2019-2020年高考物理冲刺试卷(含解析).doc
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2019-2020年高考物理冲刺试卷(含解析)一、选择题:本题共8小题,每小题6分在每小题给出的四个选项中,第15题只有一项符合题目要求,第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分1(6分)在物理学理论建立的过程中;有许多伟大的科学家做出了贡献关于科学家和他们的贡献,下列说法中正确的是()A亚里斯多德根据理想斜面实验,提出力不是维持物体运动的原因B牛顿发现了万有引力定律,并设计了扭秤测量出了引力常量C库仑通过扭秤实验确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律D法拉第通过实验研究发现通电导线能产生磁场2(6分)如图甲所示,质量为4kg的物体在水平推力作用下开始运动,推力大小F随位移大小x变化的情况如图乙所示,物体与地面间的动摩擦因数为=0.5,g取10m/s2,则()A物体先做加速运动,推力撤去才开始做减速运动B物体在水平面上运动的最大位移是10mC物体运动的最大速度为20m/sD物体在运动中的加速度先变小后不变3(6分)如图所示,质量均可忽略的轻绳与轻杆承受弹力的最大值一定,杆的A端用铰链固定,光滑轻小滑轮在A点正上方,B端吊一重物G,现将绳的一端拴在杆的B端,用拉力F将B端缓缦上拉,在AB杆达到竖直前(均未断),关于绳子的拉力F和杆受的弹力FN的变化,判断正确的是()AF变大BF变小CFN变大DFN变小4(6分)如图所示,将a、b两小球以大小为20 m/s的初速度分别从A、B两点相差1s先后水平相向抛出,a小球从A点抛出后,经过时间t,a、b两小球恰好在空中相遇,且速度方向相互垂直,不计空气阻力,取g=10m/s2,则抛出点A、B间的水平距离是()A80 mB100 mC200 mD180 m5(6分)如图所示,a、b、c、d为某匀强电场中的四个点,且abcd,abbc,bc=cd=2ab=2l,电场线与四边形所在平面平行已知a=20V,b=24V,d=8V一个质子经过b点的速度大小为v0,方向与bc夹角为45,一段时间后经过c点,e为质子的电量,不计质子的重力,则()Ac点电势为12VB场强的方向由a指向cC质子从b运动到c所用的时间为 D质子从b运动到c电场力做功12eV6(6分)如图甲所示的电路中,理想变压器原、副线圈匝数比为5:1,原线圈接入图乙所示的电压,副线圈接火灾报警系统 (报警器未画出),电压表和电流表均为理想电表,R0为定值电阻,R为半导体热敏电阻,其阻值随温度的升高而减小下列说法中正确的是()A图乙中电压的有效值为110VB电压表的示数为44VCR处出现火警时电流表示数增大DR处出现火警时电阻R0消耗的电功率增大7(6分)“嫦娥二号”新开辟了地月之间的“直航航线”,即直接发射至地月转移轨道,再进入距月面约h的圆形工作轨道,开始进行科学探测活动设月球半径为R,月球表面的重力加速度为g月,万有引力常量为G,则下列说法正确的是()A由题目条件可知月球的平均密度为B“嫦娥二号”在工作轨道上绕月球运行的周期为C“嫦娥二号”在工作轨道上的绕行速度为D“嫦娥二号”在工作轨道上运行时的向心加速度为()2g月8(6分)两根足够长的光滑导轨竖直放置,间距为L,底端接阻值为R的电阻将质量为m的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端,金属棒和导轨接触良好,导轨所在平面与磁应强度为B的匀强磁场垂直,除电阻R外其余电阻不计现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放,则()A释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度gB金属棒向下运动时,流过电阻R的电流方向为abC金属棒的速度为v时,所受的安培力大小为F=D电阻R上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少量二、非选择题:包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