2019年高考物理考前提分仿真试题十.doc
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2019届高考名校考前提分仿真卷物 理(十)注意事项:1、本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分。答题前,考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。2、回答第卷时,选出每小题的答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。写在试卷上无效。3、回答第卷时,将答案填写在答题卡上,写在试卷上无效。4、考试结束,将本试卷和答题卡一并交回。二、选择题:本题共8小题,每题6分,在每小题给出的四个选项中,第1418题只有一个选项符合题目要求。第1921题有多选项符合题目要求。全部答对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。14氡气有天然放射性,其衰变产生的粒子可对人的呼吸系统造成辐射损伤。氡衰变方程为RnPoX,衰变过程中同时产生射线,半衰期为3.8天,以下说法正确的是A该衰变过程为衰变B对一个特定的氡核,在3.8天内一定会衰变C射线是由处于高能级的Po核向低能级跃迁时产生的D衰变后,Po核与X粒子的质量之和等于衰变前Rn核的质量15如图所示,直线a与半圆周b分别表示两质点A、B从同一地点出发,沿同一方向做直线运动的vt图。当B的速度变为0时,A恰好追上B,则A的加速度为(B质点的运动为理想模型)A1 m/s2 B2 m/s2Cm/s2 Dm/s216如图所示的电路中,变压器为理想变压器,开关S闭合,交流电源电压恒定,电阻R1R2,通过R1的电流与通过R3的电流相等,R1两端的电压为电源总电压的,则若断开开关S,R1与R3的电功率之比为A13 B19C29 D11817科学家计划在2025年将首批宇航员送往火星进行考察。一质量为m的物体,假设在火星两极宇航员用弹簧测力计测得的读数为F1,在火星赤道上宇航员用同一把弹簧测力计测得的读数为F2。通过天文观测测得火星的自转角速度为,设引力常数为G,将火星看成是质量分布均匀的球体,则火星的密度和半径分别为A, B,C, D,18如图所示,ABC为竖直平面内的光滑绝缘轨道,其中AB为倾斜直轨道,BC为与AB相切的圆形轨道,并且仅圆形轨道处在匀强磁场中,磁场方向垂直纸面向里。今有质量相同的甲、乙、丙三个小球,其中甲球带正电、乙球带负电、丙球不带电,现将三个小球在轨道AB上分别从不同高度处由静止释放,都恰好通过圆形轨道最高点,则A经过最高点时,三个小球的速度相等B经过最高点时,甲球的速度最小C乙球释放的位置最高D甲球下落过程中,机械能守恒19如图所示,真空中有一边长为a的立方体,在图中A、C、F三个顶点放上电荷量相等的负点电荷q,已知静电力常量为k,设无穷远处的电势为零,下列说法正确的是AA处点电荷受到另两个点电荷对其作用力的合力大小为BB点处的电场强度的大小为CD、E、G三点电势相等D将一电子先后置于H点和B点,电子在H点的电势能小于其在B点的电势能20如图所示,用铰链将三个质量均为m的小球A、B、C与两根长为L的轻杆相连,B、C置于水平地面上。在轻杆竖直时,将A由静止释放,B、C在杆的作用下向两侧滑动,三小球始终在同一竖直平面内运动。忽略一切摩擦,重力加速度为g。则此过程中A球A的机械能一直减小B球A落地的瞬时速度为C球B对地面的压力始终等于D球B对地面的压力可小于mg21水平面上的三点A、O、B在一条直线上,OB2OA,OO是竖直的分界线,其左边区域内有水平向右的匀强电场,场强大小为E1,其右边区域内有水平向左的匀强电场,场强大小为E2。