加起来即可，而如果作为一个整体考虑，求重心的位置会比较麻烦。18. 如图所示，一装满水的密闭容器放置在水平桌面上，将其倒置后，水平桌面受到的压力将_，水对容器底的压强将_（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】 (1). 不变 (2). 不变【解析】试题分析：装满水的密闭容器放置在水平桌面上，其对水平桌面的压力等于容器和水的总重力，将其倒置后，水的质量不变，容器和水的总重不变，所以

22、，水平桌面受到的压力将不变；将其倒置后，水的深度不变，根据p=gh可知，水对容器底部的压强不变。【考点定位】液体的压强的特点19. 一个重为20N的物体在水平地面上受水平拉力作用时恰能以50cm/s的速度匀速运动，若物体运动了5m，拉力的功率为3W，则拉力做功_J，重力做功_J。【答案】 (1). 30 (2). 0【解析】【详解】由题可知，物体匀速运动，运动距离为：5m，根据可得物体运动的时间为：根据得拉力所做的功为：；物体水平运动，沿重力方向上并未移动距离，所以重力没有做功，即重力做功为0J。【点睛】求做的功时，也可以根据先求出拉力大小，再结合运动距离求做的功；第二问中根据做功的两个要素进

23、行判断，一要有力作用在物体上，二是物体在力的方向上通过一段距离，当力与物体运动方向垂直时，此力不做功，即物体没有沿重力方向运动，重力不做功。20. 用敲击后发声的音叉接触水面会溅起水花，此现象说明发声的物体在_。一位身高是1.7m的同学站在平面镜前1m处，此时他在镜中的像跟他的距离是_。【答案】 (1). 振动 (2). 2m【解析】【详解】用敲击后发声的音叉接触水面会溅起水花，此现象说明发声的物体在振动；根据平面镜成像的特点可知，像与物到镜面的距离相等。该同学站在平面镜前1m处，则像到镜面的距离也应是1m，那么他在镜中的像跟他的距离为。【点睛】用“溅起水花”来说明音叉的振动，是转换法的应用；

24、另外牢记平面镜成等大的虚像，像与物到镜面的距离相等，像与物的连线与镜面垂直，即像和物关于平面镜对称。21. 在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛移动到离凸透镜的距离为20cm时，若凸透镜的焦距为10cm，则移动凸透镜另一侧的光屏，直到光屏上得到烛焰清晰的像，此像的性质是_的实像。高压锅的作用是增大锅内气压，从而_锅内水的沸点（选填“提高”或“降低”）。【答案】 (1). 倒立等大 (2). 提高【解析】【分析】当物距等于2倍焦距时成等大的倒立的实像；液体沸点与气体压强的关系：气压越高，沸点越高。【详解】当时，在另一侧距凸透镜20cm处的光屏上可以得到一个与蜡烛倒立等大的实像；高压锅密封好，能增

25、大锅内气压，使沸点升高。故答案为：(1). 倒立等大 (2). 提高22. 把标有“3.8V 1.52W”字样的小灯泡接在电压为5V的电路中，且正常发光，应给小灯泡_联一个_的电阻。【答案】 (1). 串 (2). 3【解析】【详解】由题知，电源电压高于灯泡的额定电压，要使“3.8V 1.52W”字样的小灯泡接在电压为5V的电源上正常工作，根据串联电路分压的特点知，需要给它串联一个电阻，以分去一部分电压；根据得灯的正常工作电流为：串联电路中各处的电流相等，则；因串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和，得电阻两端的电压为：根据得串联电阻的阻值为：。【点睛】重点是欧姆定律的应用，关键是利用好串联