题,每道试题考生都必须作答第13题第18题为选考题,考生根据要求作答(一)必考题9一学生利用如图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律该弧形轨道的末端水平,离地面的高度为H现将一钢球从轨道的不同高度h处由静止释放,钢球的落点距离轨道末端的水平距离为x(1)若轨道完全光滑,则x2与h的理论关系应当满足x2=(用H、h表示)(2)该同学经实验得到几组数据如表所示,请在图乙所示的坐标纸上作出x2h关系图h/101m2.003.004.005.006.00x2/101m2.623.895.206.537.78(3)对比实验结果与理论计算得到的x2h关系图线(图乙中已画出),可知自同一高度由静止释放的钢球,其水平抛出的速率(填“小于”或“大于”)理论值10在“测定金属丝的电阻率”的实验中,需要测出金属丝的电阻Rx,甲乙两同学分别采用了不同的方法进行测量:(1)甲同学直接用多用电表测其电阻,该同学选择10倍率,用正确的操作方法测量时,发现指针转过角度太大为了准确地进行测量,请你从以下给出的操作步骤中,选择必要的步骤,并排出合理顺序:(填步骤前的字母)A旋转选择开关至欧姆挡“1”B旋转选择开关至欧姆挡“100”C旋转选择开关至“OFF”,并拔出两表笔D将两表笔分别连接到Rx的两端,读出阻值后,断开两表笔E将两表笔短接,调节欧姆调零旋钮,使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度,断开两表笔按正确步骤测量时,指针指在图1示位置,Rx的测量值为(2)乙同学则利用实验室里下列器材进行了测量:电压表V(量程05V,内电阻约10k)电流表A1(量程0500mA,内电阻约20)电流表A2(量程0300mA,内电阻约4)滑动变阻器R1(最大阻值为10,额定电流为2A)滑动变阻器R2(最大阻值为250,额定电流为0.1A)直流电源E(电动势为4.5V,内电阻约为0.5) 电键及导线若干为了较精确画出IU图线,需要多测出几组电流、电压值,故电流表应选用,滑动变阻器选用(选填器材代号),乙同学测量电阻的值比真实值(选填“偏大”“偏小”“相等”),利用选择的器材,请你在图2方框内画出理想的实验电路图,并将图3中器材连成符合要求的电路11如图所示,绝缘水平面上有宽为L=1.6m的匀强电场区AB,电场强度方向水平向右,半径R=0.8m的竖直光滑半圆轨道与水平面相切于C,D为与圆心O等高的点,GC是竖直直径,一质量为m=0.1kg,电荷量q=0.01C的带负电滑块(可视为质点)以v0=4m/s的初速度沿水平面向右进入电场,滑块恰好不能从B点滑出电场,已知滑块与AB段的动摩擦因数1=0.4,BC段的动摩擦因数2=0.8,g=10m/s2(1)求匀强电场的电场强度E的大小;(2)将滑块初速度变为v0=v0则滑块刚好能滑到D点,求BC的长度x;(3)若滑块恰好能通过最高点G,则滑块的初速度应调为原初速度的多少倍?12如图甲所示,有一磁感应强度大小为B、垂直纸面向外的匀强磁场,磁场边界OP与水平方向夹角为=45,紧靠磁场右上边界放置长为L、间距为d的平行金属板M、N,磁场边界上的O点与N板在同一水平面上,O1、O2为电场左右边界中点在两板间存在如图乙所示的交变电场(取竖直向下为正方向)某时刻从O点竖直向上以不同初速度同时发射两个相同的质量为m、电量为+q的粒子a和b结果粒子a恰从O1点水平进入板间电场运动,由电场中的O2点射出;粒子b恰好从M板左端边缘水平进入电场不计粒子重力和粒子间相互作用,电场周期T未知求:(1)粒子a、b从磁场边界射出时的速度va、vb;(2)粒子a从O点进入磁场到O2点射出电场运动的总时间t;(3)如果金属板间交变电场的周期T=,粒子b从图乙中t=0时刻进入电场,要使粒子b能够穿出板间电场时E0满足的条件三、选考题:共45分请考生从给出的3道物理题中任选一题作答,并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号方框图黑注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致,在答题卡选答区域指定位置答题如果不涂、多涂均按所答第一题评分;多答则按所答的第一题评分【物理-选修3-3】(15分)13(6分)下列说法正确的是 ()A分子的热运动是指物体内部分子的无规则运动B碎玻璃不能拼在一起,是由于分子间存在着斥力C物体做加速运动时速度越来越大,物体内分子的平均动能也越来越大D液晶既有液体的流动性,又具有光学各向异性E在完全失重的情况下,熔化的金属能够收缩成标准的球形14(9分)如图所示,两端开口的U形玻璃管两边粗细不同,粗管横截面积是细管的2倍管中装入水银,两管中水银面与管口距离均为12cm,大气压强为p0=75cmHg现将粗管管口封闭,然后将细管管口用一活塞封闭并将活塞缓慢推入管中,直至两管中水银面高度差达6cm为止,求活塞下移的距离(假设环境温度不变)四、【物理-选修3-4】(15分)15如图所示是一列简谐波在t=0时的波形图,介质中的质点P沿y轴方向做简谐运动,其位移随时间变化的函数表达式为y=10sin5t cm关于这列简谐波及质点P的振动,下列说法中正确的是()A质点P的周期为0.4sB质点P的位移方向和速度方向始终相反C这列简谐波的振幅为20 cmD这列简谐波沿x轴正向传播E这列简谐波在该介质中的传播速度为10m/s16有一玻璃半球,右侧面镀银,光源S在其对称轴PO上(O为球心),且PO水平,如图所示从光源S发出的一束细光射到半球面上,其中一部分光经球面反射后恰能竖直向上传播,另一部分光经过折射进入玻璃半球内,经右侧镀银面反射恰能沿原路返回若球面半径为R,玻璃折射率为,求光源S与球心O之间的距离为多大?五、【物理-选修3-5】(15分)1719世纪初,爱因斯坦提出光子理论,使得光电效应现象得以完美解释,玻尔的氢原子模型也是在光子概念的启发下提出的关于光电效应和氢原子模型,下列说法正确的是()A光电效应实验中,入射光足够强就可以有光电流B若某金属的逸出功为W0,该金属的截止频率为C保持入射光强度不变,增大入射光频率,金属在单位时间内逸出的光电子数将减小D一群处于第四能级的氢原子向基态跃迁时,将向外辐射六种不同频率的光子E氢原子由低能级向高能级跃迁时,吸收光子的能量可以稍大于两能级间能量差18如图所示,光滑水平直轨道上有三个滑块A、B、C,质量分别为mA=mC=2m,mB=m,A、B用细绳连接,中间有一压缩的轻弹簧 (弹簧与滑块不栓接)开始时A、B以共同速度v0运动,C静止某时刻细绳突然断开,A、B被弹开,然后B又与C发生碰撞并粘在一起,最终三滑块速度恰好相同求:(1)B与C碰撞前B的速度;(2)弹簧具有的弹性势能甘肃省兰州一中xx届高考物理冲刺试卷参考答案与试题解析一、选择题:本题共8小题,每小题6分在每小题给出的四个选项中,第15题只有一项符合题目要求,第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分1(6分)在物理学理论建立的过程中;有许多伟大的科学家做出了贡献关于科学家和他们的贡献,下列说法中正确的是()A亚里斯多德根据理想斜面实验,提出力不是维持物体运动的原因B牛顿发现了万有引力定律,并设计了扭秤测量出了引力常量C库仑通过扭秤实验确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律D法拉第通过实验研究发现通电导线能产生磁场考点:物理学史分析:据物理学史和常识解答,记住著名物理学家的主要贡献即可解答:解:A、伽利略根据理想斜面实验,提出力不是维持物体运动的原因,故A错误;B、牛顿发现了万有引力定律,卡文迪许设计了扭秤测量出了引力常量,故B错误;C、库仑通过扭秤实验确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律,故C正确;D、法拉第通过实验研究,总结出法拉第电磁感应定律,奥斯特过实验研究发现通电导线能产生磁场故D错误;故选:C点评:本题考查物理学史,是常识性问题,对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一2(6分)如图甲所示,质量为4kg的物体在水平推力作用下开始运动,推力大小F随位移大小x变化的情况如图乙所示,物体与地面间的动摩擦因数为=0.5,g取10m/s2,则()A物体先做加速运动,推力撤去才开始做减速运动B物体在水平面上运动的最大位移是10mC物体运动的最大速度为20m/sD物体在运动中的加速度先变小后不变考点:动能定理专题:动能定理的应用专题分析:物体受到摩擦力和推力,推力小于摩擦力时物体开始减速;根据牛顿第二定律,当物体的合力最大时,其加速度最大由图读出推力的最大值即可求出最大加速度分析物体的运动情况:物体先加速运动,当合力为零为后做减速运动速度最大时推力就能得到,再由图读出位移由动能定理可求出最大速度解答:解:AD、拉力减小到等于摩擦力以后,物体先做加速度增大的减速运动,撤去F后做匀减速运动,故A、D错误B、由Fx图象的面积可得拉力全过程做功 