现将一带电量为q的小球从A点以初速度v0竖直向上抛出,小球在空中越过分界线后,竖直向下落在B点,不计阻力,重力加速度大小为g,则下列说法正确的是A小球在B点的电势能大于在A点的电势能B小球经过分界线时的速度与水平方向夹角的正切值tan 0.5C小球经过分界线时离水平面的高度为D左右两区域电场强度大小的比值为E1 : E21 : 2第卷三、非选择题:本卷包括必考题和选考题两部分。第22-32题为必考题,每个试题考生都必须作答。第33-38题为选考题,考生根据要求作答。(一)必考题(共129分)22(6分)研究性学习小组为“研究匀变速直线运动的规律”和“测当地的重力加速度”,采用了如图1所示的装置,其中m150 g、m2150 g,开始时保持装置静止,然后释放物块m2,m2可以带动m1拖着纸带打出一系列的点,只要对纸带上的点进行测量,即可研究匀变速直线运动。某次实验打出的纸带如图2所示,0是打下的第一个点,两相邻点间还有4个点没有标出,交流电频率为50 Hz。 (1)系统的加速度大小为_m/s2,在打点05的过程中,系统动能的增量Ek_J。(2)忽略一切阻力的情况下,某同学作出的图象如图3所示,则当地的重力加速度g_m/s2。23(9分)某同学为了测定一只电阻的阻值,采用了如下方法:(1)用多用电表粗测:多用电表电阻挡有4个倍率:分别为1 k、100、10、1,该同学选择100倍率,用正确的操作步骤测量时,发现指针偏转角度太大(指针位置如图中虚线所示)。为了较准确地进行测量,请你补充完整下列依次应该进行的主要操作步骤:a_;b两表笔短接,调节欧姆调零旋钮,使指针指在0 处;c重新测量并读数,若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示,测量结果是_。(2)为了尽量准确测该电阻Rx,除被测电阻Rx外,还备有如下实验仪器,请选择仪器,设计实验电路。A电流表A1,量程(010 mA),内阻约10 B电流表A2,量程(030 mA),内阻约4 C电压表V,量程(03 V),内阻约1 500 D滑动变阻器R1,阻值范围(025 )E滑动变阻器R2,阻值范围(01 000 )F电阻箱R3、R4,阻值范围均为(0199.9 )G开关一只和导线若干H电池E,电动势6 V,内阻未知根据(1)问的测量结果,该同学采用如图所示电路测电阻Rx的阻值,则电流表应选用_,滑动变阻器应选用_。(填写器材序号)(3)该同学进行了如下实验:将电压表的a端接b,测得110 ;将电压表的a端接c,测得125 。则Rx的电阻值更接近_。24(12分)如图所示的装置由传送带AB、水平地面CD、光滑半圆形轨道DE三部分组成。一质量为5 kg的物块从静止开始沿倾角为37的传送带上滑下。若传送带顺时针运动,其速度v10 m/s,传送带与水平地面之间通过光滑圆弧BC相连,圆弧BC长度可忽略不计,传送带AB长度LAB16 m,水平地面长度LCD6.3 m,半圆轨道DE的半径R1.125 m,物块与水平地面间、传送带间的动摩擦因数均为0.5。求:(sin 370.6,cos 370.8)(1)物块在传送带上运动的时间t;(2)物块到达D点时对D点的压力大小。25(20分)如图所示,有一间距为L且与水平方向成角的光滑平行轨道,轨道上端接有电容器和定值电阻,S为单刀双掷开关,空间存在垂直轨道平面向上的匀强磁场,磁感应强度为B。将单刀双掷开关接到a点,一根电阻不计、质量为m的导体棒在轨道底端获得初速度v0后沿着轨道向上运动,到达最高点时,单刀双掷开关接b点,经过一段时间导体棒又回到轨道底端,已知定值电阻的阻值为R,电容器的电容为C,重力加速度为g,轨道足够长,轨道电阻不计,求:(1)导体棒获得初速度v0时,电容器的带电量;(2)导体棒上滑过程中加速度的大小;(3)若已知导体棒到达轨道底端的速度为v,求导体棒下滑过程中定值电阻产生的热量和导体棒运动的时间。(二)选考题(共45分。