26、电路的电压和电流特点，是电路的最基本规律，是分析电路的基础，一定要熟练掌握。23. 用水冷却鸡蛋，鸡蛋的温度降低，内能_，这是通过_改变了鸡蛋的内能；若水的质量为0.2kg，水温升高了10，则水吸收的热量为_J。【答案】 (1). 减小 (2). 热传递 (3). 8.4103【解析】【详解】（1）用水冷却鸡蛋，水的温度低，鸡蛋的温度高，存在温度差，内能由温度高的鸡蛋转移到温度低的水；鸡蛋的温度降低，内能减小，是通过热传递的方式来减小鸡蛋的内能；（2）根据得水吸收的热量为：。【点睛】牢记改变物体内能的两种方式，即热传递和做功，两种方式对于内能的改变是等效的，两种方式很容易区分，做题不难。计算水

27、吸收的热量，牢记公式即可，公式应用中要注意单位的统一。六、作图题24. 如图所示，两透镜的主光轴在同一直线上，且两透镜的焦点正好重合，根据光路图，在方框内填上适当透镜的符号。【答案】【解析】【详解】由图知，通过第一个透镜的光线比入射光线更加远离主光轴，且平行于主光轴射出，所以该透镜对光线有发散作用，因此填凹透镜。通过第二个透镜的光线比入射光线向主光轴靠拢，且在主光轴上相交，所以该透镜对光线有会聚作用，因此填凸透镜。如图所示：【点睛】牢记凸透镜和凹透镜对光线的基本作用，即可正确作图。25. 如图所示，一木块漂浮在水面上静止，请画出木块的受力示意图。【答案】【解析】【详解】木块漂浮在水面上静止，则

28、受力平衡，即浮力等于重力。重力从重心竖直向下画，浮力从重心竖直向上画，标出符号G和F，注意两个力的长度相等，如图：【点睛】重点是画力的示意图，要理解静止时，受力平衡，即浮力等于重力，也就是我们常用的浮沉条件之一。26. 用一个动滑轮和一个定滑轮组成滑轮组来提升重物，请在图中画出最省力的绕法。【答案】【解析】【详解】从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法。如图所示：。【点睛】滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子通过动滑轮，段数越多越省力27. 如图所示，当开关S闭合时，小磁针静止在图中位置，涂黑的一端是N极，向右移动滑动变阻器的滑片P，

29、电磁铁的磁性减弱，请用笔画线代替导线将滑动变阻器连入电路中，并标出电源左端的极性（用符号且标在括号内）。【答案】【解析】【详解】根据磁极间的作用规律可知，电磁铁的左端应为S极、右端应为N极，由安培定则判断可知，电流应从电磁铁的左下端流入、右上端流出，所以电源左端为负极、其右端为正极；滑片P向右移动，电磁铁的磁性减弱，说明电流减小，变阻器接入的电阻增大，应连接滑动变阻器左下面的接线柱。故电路图如下：【点睛】重点是安培定则的应用，此定则展示了电流方向与磁场方向的关系，知道电流方向可以判断磁场方向，知道磁场方向当然也可以判断电流方向，注意多加练习熟练应用。七、实验探究题28. 如图甲所示，木块长度是

30、_cm，如图乙所示，电压表的示数是_V用天平测物体质量，当天平再次平衡时，天平右盘内所放砝码和游码在标尺上的位置如图丙所示，则天平左盘中被测物体质量是_g。【答案】 (1). 3.40 (2). 7.5 (3). 27.6【解析】【详解】（1）根据甲图，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值位1mm；物体左侧与5.00cm对齐，右侧与8.40cm对齐，所以物体的长度为：；（2）由乙图知：电压表选择的是015V量程，对应的分度值为0.5V，此时的示数为7.5V；（3）如图丙，天平标尺的分度值是0.2g，物体的质量为砝码质量加上游码指示的质量

