中考物理试卷(WORD解析版)

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1、中考物理试卷(WORD解析版)一、单项选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）1（2分）（xx镇江）地面控制中心和嫦娥三号着陆器之间的信息传输是利用（）A超声波B次声波C电磁波D可见光考点：电磁波的传播专题：信息的传递分析：由于声音不能在真空中传播，而电磁波能在真空中传播，且在真空中的传播速度最快，故当代的航天、航空领域的通信都是通过电磁波实现的，故地面发出的指令通过电磁波传递给卫星解答：解：电磁波可以在真空中传播，卫星通信一般就是用电磁波进行信息传递的故选C点评：题考查了电磁波的传播特点，知道电磁波可以在真空中传播2（2分）（xx镇江）关于声的知识，下列说法错误的是（）A电视机上的“音

2、量”按钮是用来调节音调的B教室周围植树是在传播途中控制噪声C声音是由物体振动产生的D利用超声波清洗眼镜，表明声音具有能量考点：声音的综合利用专题：声现象分析：声音有三个特征：音调、响度和音色音调指声音的高低；响度指声音的大小；通过音色能分辨物体声音从产生到引起听觉有这样三个阶段：声源的振动产生声音；空气等介质的传播；鼓膜的振动控制噪声可从这三个方面着手声音是由发声体的振动产生的声波可以传递信息，是指告诉我们什么，也就是传递了信息，如教师讲课，告诉我们知识；声波可以传递能量是指可以改变什么，也就是传递了能量，如超声波洁牙，使我们的牙齿上的牙垢去掉，使我们的牙齿更洁净解答：解：A、使用电视机时，调

3、节音量按钮是为了改变声音的大小，调节的是声音的响度故A错误；B、教室周围植树是在传播途中控制噪声，故B正确；C、声音是物体的振动产生的，故C正确；D、把眼镜放在超声波清洗机里洗干净是利用声音传递能量故D正确；故选A点评：本题考查了声学的多个知识点，是中考的常见题型，难度不大3（2分）（xx镇江）如图，羊角锤上有十字架一样的结构，中间嵌着磁铁，钉钉子时，把钉子嵌在里，磁铁会将它牢牢吸住，则钉子材料应选择（）A铝B铜C铅D铁考点：磁性材料专题：磁现象、电生磁分析：磁性是磁体指能够吸引铁、钴、镍等物质的性质，不是所有物体都能被吸引解答：解：磁性是指磁体能够吸引铁、钴、镍等物质的性质，因此铜、铝、铅不

4、在此范围中故选D点评：在对于磁性的考查中，要记住磁性并不是吸引所有的金属，如铜、铝等很多种金属它都不吸引，只是金属中的三种：铁、钴、镍4（2分）（xx镇江）如图是加湿器斜放在水杯中“变粗”情景，这种现象属于（）A光的直线传播B光的折射C光的反射D光的色散考点：光的折射现象及其应用专题：光的折射、光的色散分析：光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、透镜成像等都是光的折射形成的解答：解：加湿器斜放在水中，水杯的侧面和水相当于一个放大镜，起了放大作用，因此看起来“变粗”，属于光的折射现象故选B点评：生活中的光现象很多，

5、平时要多观察、多思考，注重学以致用能力的锻炼5（2分）（xx镇江）如图是通电金属棒在磁场中运动的实验场景，据此原理设计的家电是（）A电热水壶B电饭锅C电风扇D电熨斗考点：磁场对通电导线的作用专题：电动机、磁生电分析：观察实验可知，通电导体在磁场中受到力的作用，再逐项分析各种家用电器的原理即可求解解答：解：图中，当闭合开关后，可以观察到磁场中的金属棒在导轨上运动，这说明通电导体在磁场中受到力的作用，电热水壶、电饭锅、电熨斗都是利用了电流的热效应设计的，电风扇是利用了通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的，故C正确故选C点评：此题主要考查的是学生对磁场对电流的作用、家用电器工作原理的理解和掌握，

6、基础性题目6（2分）（xx镇江）“端午佳节，粽叶飘香”，这现象说明了（）A分子间有空隙B分子间存在吸引力C分子间存在排斥力D分子在永不停息的做无规则运动考点：分子的热运动专题：分子热运动、内能分析：物质是由分子组成的，分子永不停息的作物规则运动，分子间有间隔，飘香就是闻到气味，分子间存在相互作用的引力和斥力闻到气味都是说明分子运动的解答：解：因为分子是不断运动的，所以才能出现“端午佳节，粽叶飘香”这一现象，与分子间隙、分子间引力斥力无关故选D点评：一定要熟记分子是不断运动的、分子之间有间隙、分子的质量和体积都很小的性质，并会用这些性质解释一些宏观现象7（2分）（xx镇江）舞台上经常用干冰（固态

7、二氧化碳）制造白雾，以渲染气氛，这种白雾是（）A干冰升华使空气中的水蒸气液化形成的小水珠B干冰熔化形成的小液滴C干冰升华形成的二氧化碳气体D干冰升华使空气液化形成的小液滴考点：液化及液化现象专题：汽化和液化、升华和凝华分析：（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固（2）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华解答：解：干冰（固态二氧化碳）升华吸热使周围环境温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠形成“白雾”故选A点