请考生从给出的2道物理题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分)33【物理选修3-3】(15分) (1)(5分)如图所示,一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A,其中,AB和CD为等温过程,BC和DA为绝热过程。该循环过程中,下列说法正确的是。(填正确答案标号。选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分。每选错1个扣3分,最低得分为0分)AAB过程中,气体对外界做功,吸热BBC过程中,气体分子的平均动能减少CCD过程中,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减少DDA过程中,外界对气体做功,气体内能增加E该整个循环过程中,气体放热(2)(10分)如图所示,用质量m1 kg、横截面积S10 cm2的活塞在气缸内封闭一定质量的理想气体,活塞与气缸壁之间的摩擦忽略不计。开始时活塞距气缸底的高度为h10 cm且气缸足够高,气体温度t27 ,外界大气压强p01.0105 Pa,取g10 m/s2,绝对零度取273 。求:(1)此时封闭气体的压强;(2)给气缸缓慢加热,当缸内气体吸收4.5 J的热量时,内能的增加量为2.3 J,求此时缸内气体的温度。34【物理选修3-4】(15分) (1)(5分)下列判断正确的是。(填正确答案标号。选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分。每选错1个扣3分,最低得分为0分)A机械波既有横波又有纵波,而电磁波只有纵波B机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象C介质中质点振动的周期一定和相应的波的周期相等D机械波的频率、波长和波速三者满足的关系对电磁波也适用E在双缝干涉实验中,若仅将入射光由绿光改为红光,则相邻干涉条纹间距变窄(2)(10分)如图所示,一玻璃砖的截面为直角三角形ABC,其中A60,AB6 cm。现有两细束平行且相同的单色光a、b,分别从AC边上的D点、E点以45角入射,且均能从AB边上的F点射出。已知ADAF2 cm。求:(i)玻璃砖的折射率;(ii) D、E两点之间的距离。绝密 启用前【最后十套】2019届高考名校考前提分仿真卷物理答案(十)二、选择题:本题共8小题,每题6分,在每小题给出的四个选项中,第1418题只有一个选项符合题目要求。第1921题有多选项符合题目要求。全部答对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。14【答案】C15【答案】C【解析】设A的加速度为a两质点A、B从同一地点出发,A追上B时两者的位移相等,即xaxb根据v-t图象的“面积”表示位移,得,由题知 t4s,解得 am/s2,故选C。16【答案】D【解析】开关S闭合时,设电源的电压为U,变压器的匝数比为n;R1两端的电压为UR,变压器输入端的电压为U1,输出端的电压为U2;原线圈上的电流为I1,流过R2的电流为I2,流过R3的电流为I3,则:URU,U1UURUUU,由于:n,所以:U2,由欧姆定律得:I1;I2,由题:I1I3,由电流关系可得:,联立可得:n3,R32R1,若断开开关S,则:I1I3,由功率的表达式:PI2R,联立可得R1与R3的电功率之比为:,故D正确。17【答案】A【解析】在两极:GMmR2F1;在赤道上:GMmR2-F2m2R;联立解得RF1-F2m2; 由GMmR2F1,且M43R3,解得3F124G(F1-F2) ,故选A.18【答案】D【解析】在最高点时,甲球所受洛伦兹力向下,乙球所受洛伦兹力向上,而丙球不受洛伦兹力,三球在最高点所受合力不相等,由牛顿第二定律得:F合m,由于F合不等、m、R相等,则三个小球经过最高点时的速度不相等,故A错误;由于经过最高点时甲球所受合力最大,甲球在最高点的速度最大,故B错误;甲球经过最高点时的速度最大,甲的机械能最大,小球在运动过程中只有重力做功,机械能守恒,由机械能守恒定律可知,甲释放时的位置最高,故C错误;洛伦兹力不做功,小球在运动过程中只有重力做功,机械能守恒,故D正确。