31、，所以石块的质量为：。【点睛】刻度尺的使用，关键是一定要记住长度的记录结果必须有一位估计值，这是很多同学容易忘记的地方，多加练习形成习惯。对于天平的使用及读数，要特别注意游码读数应以左侧为准，且要看清楚标尺的分度值再读数。29. 在“探究杠杆的平衡条件”的实验中。（1）在杠杆上挂钩码前，杠杆静止在甲图中的位置，为使杠杆水平平衡，应将右端的平衡螺母向_（选填“左”或“右”）调节。将杠杆调节水平平衡的目的是避免_对实验的影响和便于_。（2）乙图中杠杆恰好处于水平平衡，若在A处下方再挂一个相同钩码，为使杠杆保持水平平衡，则需将挂在B处的钩码向右移动_格。（3）若取掉乙图中挂在B处的钩码，改用弹簧测力

32、计钩在C处对杠杆施拉力，为使杠杆保持水平平衡，且弹簧测力计示数最小，则弹簧测力计对杠杆的拉力方向是_。（4）此实验多次改变挂在支点O两边钩码的质量和悬挂位置，收集杠杆平衡时多组动力，动力臂、阻力和阻力臂的数据，其目的是_（选填“减小误差”或“寻找普遍规律”）【答案】 (1). 右 (2). 杠杆自重 (3). 测量力臂 (4). 1 (5). 竖直向上 (6). 寻找普遍规律【解析】【详解】（1）调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，应将右端的平衡螺母向上翘的右端移动；使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；（2）设一个钩码重为G，一格的长度为L

33、；根据杠杆的平衡条件可得：解得：故应该将B处所挂钩码须向右移动格；（3）阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，当动力臂最大时，动力最小；力的作用点与支点一定，最大力臂为支点到力的作用点的距离，所以力应与杠杆垂直；即为使拉力最小，应竖直向上拉弹簧测力计；（4）探究杠杆平衡的条件时进行多次实验，多次改变挂在支点O两边钩码的质量和悬挂位置，收集杠杆平衡时多组动力，动力臂、阻力和阻力臂的数据，其目的是通过实验数据总结实验结论，使实验结论具有普遍性，避免偶然性，即为了寻找普遍规律。【点睛】重点研究杠杆平衡条件的实验，除了杠杆平衡条件的应用，关键还是力臂变化情况的判断，理解当力与杠杆垂直时，力臂是最长的

34、，倾斜后力臂会变短。30. 在做测定“小灯泡的电功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器，电压表、电流表、开关和导线，图甲是没有连接完的实物电路。（1）请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整。_（2）在连接电路时开关应处于_状态，闭合开关前滑动变阻器的滑片应移到最_端（选填“左”或“右”）。（3）实验中通过移动滑片，分别记下多组对应的电流表和电压表的读数，并绘制成了图乙所示的UI图象，根据图象可计算出小灯泡的额定功率是_W，当加在小灯泡两端的电压为1.5V时，通电2min，电流通过小灯泡所做的功是_J。【答案】 (1). (2). 断

35、开 (3). 左 (4). 0.75 (5). 45【解析】【详解】（1）灯与电流表串联，电压表与灯并联，所以连接灯泡的右端到电压表的负接线柱即可，如下所示：（2）根据保护电路的原则，在连接电路时开关应处于断开状态，闭合开关前滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处，即滑动变阻器的最左端；（3）根据绘制成了图乙所示的UI图象，灯的电压为2.5V时，电流为0.3A，根据得小灯泡的额定功率是：；由图乙知，灯端的电压为1.5V时，电流为0.25A，通电2min，根据计算电流通过小灯泡所做的功是：；【点睛】重点是测量小灯泡电功率的实验，要熟练掌握电路图的连接，注意闭合开关前应将滑动变阻器的滑片调整到阻值最大端

36、，另外要能够从图像获得有用信息进行计算。八、计算题31. 如图所示，用细绳将质量为200g的木块系住，使木块浸没在水中，当木块静止时细绳对木块的拉力为1N，容器底部水的深度为20cm，已知容器底面积为40cm2，求：（1）木块受到的浮力；（2）水对容器底部的压力和压强。【答案】（1）3N；（2）8N； 2000Pa【解析】【详解】（1）木块的重力为：；细绳对木块的拉力为1N；由图可知，木块静止在水中，木块受向上的浮力、向下的重力和向下的拉力，三力平衡，所以得木块受到的浮力为：；（2）根据得水对容器底部的压强为：；根据计算水对容器底部的压力为：。【点睛】第一问中关键是明确木块静止时，浮力、重力、