8、评：本题主要考查对制造舞台效果的物理学原理的了解，考查了物态变化现象的判断，是一道热学的基础题8（2分）（xx镇江）下列是教材中的几个探究案例，哪一个与另外三个研究方法不同（）A“探究动能大小与哪些因素有关”实验中，比较小车动能大小的方法B“比较纸锥下落的快慢”实验中，比较纸锥运动快慢的方法C“探究影响液体内部压强因素”实验中，比较液体内部压强大小的方法D“探究影响电流热效应的因素”实验中，比较电阻丝产生热量多少的方法考点：物理学方法专题：其他综合题分析：研究问题的方法有很多，如“控制变量法”、“等效替代法”、“类比法”、“理想模型法”、“转换法”等，可以先分析题中的四个选项分别用了哪一种研究

9、方法，然后再找出不同的解答：解：A、“探究动能大小与哪些因素有关”实验中，采用比较小车被推动的距离从而比较动能大小，采用的是转换法；B、“比较纸锥下落的快慢”实验中，比较纸锥运动快慢采用相同距离比时间的方法，采用的是控制变量法；C、“探究影响液体内部压强因素”实验中，比较液体内部压强是通过U形管两边液面高度差的不同比较的，采用的是转换法；D、“探究影响电流热效应的因素”实验中，比较电阻丝产生热量是通过温度计的示数不同实现的，采用的是转换法由此可见，ACD采用的都是转换法，只有B采用的是控制变量法故选B点评：本题考查了学生对物理方法的了解和掌握，属于基础知识的考查，比较简单9（2分）（xx镇江）

10、如图，闭合开关S后发现灯L不亮，电流表示数几乎为零，电压表指针有明显偏转，则电路的故障可能是（）A灯L短路B灯L断路C电阻R短路D电阻R断路考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用专题：电路和欧姆定律分析：S闭合后，灯泡不发光，电流表的指针几乎不动，说明电路有断路；电压表的指针有明显的偏转，说明电压表通过电流表和L与电源两极相连，因此R处出现断路解答：解：电压表有示数，说明电流表和L完好，电压表直接与电源两极相连，说明电阻R断路故选：D点评：本题要能根据电流表和电压表的示数情况判断串联电路的故障，电流表示数为零说明故障是开路，电压表有示数，说明开路在电压表的两接线柱之间10（2分）（xx镇江

11、）如图是足球运动踢球的情景（不计空气阻力），下列描述正确的是（）A足球在空中飞行时，受到重力和人对足球的踢力B足球在空中飞行时，运动状态保持不变C足球在空中下降过程中，重力对足球做了功D足球运动到最高点时，受到一对平衡力作用考点：力与运动的关系；平衡力的辨别；力是否做功的判断专题：运动和力；功、功率、机械效率分析：（1）地面及其附近的一切物体都受到重力的作用，物体的运动不需要力来维持，惯性是维持物体运动状态不变的原因；（2）运动状态的变化包括两方面：一是运动方向的变化，二是运动速度的变化；（3）一个力作用在物体上，并且物体在力的方向上通过一段距离，就说力对物体做了功；（4）二力平衡的条件：作用

12、在一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上解答：解：A、足球在空中飞行，不计空气阻力，只受到重力的作用，该选项说法不正确；B、足球在空中飞行时，运动方向和速度都是变化的，因此它的运动状态是改变的，该选项说法不正确；C、足球在空中下落的过程，受到重力的作用，并且在重力方向上通过了距离，因此重力对球做了功，该选项说法正确；D、足球运动到最高点时，只受到重力的作用，因此不属于平衡力，该选项说法不正确故选C点评：本题结合足球运动考查相关的物理知识，注重了物理和生活的联系，属于基础知识的考查，比较简单11（2分）（xx镇江）图示电路中（R0阻值已知，表示电阻值），不能测出Rx阻值的是（）ABCD

13、考点：欧姆定律的应用专题：图像综合题分析：利用电压表和电流表，结合串、并联电路电流和电压特点以及欧姆定律，直接或间接得出被测电阻两端的电压和电流，根据Rx=求出电阻解答：解：A、由电路图可知，电压表测Rx两端的电压，电流表测电路中的电流，即通过Rx的电流，根据欧姆定律即可求出Rx阻值B、由电路图可知，当开关拨至位置1时，电压表测量R0两端电压，根据欧姆定律可求出电路中的电流；当开关拨至位置2时，电压表测量R0、Rx两端的总电压，根据串联电路电压的特点可求出Rx两端电压，最后根据欧姆定律即可求出Rx阻值；C、由电路图可知，无论开关闭合还是断开，电压表的示数不变，即无法测出或间接得出通过Rx的电流