19【答案】ACD【解析】A、C、F三点形成了一个等边三角形,有F2cos 30,故A正确;B点处的电场强度是由三个点电荷各自产生的电场强度叠加而成的,合电场强度为,故B错误;D、E、G三点在电场中相对A、C、F三点的位置相同,故电势相等,故C正确;H点到三个固定负点电荷的距离大于B点到三个固定负点电荷的距离,所以HB,根据Epe得EpHEpB,故D正确。20【答案】BD【解析】设A球下滑h时,左侧杆与竖直方向夹角为,则cosL-hL,AB用铰链相连,则vAcosvBcos900-vBsin,当A下落到最低点时,B的速度为零,中间过程中B的速度不为零;同理可得,当A下落到最低点时,C的速度为零,中间过程中C的速度不为零。ABC三者组成的系统机械能守恒,中间过程B、C的动能不为零,A到最低点时,B、C的动能为零;则球A的机械能不是一直减小。故A项错误。当A下落到最低点时,B、C的速度为零,对三者组成的系统,A由静止释放到球A落地过程,应用机械能守恒得:mgL12mv2,解得:球A落地的瞬时速度v2gL。故B项正确。球A加速下落时,三者组成的系统有向下的加速度,整体处于失重状态,球B、C对地面的压力小于32mg。故C项错误。在A落地前一小段时间,B做减速运动,杆对B有斜向右上的拉力,则球B对地面的压力小于mg。故D项正确。21【答案】BC【解析】小球只受重力和电场力作用,故竖直方向做加速度为g的匀变速运动,又有A、B两点的高度相等,故竖直方向的速度大小相等;根据B点速度竖直向下可得:小球落在B点时的速度大小等于v0,则小球在空中运动的总时间为t2v0g;小球在水平方向只受电场力作用,做匀变速运动;故在OO左侧做加速度a1qE1mg的匀加速运动,在右侧做加速度a2qE2m的匀减速运动;设在左侧运动时间为t1,在右侧运动时间为t2;则有:t1+t22v0g,a1t1a2t2;又有OB2OA,所以,a1t1t2-12a2t22212a1t12;所以,t22t14v03g,E1:E2a1:a2t2:t12:1;故D错误;小球在竖直方向做竖直上抛运动,故经过分界线时离水平面的高度为hv0t112gt124v029g,故C正确;小球经过分界线时的水平速度vxa1t123v0;竖直速度:vyv0-gt113v0,则速度与水平方向夹角的正切值tanvyvx12,选项B正确;根据E1:E22:1,OB2OA,由UEd可得:A、B两点电势相等,故电势能相等,故A错误。第卷三、非选择题:本卷包括必考题和选考题两部分。第22-32题为必考题,每个试题考生都必须作答。第33-38题为选考题,考生根据要求作答。(一)必考题(共129分)22(6分) 【答案】(1)4.8 0.576 (2)9.6【解析】(1)据题意,从纸带可以求出系统的加速度:,而相邻计数点之间时间间隔为:T0.1s,则加速度为:a4.8m/s2,在打点05的过程中,系统动能的增量为:Ek12(m1+m2)v52,计数点5的瞬时速度为:v5x462T2.4m/s,则Ek0.576J;(2)据(m2-m1)gh12(m1+m2)v52,整理得:v522(m2-m1)ghm1+m2,则图像斜率为:k(m2-m1)gm1+m25.81.2,重力加速度为:g9.6m/s2。23(9分) 【答案】(1)换用10倍率的挡位120(2)BD(3)125【解析】(1)a.选择“100”倍率,用正确的操作步骤测量时,指针偏转角度太大,说明所选挡位太大,为准确测量电阻阻值,应换用倍率10的挡c欧姆表选择10挡位,由题图所示表盘可以知道,测量结果为1210 120 (2)流过待测电阻的电流大约为I A0.025 A25 mA,所以选择电流表A2,故选B,由于电路选择的分压电路所以最好用一个小一点的滑动变阻器,故选D.