37、拉力三个力平衡；求液体对容器底部的压力时，一般情况下先求出压强，再利用求压力，因为很多时候压力不等于液体的重。32. 如图甲所示，滑动变阻器R2标有“50 1A”字样，电源电压为8V且保持不变。当开关S闭合时，电流表A1和A2的指针偏转情况如图乙所示。求：（1）电阻R1的阻值（2）通电100s，电流通过电阻R1产生的热量；（3）再次移动滑动变阻器R2的滑片P，使两电流表指针偏离零刻度的角度相同，此时滑动变阻器R2消耗的电功率P2。【答案】（1）10；（2）640J；（3）1.6W【解析】【详解】（1）由图甲可知，滑动变阻器R2与电阻R1并联，电流表A1测量R2支路的电流，电流表A2是测量干路的

38、电流。由图乙可知，A1的量程为00.6A，示数为0.4A，即I2=0.4A；A2的量程为03A，其示数为1.2A，即I=1.2A；因并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以通过R1的电流为：根据得R1的阻值为：；（2）通电100s，R1产生的热量：；（3）根据电流表两个量程知，当两个电流表指针偏离零刻度的角度恰好相同时，电流表A2的示数是电流表A1示数的5倍，即：；根据并联电路的特点可知，滑片移动时，通过R1的电流I1不变，仍然为0.8A，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可知：；所以可得：即：解得：根据得变阻器R2消耗的功率为：。【点睛】重点是欧姆定律的应用和电功率的计算，注意熟练应用并

39、联电路的电压和电流特点，另外明白电流表两个量程的倍数关系，即大量程是小量程的5倍，并能根据电路图确定电流表分别测量哪部分的电流，再进行计算。33. 如图所示，将质量为80g，体积为100cm3的铁制小球放入盛水的薄玻璃容器的水中在玻璃容器下方有一已经接入电路的螺线管，小灯炮L标有“6V 3W”字样，通过螺线管的电流与螺线管对铁制小球的作用力F的关系如下表所示（灯丝电阻保持不变，不考虑铁制小球与螺线管距离的远近对作用力F的影响）求：（1）断开开关铁制小球静止时露出水面的体积是多少？（2）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使铁制小球能悬停在水中，此时小灯泡消耗的功率是多大？（3）闭合开关，调节滑动变阻

40、器的滑片使小灯泡正常发光，当铁制小球静止时，小球对容器底的压力是多大？【答案】（1）20cm3；（2）1.92W；（3）0.05N【解析】【详解】（1）小球的密度为：可见小球的密度小于水的密度，所以，断开开关时，铁制小球静止时处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，则小球受到的浮力：由可得，小球排开水的体积：则小球露出水面的体积为：；（2）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使铁制小球能悬停在水中时，小球受到的浮力为：因小球悬停静止时，处于平衡状态，由力的平衡条件可得：则螺线管对铁制小球的作用力：根据表格可知，此时电路中的电流为0.4A；根据可得，灯泡的电阻：所以此时小灯泡消耗的功率为：；（3）当小灯泡正常发光时，电路中的电流：根据表格可知，此时螺线管对铁制小球的作用力，此时小球受到竖直向上的浮力和支持力、竖直向下的重力和螺线管对铁制小球的作用力处于平衡状态，由力的平衡条件可得：，则小球受到的支持力：，因小球对容器底的压力和受到的支持力是一对相互作用力，二力大小相等，所以小球对容器底的压力为：。【点睛】考查了电功率的相关计算，浮沉条件和阿基米德原理的应用，多力平衡的分析，综合性较强，步骤较多，注意从整体把握题意，理清思路。涉及电功率的计算时，牢记和，在纯电阻电路中两公式可以直接使用，计算稍显简单。