14、，故此电路图不能测出Rx阻值；D、由电路图可知，当开关拨至位置1时，电路为滑动变阻器、Rx的串联电路，电压表测Rx两端电压，读出电压表的示数为U；将开关拨至位置2，同时改变变阻器接入电路的阻值，使电压表的示数为U，读出此时电阻箱接入电路的阻值R，此时被测电阻Rx=R故选C点评：测电阻的原理为Rx=；用电压表和电流表，再根据串联电路和并联电路的电流和电压特点，直接或间接测量电压和电流，这是解决本题的关键12（2分）（xx镇江）在测量大气压的实验中，为消除活塞与针筒间的摩擦力对实验的影响，某同学采用了图示装置，将注射器筒固定在水平桌面上，把活塞推至注射器筒底端，用橡皮帽封住注射器的小孔，活塞通过水

15、平细线与烧杯相连，向烧杯中缓慢加水，当活塞刚开始向左滑动时，测得杯中水的质量为880g；然后向外缓慢抽水，当活塞刚开始向右滑动时，测得杯中水的质量为460g，烧杯质量为100g，活塞面积为7105m2，g=10N/kg轮轴间的摩擦和细线重不计，则所测大气压的值应为（）A1.26105PaB1.10105PaC1.01105PaD0.96105Pa考点：大气压强的测量方法专题：气体的压强、流体压强与流速的关系分析：当注射器中的活塞开始向右滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相同；当注射器中的活塞开始向左滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相反；解答：解：当注射器中的活塞开始向右滑动时，G1=

16、（0.88+0.1）kg10N/kg=9.8N，对活塞受力分析：f+F=G1=9.8N；当注射器中的活塞开始向左滑动时，G2=（0.46+0.1）kg10N/kg=5.6N，对活塞受力分析：Ff=G2=5.6N；两式联立解得：F=7.7N；p=1.10105Pa；故选B点评：利用注射器测量大气压时，用到的公式是p=，所以要分别得出大气压力F和活塞的横截面积S利用二力平衡可得出大气压力，并知道活塞的面积S，便可求出大气压的值了二、填空题（共9小题，每空1分，共28分）13（3分）（xx镇江）（1）图1中，物体的长度为1.60cm； （2）图2中，温度计的示数为2；（3）图3中，汽车速度表示数为6

17、0km/h考点：长度的测量；温度计的使用及其读数；速度与物体运动专题：基本仪器的使用专题分析：（1）物体始边从0刻度线开始，读出末端刻度值，即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；（2）该体温计的示数在3637之间，最小刻度值为0.1，由此可读出该体温计的示数；（3）要注意速度计上的单位以及指针所指示的数值解答：解：（1）物体始边从0刻度线开始，分度值是1mm，末端刻度值是1.60cm，故物体A的长度是1.60cm；（2）由图知：该温度计的分度值是1，温度计的示数为：2；（3）图中速度计上的单位是km/h，指针指示的数值是60，因此速度为60km/h故答案为：1.60；2；60点评：此

18、题考查的是常见的几种物理仪器的读数方法，在读数前一定要观察仪器的量程和分度值；需要注意的是长度的测量需要进行估读，14（2分）（xx镇江）如图，丝绸摩擦过的玻璃棒能将一块橡皮大小且不带电的“碳海绵”吸起，这表示了“碳海绵”的密度小，该玻璃棒带正电考点：与密度有关的物理现象；摩擦起电专题：其他综合题分析：（1）丝绸与玻璃棒摩擦，玻璃棒的一些电子转移到丝绸上，玻璃棒因失去电子而带正电，丝绸因得到等量的电子而带负电；（2）带电体能够吸引轻小物体，“碳海绵”能够被吸起，说明它比较轻，质量小解答：解：（1）橡皮大小的“碳海绵”能够被带电的玻璃棒吸起，说明它的质量小，由此可知它的密度小；（2）玻璃棒和丝绸

19、摩擦的过程中，玻璃棒带正电故答案为：小；正点评：本题考查了学生对密度以及摩擦起电的掌握，属于基础知识的考查，比较简单15（4分）（xx镇江）“好奇号”探测器在接近火星的过程中，相对于火星是运动的，在降落的初始阶段，“好奇号”加速下降，此时势能减小，动能增大（选填“增大”或“减小”），打开降落伞后，“好奇号”减速下降，此时它受到的阻力大于火星对它的引力（选填“大于”、“小于”或“等于”）考点：运动和静止的相对性；物体运动状态变化的原因；动能和势能的大小变化专题：运动和力分析：（1）运动和静止是相对的；若相对于参照物，位置没有改变，则静止；若相对于参照物位置发生了改变，则运动（2）影响动能大小的因

20、素：动能与物体的质量和速度有关，质量越大、速度越大，则动能越大影响重力势能大小的因素：重力势能与物体的质量和被举高度有关，质量越大、被举得越高，则重力势能越大（3）物体受非平衡力的作用，运动状态改变解答：解：“好奇号”探测器在接近火星的过程中，相对于火星位置发生改变，所以说是运动的；在降落的初始阶段，质量不变，高度降低，势能减小；“好奇号”加速下降，速度增大，动能增大；打开降落伞后，“好奇号”减速下降，受非平衡力作用，此时它受到的阻力大于火星对它的引力故答案为：运动；减小；增大；大于点评：此题主要考查了运动和静止的相对性，我们平时所说的运动和静止都是相对于参照物而言的同时考查了动能和重力势能的