(3)由于电流表的电阻远小于待测电阻,所以选用电流表内接法误差较小,故Rx的电阻值更接近125 。24(12分) 【解析】(1)刚开始运动时,对物块受力分析可知mgsin37+mgcos37ma1解得a110 m/s2物块与传送带达到共同速度时va1t1,解得t11 s物块的位移x12at25m此后对物块受力分析可知mgsin37-mgcos37ma2解得a22 m/s2物块在传送带上的第二段运动LAB-xvt2+12a2t22解得t21 s物块在传送带上运动的时间tt1t22 s(2)物块到达传送带底端的末速度v2v+a2t212m/s在水平地面CD上,物块做匀减速直线运动,其加速度大小ag5 m/s2设物块到达D点时的速度为v3,则v32-v22-2aLCD 解得v39 m/s设此时D点对物块的支持力为FN,根据牛顿第二定律,有FN-mgmv32R解得FN410 N根据牛顿第三定律可知,物块对D点的压力大小为410 N。25(20分) 【解析】(1)当导体棒获得初速度v0时将产生感应电动势,电容器的电压等于此时导体棒切割磁感线产生的感应电动势 ,即UEBLv0此时电容器的带电量为:qCUCBLv0(2)导体棒上滑的过程中,根据牛顿第二定律得:mgsin-F安ma又F安iBL,iqtCUtCBLvtCBLa联立解得:amgsinm+CB2L2(3)导体棒上滑过程中,有0-v02-2aS导体棒下滑的过程中,由动量定理得:mgsint-I安mv-0而I安BiLtBBLvRLB2L2RvtB2L2RS联立解得:tvgsin+B2L2v02m+CB2L22Rm2g2sin2导体棒下滑的过程中,由能量守恒定律得:Q+12mv2mgSsin解得:Qv02m+CB2L2-mv22 (二)选考题(共45分。请考生从给出的2道物理题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分)33【物理选修3-3】(15分) (1)(5分) 【答案】ABD【解析】AB过程中,体积增大,气体对外界做功,温度不变,内能不变,气体吸热,故A正确;BC过程中,绝热膨胀,气体对外做功,内能减小,温度降低,气体分子的平均动能减小,故B正确;CD过程中,等温压缩,体积变小,分子数密度变大,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多,故C错误;DA过程中,绝热压缩,外界对气体做功,内能增加,故D正确;该循环中,气体对外做功大于外界对气体做功,即W0;一个循环,内能不变,U0,根据热力学第一定律,Q0,即气体吸热,故E错误。(2)(10分) 【解析】(1)以活塞为研究对象,由平衡条件得:mg+p0SpS解得:封闭气体压强为p1.1105Pa(2)由热力学第一定律得:UW+Q外界对气体做功为W-pSx对气体由盖吕萨克定律得:hSt+273h+xSt+273解得缸内气体的温度为t8734【物理选修3-4】(15分) (1)(5分) 【答案】BCD【解析】机械波既有横波又有纵波,而电磁波只有横波,故A不正确;干涉和衍射是波的特有性质,机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象,故B正确;波在传播过程中,介质中质点在波源驱动力作用下做受迫振动,振动周期都等于波的振动周期,故C正确;机械波的频率、波长和波速三者满足的关系vf适用于一切波,对电磁波也适用,故D正确;光的干涉条纹间距xLd,若仅将入射光由绿光改为红光,由于波长变大,故条纹间距变大,故E错误。(2)(10分) 【解析】(i)光路如图,nsinisinsin450sin3002 (ii)由sinC1n得C450 由图可知:b光线在G点发生全反射; 由几何知识DEGF是平行四边形;BFAB-AF;FGDE解得 DE8cm- 配套讲稿:
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