21、变化情况，首先要掌握影响动能和重力势能大小的因素，再分析各影响因素的变化，从而判断动能和重力势能的变化16（4分）（xx镇江）如图是探究凸透镜成像的实验装置，光屏上得到了一个清晰的像（光屏上像未给出），则该像为倒立、缩小的实像，应用这一规律可以制成照相机（选填“照相机”或“投影仪”），保持透镜不动，将蜡烛向左移动，为使光屏上再次出现清晰的像，应将光屏向左移动（选填“左”或“右”）考点：凸透镜成像规律及其探究实验专题：探究型实验综合题分析：（1）根据凸透镜成像的三种情况和应用进行判断：u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机2fuf，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪uf，成正立、

22、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜（2）凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大解答：解：如图蜡烛和凸透镜的位置，物距u=25cm，凸透镜的像距是v=10cm，uv，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；将蜡烛向左移动，物距减小，为使光屏上再次出现清晰的像，像距要变大，所以将光屏向左移动故答案为：倒立；缩小；照相机；左点评：凸透镜成像的三种情况和应用，以及凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大是凸透镜成像习题的重要依据17（2分）（xx镇江）在研究气泡运动规律的实验中，小明每隔10s记录的气泡位置如图所示，则气泡上升时速度大小的变化情况是先变大后不变；小明用刻度尺测出A、B间的距离s=80cm

23、，则气泡通过AB段的平均速度v=1.6cm/s考点：变速运动与平均速度专题：长度、时间、速度分析：（1）从气泡在相等的时间内运动的距离进行分析，找出速度变化的规律；（2）根据公式v=求出气泡的平均速度解答：解：从记录的气泡位置图象可看出，气泡在相等的时间内运动的距离先增大后不变，由此可判断气泡上升时速度大小的变化情况是先变大后不变气泡通过AB段的平均速度v=1.6cm/s故答案为：先变大后不变；1.6点评：本题考查变速运动和平均速度，会根据速度公式计算速度的大小，同时会根据题中所给信息分析问题解决问题18（4分）（xx镇江）电水壶利用了电流的热效应，发热元件阻值为48.4，当发热元件两端电压为

24、220V时，该电水壶的电功率为1000W，通电440s产生的热量为4.4105J，这相当于完全燃烧10g天然气所放出的热量（q天然气=4.4104J/g）考点：电功率的计算；燃料的热值；焦耳定律的计算公式及其应用专题：电能和电功率；电与热、生活用电分析：（1）电流通过导体时向外放出热量的现象叫做电流的热效应；（2）知道发热元件的电阻和两端的电压，根据P=求出该电水壶的电功率，根据Q=W=Pt求出通电440s产生的热量；（3）由题意可知Q放=W，根据Q放=mq求出相当于燃烧天然气的质量解答：解：（1）电水壶是利用电流的热效应来工作的；（2）该电水壶的电功率：P=1000W，通电440s产生的热量

25、：Q=W=Pt=1000W440s=4.4105J；（3）由题意可知，Q放=Q=4.4105J，由Q放=mq可得，相当于燃烧天然气的质量：m=10g故答案为：热；1000；4.4105；10点评：本题考查了电流的热效应和电功率、电热、消耗燃料质量的计算，是一道较为较为简单的应用题19（2分）（xx镇江）为了测出机顶盒在待机时的电功率，小夏在外出旅游期间，关闭家里其它用电器的电源，用电能表测出待机时机顶盒所消耗的电能，数据见表，则机顶盒待机时的电功率为10W若镇江市有100万户家庭，按每户家庭一台机顶盒，每天机顶盒待机20小时，每度电0.6元计算，镇江家庭一天为此额外支付的电费为1.2105元时

26、间电能表示数2014年6月2日上午9点2014年6月7日上午9点考点：电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法专题：电能和电功率分析：（1）已知前后两次电能表的示数，示数之差就是消耗的电能；根据公式P=可求机顶盒待机时的电功率；（2）求出了待机功率，根据公式W=Pt先计算100万户每天待机消耗的电能，进一步求电费解答：解：（1）根据电能表读数的变化，这段时间电视机消耗的电能为：W=2604.7kWh2603.5kWh=1.2kWh；待机时间：t=24h5=120h，待机功率：P=0.01kW=10W；（2）100万户家庭待机消耗的电能：W=Pt=0.01kW110620h=2105kWh，应

27、交电费：0.6元kWh/2105kWh=1.2105元故答案为：10；1.2105点评：本题考查了利用电能表测量消耗电能、电功率的计算以及电费计算，增强了学生的节能意识，属于常见的中考题型20（3分）（xx镇江）如图是用天平正确测量盛水烧杯质量的场景，已知干燥的空烧杯质量为19.4g，则烧杯中水的质量为54g，若每个水分子质量为31023g，则烧杯中的水含有181024个水分子，将这些水分子沿一条直线紧密排列，长度将达7.21014m，可绕地球赤道约1800万圈，据此可得水分子直径为41010m考点：质量的测量与天平专题：质量及其测量分析：（1）物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值（2）

28、知道水的总质量和每个水分子的质量，求出水分子的个数，由总长度除以个数得出水分子的直径解答：解：（1）烧杯和水的质量为：m总=50g+20g+3.4g=73.4g，水的质量为：m=m总m0=73.4g19.4g=54g（2）水的分子个数：n=181024（个），直径D=41010m；故答案为：54；181024；41010点评：通过计算说明物质是由大量分子构成的本题还考查了质量计算等，是比较简单的题目21（4分）（xx镇江）如图1所示，某同学在“测量小灯泡电功率”的实验中，误将电压表并联在滑动变阻器两端，他从滑片置于最右端时开始记录第一组数据，调节滑测得多组数据，描绘出的UI图象如图2所示，已知

29、小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压为4.5V，可求得小灯泡正常发光时的阻值为12.5，额定功率为0.5W，变阻器最大阻值为40，为使实验中小灯泡两端电压不超过3V，则滑动变阻器接入电路的最小阻值为6.8（保留一位小数）考点：电功率的测量专题：计算题；测量型实验综合题分析：由电路图可知小灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器的电压，根据分压原理，求出灯泡正常发光时滑动变阻器的电压，然后由图读出电路中的电流即可根据欧姆定律求灯泡的阻值；根据P=UI求出额定功率；由图2得出滑动变阻器连入电路阻值最大时的电压和电流值，根据欧姆定律求出其阻值；为使实验中小灯泡两端电压不超过3V，根据分压原理，滑动

30、变阻器分得最小电压不可小于1.5V，故由图2读出此时的电流，即可根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小阻值解答：解：（1）电路图可知小灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器的电压，灯泡正常发光时小灯泡电压2.5V，根据串联电路的总电压等于串联的各分电压之和可得：滑动变阻器电压为U滑=UUL额=4.5V2.5V=2V，由图2可知：U滑=2V时，I=0.2A，则根据欧姆定律得：灯泡的阻值RL=12.5；额定功率PL额=UL额I=2.5V0.2A=0.5W；（2）滑动变阻器连入电路阻值最大时两端的电压最大，电路中的电流值最小，由图2可知：U滑最大=4V时，I最小=0.1A，根据欧姆定律得：其阻

31、值为R滑最大=40；（3）为使实验中小灯泡两端电压不超过3V，根据串联电路的总电压等于串联的各分电压之和可得：滑动变阻器分得最小电压U滑最小=UUL最大=4.5V3V=1.5V，由图2可知：U滑=1.5V时，I最大=0.22A，根据欧姆定律得：其阻值为R滑最小=6.8；故答案为：12.5；0.5；40；6.8点评：本题考查欧姆定律和串联特点的应用，掌握好串联电路的分压原理，知道电阻值越大分得电压就越大三、解答题（共7小题，共48分，解答26、27、28题时应有必要的解题过程）22（6分）（xx镇江）请按题目要求作答：（1）请在图1中画出入射光线AO经平面镜反射后的反射光线OB；（2）图2中杠杆

32、在水平位置平衡，请画出杠杆B点受到拉力的力臂l；（3）如图3，小王从插座处引出输电线（已画出）为一盏白炽灯供电，请完成电路连接考点：作光的反射光路图；力臂的画法；家庭电路的连接专题：图像综合题分析：（1）根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线（2）力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂（3）为了用电安全，开关要接在火线上；三孔插座的接法：上孔接地，左孔接零线，右孔接火线解答：解：（1）根据反射角等于入射角，在法线右侧画出

33、反射光线，如图所示：（2）反向延长动力的作用线，从支点O向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂L1如图所示：（3）把开关接在火线与电灯之间，且插座与电灯并联，三孔插座的接法是左零右火上接地，如下图所示：点评：（1）作反射光线时，先确定反射点，根据反射角等于入射角在同一平面内法线的另一侧画出反射光线，注意完成题目的要求（2）本题考查了力臂的画法，理解力臂的概念，会画力的作用线以及过支点的力的作用线的垂线是关键（3）掌握家庭电路中开关、电灯、两孔插座、三孔插座、保险丝的接法23（6分）（xx镇江）在研究冰的熔化特点实验中：（1）图1是冰的熔化图象，若在此过程中单位时间内吸收的热量恒定，水的比

34、热容是冰的2倍由AB的过程中，冰水混合物需要吸收热量，内能增加，总体积变小，冰的初温t0=10（2）图2是小军用“水浴法”做冰的熔化实验装置，实验结束后，由于小军忘记熄灭酒精灯，一段时间后，发现温度计示数维持100不变（外界气压为一个标准大气压），则此时试管中的水不沸腾（选填“沸腾”或“不沸腾”），理由是水达到了沸点，但不能继续吸收热量考点：熔化和凝固的探究实验专题：探究型实验综合题分析：（1）晶体从开始熔化到完全熔化完为晶体的熔化过程，在熔化的过程中该物质吸收的热量用来熔化，因此此过程温度保持不变，水的密度比冰的密度大，所以同质量的冰熔化成水后体积减小结合热量公式Q=cmt进行求解，比热容之

35、比，从而可计算初温（2）水沸腾的条件：达到沸点，不断吸热解答：解：（1）图是冰的熔化图象，处于冰水混合状态的是图中AB段在熔化的过程中该物质吸收的热量用来熔化，因此此过程温度保持不变，内能增加，冰不断熔化成水，因为水的密度比冰的密度大，所以同质量的冰熔化成水后体积减小，故总体积减小Q=cmt，水的比热容是冰的2倍，由图象知当水在5min内吸收热量后温度升高5，冰在5min内温度的变化量为10，所以冰的初温为10；（2）试管内外温度均为100，没有温度差，虽然达到了沸点，但不能继续吸收热量，不满足沸腾的条件，故试管里的水不会沸腾故答案为：（1）吸收；增加；变小；10；（2）不沸腾；水达到了沸点，

36、但不能继续吸收热量点评：此题是探究晶体融化和水的沸腾特点和条件，考查的非常全面24（7分）（xx镇江）图1是小明做“探究影响导体电阻大小的因素”实验所采用的电路，a、b、c、d是四根合金丝，用一只电压表分别测出它们两端的电压，得到的一次实验部分数据如表所示导体材料长度横截面积电压表示数/Va镍铬LS1.0b镍铬2LSc镍铬L2S0.5d锰铜LS（1）四根合金丝串联在电路中，它们两端的电压之比等于它们的电阻之比，为探究导体电阻与横截面积的关系，应比较合金丝a和c两端的电压，合金丝d两端电压如图2所示，示数为0.4V；（2）在得到上表数据的过程中，不能（选填“能”或“不能”）改变滑动变阻器滑片的位

37、置，为得到更可靠的实验结论，应多次实验，每次实验测量合金丝两端电压之前，需进行的一项实验操作是调节滑动变阻器的滑片到不同的位置（3）关于导体电阻与长度的关系，小明还进行了理论探究：某金属丝电阻为R，长度为L若把n根这样的电阻丝串联在电路中，则总长度为nL，总电阻为nR，从而得到导体电阻与长度的关系，依此关系，上表中合金丝b两端的电压应该为2V考点：影响电阻大小的因素专题：探究型实验综合题分析：（1）在图1中，实际上是利用在串联电路中（I相同）导体两端的电压与导体的电阻成正比，通过电压表示数的大小来反映电阻大小的；要探究导体的电阻跟导体的横截面积的关系，根据控制变量法的思路，要保证导体的材料和长

38、度都相同，导体的横截面积不同；电压表的读数方法：首先确定量程，然后分清分度值，根据指针位置读数；（2）在同一次实验中，应保证电压不变；为了使结论更具普遍性，要改变电阻两端的电压进行多次实验；（3）把长度L的电阻丝分成n段相等长度的小段，比较在横截面积、材料相同的条件下，导体的电阻与长度成正比；根据串联联电路的分压作用和串联电路中（I相同）导体两端的电压与导体的电阻成正比，判断合金丝b两端的电压解答：解：（1）当通过导体的电流相同时，根据欧姆定律可知，导体两端的电压与导体中的电流成正比，可以利用电压表的示数来反映导体电阻的大小；要探究导体的电阻跟导体的横截面积的关系，就要保证导体的材料和长度都相

39、同，而导体的横截面积不同，所以选择a和c电阻丝；电压表03V的量程对应的分度值为0.1V，根据指针位置电压为0.4V；（2）在得到上表数据的过程中，为了保证电压不变，不能改变滑动变阻器滑片的位置；为得到更可靠的实验结论，应改变电阻两端电压进行多次实验，每次实验测量合金丝两端电压之前，需进行的一项实验操作是调节滑动变阻器的滑片到不同的位置；（3）n条长为l、电阻为R的导体，我们可以把它看成是由n段长度同为l电阻同为R的导体串联而成的，这n段导体的材料、横截面积都相同，则总长度为nL，总电阻为nR；合金丝b的长度是a的2倍，所以b两端的电压U=21V=2V故答案为：（1）电阻；c；0.4；（2）不

40、能；调节滑动变阻器的滑片到不同的位置；（3）nR；2点评：本题考查了串联电路中电压与电阻的关系、影响电阻大小的因素、电压表的读数、滑动变阻器的使用等知识点，是一道综合性题目，有一定难度25（6分）（xx镇江）图1是小勇研究弹簧测力计的示数F与物体F下表现离水面的距离h的关系实验装置，其中A是底面积为25cm2的实心均匀圆柱形物体，用弹簧测力计提着物体A，使其缓慢浸入水中（水未溢出），得到F与h的关系图象如图2中实线所示（g=10N/kg）（1）物体A重为3N，将它放在水平桌面上时对桌面的压强为1.2103Pa；（2）浸没前，物体A逐渐浸入水的过程中，水对容器底部的压强将变大；（3）完全浸没时，

41、A受到水的浮力为2N，密度为1.5103kg/m3；（4）小勇换用另一种未知液体重复上述实验并绘制出图2中虚线所示图象，则该液体密度为0.8103kg/m3考点：液体的压强的计算；浮力大小的计算专题：计算题；压强、液体的压强；浮力分析：（1）根据图象知道在未浸没之前，弹簧测力计的示数为物体重力；放在水平桌面上时对桌面的压力等于物体的重力，已知物体的底面积，根据p=求压强；（2）物体浸入水中到完全浸没；物体排开的水逐渐变大，有用水未溢出，则水面逐渐升高，根据p=gh可知水对容器底部的压强的变化；（3）由图可知完全浸没在水中弹簧测力计的拉力，两者之差就是受到的浮力；根据F浮=gV排即可求出物体体积

42、；由G=mg=Vg可求物体密度（4）由图可知完全浸没在液体中弹簧测力计的拉力，两者之差就是受到的浮力；根据F浮=gV排即可求出该液体密度解答：解：（1）分析图象数据可以得出结论：在物体A没有浸没之前，弹簧测力计的示数为3N，即物体重力为3N；放在水平桌面上时对桌面的压力F=G=3N，p=1.2103Pa；（2）物体浸入水中到完全浸没；物体排开的水逐渐变大，有用水未溢出，则水面逐渐升高，根据p=gh可知水对容器底部的压强的变大；（3）由图2可知：完全浸没时，弹簧测力计的拉力为F=1N，所以此时受到的浮力为F浮=GF=3N1N=2N；由F浮=gV排可得：物体体积V=V排=2104m3；由G=mg=

43、Vg得：物=1.5103kg/m3（4）由图2虚线所示可知：完全浸没另一种未知液体时，弹簧测力计的拉力为F=1.4N，所以此时受到的浮力为F浮=GF=3N1.4N=1.6N；由F浮=gV排可得：未知液体液=0.8103kg/m3故答案为：（1）3；1.2103；（2）变大；（3）2；1.5103；（4）0.8103点评：探究F与h的关系时，在未浸没之前，弹簧测力计的示数为物体重力，有的同学错误的认为，浮力与深度有关，这种认识是片面的，因为忽视了深度变化引起排开液体体积的变化26（7分）（xx镇江）将重为16N的物体用图示装置匀速提升2m，拉力F=10N，不计轮轴间摩擦及绳重，求：（1）动滑轮所

44、受重力的大小；（2）该过程中的有用功W有；（3）该装置的机械效率考点：有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率专题：功、功率、机械效率分析：图中使用的是动滑轮，承担物重的绳子股数n=2，则s=2h（1）不计摩擦和绳重，利用动滑轮拉力大小F=（G物+G轮）求动滑轮重；（2）根据公式W有用=Gh求出有用功；（3）利用=求动滑轮的机械效率解答：解：已知：n=2，G=16N，F=10N，（1）不考虑绳重和摩擦，F=（G+G轮），即：10N=（16N+G轮），动滑轮重：G轮=4N；（2）有用功为：W有用=Gh=16N2m=32J；（3）该装置的机械效率：=100%=100%=100%=100%=100%=8

45、0%答：（1）动滑轮所受重力为4N；（2）该过程中的有用功为32J；（3）该装置的机械效率80%点评：本题考查了使用动滑轮拉力的计算、功、机械效率的计算，根据题图确定n的大小是本题的突破口，利用好不计绳重和摩擦时拉力和物重的关系F=（G轮+G物）是本题的关键27（8分）（xx镇江）如图是一种配有风力发电机和太阳能电池板的新型路灯，路灯的额定功率为0.12kW，光电池接收太阳光辐射的功率为1kW，吹向风力发电机叶片上的风功率与风速之间的关系如下表所示，风能转化为电能的效率为4%，光电池将光能转化为电能的效率为光风速（m/s）2468101216风功率（W）151254201000xx337580

46、00（1）无风的晴天，光照6h，太阳能电池板产生的电能可使路灯正常工作10h，则路灯消耗的电能是多少kWh？光电池将光能转化为电能的功率光为多大？（2）在有风的晴天，经3h的光照和风吹，路灯可正常工作7h，则当时的风速为多大？考点：太阳能的其他相关计算专题：能源的利用与发展分析：（1）已知路灯的额定功率和工作时间，运用公式W=Pt求出路灯正常工作10h消耗的电能；知道光电池接收太阳光辐射的功率和光照时间，运用公式W=Pt求出光电池接收的太阳能；最后根据公式=求求出光电池将光能转化为电能的效率；（2）根据路灯的额定功率和工作时间，运用公式W=Pt求出路灯正常工作7h消耗的电能；运用公式W=Pt和

47、=求出光电池产生的电能；用路灯消耗的总电能减去光电池产生的电能，就是风力发电机产生的电能；根据风能转化为电能的效率为4%，求出消耗的风能；根据功率公式P=求出风的功率；据风功率与风速之间的关系，得出当时的风速解答：解：已知：P灯=0.12kW，P光=1kW，风=4%，（1）路灯工作t1=10h消耗的电能：W电1=P灯t1=0.12kW10h=1.2kWh；光照t2=6h，光电池接收的太阳能：W光1=P光t2=1kW6h=6kWh；光电池将光能转化为电能的效率：电=100%=20%；（2）路灯工作t3=7h消耗的电能：W电2=P灯t3=0.12kW7h=0.84kWh；光照t4=3h，光电池接收

48、的太阳能：W光2=P光t4=1kW3h=3kWh；根据公式电=可知光电池产生的电能：W光电=0.6kWh；风力发电机产生的电能：W风电=W电2W光电=0.84kWh0.6kWh=0.24kWh；根据公式光=，可知消耗的风能：W风=6kWh；风的功率为：P=2kW；根据风功率与风速之间的关系可知此时的风速为10m/s 答：（1）无风的晴天，光照6h，太阳能电池板产生的电能可使路灯正常工作10h，则路灯消耗的电能是1.2kWh；光电池将光能转化为电能的功率为20%；（2）在有风的晴天，经3h的光照和风吹，路灯可正常工作7h，则当时的风速为10m/s点评：本题通过风力发电机和太阳能电池板的新型路灯，

49、考查了功和功率以及效率的综合计算，是一道难度较大的题目28（8分）（xx镇江）如图是小强设计的一种汽车油量表装置，R1是粗细均匀的弧形滑动变阻器（两端黑点表示接线柱），金属滑片P做成一根可以绕O点转动的杠杆，另一端通过一根可以自由转动的轻杆和浮标相连，油量表是用量程为3V的电压表改装而成，要求它的示数随汽油液面的下降而减小，当继电器线圈中电流I0.5A时，提示灯亮表示油量不足，电源电压U=6V，汽油密度汽=0.7103kg/m3，线圈电阻不计（1）为达到上述要求，只需在图中加一根导线即可，请在图中用笔画线完成电路；（2）完成电路后，小强进行电路调试，已知当油箱加满时（汽油体积为V1），滑片P在

50、A处，R1接入电路的阻值为10，为使此时油量表指针指在3V处，电阻箱R2应调至多大？（3）调试结束后，当汽油消耗至提示灯刚亮时，求此时R1的电功率；（4）某加油站在汽油中掺入一种与汽油能够相溶的有机物后进行销售（有机物=0.97103kg/m3），若将此种汽油加入该油箱，当油量表显示已满时，油箱内所加这种汽油的体积V2V1（选填“”、“”或“=”），理由是油量表显示已满时，浮标两次受到的浮力相等，而掺入有机物后，使汽油密度变大，浮标排开液体体积减小，液面比加纯汽油时要低考点：欧姆定律的应用；电功率的计算专题：欧姆定律；电能和电功率分析：（1）根据题意可知，滑动变阻器与R2串联，电压表测量滑动变

51、阻器两端电压，据此判断需要添加的导线；（2）根据电压表的示数和R1的阻值，利用欧姆定律求出电路中的电流，再利用欧姆定律的变形公式求出电路中的总电阻，最后利用串联电路电阻的特点求出电阻箱接入电路的阻值；（3）根据题意可知灯泡刚亮时电路中的电流，先根据欧姆定律的变形公式求出电路中的总电阻，再利用串联电路电阻的特点求出R1的阻值，最后根据P=I2R求出R1的电功率；（4）根据题意判断液体密度的变化，再利用阿基米德原理判断浮球排开液体体积的变化，从而进一步判断液面的变化解答：解：（1）使滑动变阻器与R2串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，如下图所示：（2）当电压表示数为3V，控制电路中的电流：I=0.

52、3A，由I=可得，电路中的总电阻：R总=20，因为串联电路中总电阻等于各部分电阻之和，所以R2=R总R1=2010=10；（3）根据题意可知，灯刚亮时，I=0.5A，由I=可得，电路中的总电阻：R总=12，因为串联电路中总电阻等于各部分电阻之和，所以R1=R总R2=1210=2；R1的电功率：P=I2R1=（0.5A）22=0.5W；（4）油量表显示已满时，浮标两次受到的浮力相等，而掺入有机物后，使汽油密度变大，浮标排开液体体积减小，液面比加纯汽油时要低，故有V2V1答：（2）电阻箱R2应调至10；（3）R1的电功率为0.5W；（4）；油量表显示已满时，浮标两次受到的浮力相等，而掺入有机物后，使汽油密度变大，浮标排开液体体积减小，液面比加纯汽油时要低点评：本题考查滑动变阻器和电压表的连接、欧姆定律、串联电路电阻的特点、功率计算公式以及阿基米德原理的掌握和运用，虽知识点多、综合性强，但和生活现象密切联系，有意义！