W=1004=200J,由WFmgs=0,得s=10m,故B正确C、由Fx图象可知F=mg=20N时,x=3.2m,此刻速度最大,W1mgx=,其中W1=192J,得最大速度 vm=8m/s,故C错误故选:B点评:本题有两个难点:一是分析物体的运动过程,得出速度最大的条件;二是能理解图象的物理意义,“面积”等于推力做功,是这题解题的关键3(6分)如图所示,质量均可忽略的轻绳与轻杆承受弹力的最大值一定,杆的A端用铰链固定,光滑轻小滑轮在A点正上方,B端吊一重物G,现将绳的一端拴在杆的B端,用拉力F将B端缓缦上拉,在AB杆达到竖直前(均未断),关于绳子的拉力F和杆受的弹力FN的变化,判断正确的是()AF变大BF变小CFN变大DFN变小考点:共点力平衡的条件及其应用;物体的弹性和弹力专题:共点力作用下物体平衡专题分析:当细绳缓慢拉动时,整个装置处于动态平衡状态,以B点为研究对象,分析受力情况,作出力图根据平衡条件,运用三角形相似法,得出FN与边长AO、BO及物体重力的关系,再分析FN的变化情况解答:解:设物体的重力为G以B点为研究对象,分析受力情况,作出力图,如图作出力FN与F的合力F2,根据平衡条件得知,F2=F1=G由F2FNBABO得:=得到:FN=G式中,BO、AO、G不变,则FN保持不变由F2FNBABO得:=AB减小,则F一直减小;故选:B点评:本题中涉及非直角三角形,运用几何知识研究力与边或角的关系,是常用的思路4(6分)如图所示,将a、b两小球以大小为20 m/s的初速度分别从A、B两点相差1s先后水平相向抛出,a小球从A点抛出后,经过时间t,a、b两小球恰好在空中相遇,且速度方向相互垂直,不计空气阻力,取g=10m/s2,则抛出点A、B间的水平距离是()A80 mB100 mC200 mD180 m考点:平抛运动专题:平抛运动专题分析:两球相差2s抛出,根据竖直方向的速度vA=gt,vB=g(t1),结合两球的速度方向相互垂直,利用几何关系进而求出下落的时间,即可求出两点的水平距离解答:解:A经过t时间两球的速度方向相互垂直,此时B运动时间为(t1)s,根据几何关系可得:tan=解得:t=5s,则B运动时间为t1=4s故AB两点的水平距离X=v0t+v0(t1)=5v0+4v0=9v0180m故选:D点评:考查平抛运动的规律,抓住竖直方向的速度垂直,利用运动的分解列出等式注意三角函数等式的正确性5(6分)如图所示,a、b、c、d为某匀强电场中的四个点,且abcd,abbc,bc=cd=2ab=2l,电场线与四边形所在平面平行已知a=20V,b=24V,d=8V一个质子经过b点的速度大小为v0,方向与bc夹角为45,一段时间后经过c点,e为质子的电量,不计质子的重力,则()Ac点电势为12VB场强的方向由a指向cC质子从b运动到c所用的时间为 D质子从b运动到c电场力做功12eV考点:匀强电场中电势差和电场强度的关系专题:电场力与电势的性质专题分析:连接bd,bd连线的中点O电势与C点相等,是16V;质子从bc做类平抛运动,根据v0方向的分位移为l,求出时间,作出等势线oc,就能判断场强方向;根据动能定理可求出b到c电场力做的功解答:解:A、三角形bcd是等腰直角三角形,具有对称性,bd连线中点o的电势与c相等,为16V故A错误 B、oc为等势线,其垂线bd为场强方向,bd,则B错误 C、质子从bc做类平抛运动,沿初速度方向分位移为,此方向做匀速直线运动,则t=,故C正确 D、电势差Ubc=8V,则质子从bc电场力做功为8eV故D错误故选:C点评:本题关键是找等势点,作等势线,并抓住等势线与电场线垂直的特点,问题就变得简单明晰6(6分)如图甲所示的电路中,理想变压器原、副线圈匝数比为5:1,原线圈接入图乙所示的电压,副线圈接火灾报警系统 (报警器未画出),电压表和电流表均为理想电表,R0为定值电阻,R为半导体热敏电阻,其阻值随温度的升高而减小下列说法中正确的是()A图乙中电压的有效值为110VB电压表的示数为44VCR处出现火警时电流表示数增大DR处出现火警时电阻R0消耗的电功率增大考点:变压器的构造和原理;正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率专题:交流电专题分析:求有效值方法是将交流电在一个周期内产生热量与将恒定电流在相同时间内产生的热量相等,则恒定电流的值就是交流电的有效值由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比,输入、输出功率之比,半导体热敏电阻是指随温度上升电阻呈指数关系减小、具有负温度系数的电阻,R处温度升高时,阻值减小,根据负载电阻的变化,可知电流、电压变化解答:解:A、设将此电流加在阻值为R的电阻上,电压的最大值为Um,电压的有效值为U=T代入数据得图乙中电压的有效值为110V,故A正确B、变压器原、副线圈中的电压与匝数成正比,所以变压器原、副线圈中的电压之比是5:l,所以电压表的示数为22v,故B错误C、R处温度升高时,阻值减小,副线圈电流增大,而输出功率和输入功率相等,所以原线圈增大,即电流表示数增大,故C正确D、R处出现火警时通过R0的电流增大,所以电阻R0消耗的电功率增大,故D正确故选ACD点评:根据电流的热效应,求解交变电流的有效值是常见题型,要熟练掌握根据图象准确找出已知量,是对学生认图的基本要求,准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系,是解决本题的关键7(6分)“嫦娥二号”新开辟了地月之间的“直航航线”,即直接发射至地月转移轨道,再进入距月面约h的圆形工作轨道,开始进行科学探测活动设月球半径为R,月球表面的重力加速度为g月,万有引力常量为G,则下列说法正确的是()A由题目条件可知月球的平均密度为B“嫦娥二号”在工作轨道上绕月球运行的周期为C“嫦娥二号”在工作轨道上的绕行速度为D“嫦娥二号”在工作轨道上运行时的向心加速度为()2g月考点:万有引力定律及其应用专题:万有引力定律的应用专题分析:月球表面重力等于万有引力,绕月卫星的向心力由万有引力提供,据此列式分析即可解答:解:A、在月球表面重力与万有引力相等有可得月球质量M=,据密度公式可得月球密度,故A正确;B、根据万有引力提供圆周运动向心力有可得周期T=,故B错误;C、根据万有引力提供圆周运动向心力可得嫦娥二号绕行速度为,故C错误;D、根据万有引力提供圆周运动向心力可得嫦娥二号在工作轨道上的向心加速度,故D正确故选:AD点评:解决本题的关键是抓住星球表面重力与万有引力相等,万有引力提供圆周运动向心力入手,掌握公式及公式变换是正确解题的关键8(6分)两根足够长的光滑导轨竖直放置,间距为L,底端接阻值为R的电阻将质量为m的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端,金属棒和导轨接触良好,导轨所在平面与磁应强度为B的匀强磁场垂直,除电阻R外其余电阻不计现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放,则()A释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度gB金属棒向下运动时,流过电阻R的电流方向为abC金属棒的速度为v时,所受的安培力大小为F=D电阻R上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少量考点:导体切割磁感线时的感应电动势;能量守恒定律;右手定则专题:电磁感应功能问题分析:释放瞬间金属棒只受重力,加速度为g金属棒向下运动时,根据右手定则判断感应电流的方向由安培力公式、欧姆定律和感应电动势公式推导安培力的表达式金属棒下落过程中,金属棒减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能、金属棒的动能(金属棒速度不是零时)和电阻R产生的内能解答:解:A、金属棒刚释放时,弹簧处于原长,弹力为零,又因此时速度为零,没有感应电流,金属棒不受安培力作用,金属棒只受到重力作用,其加速度应等于重力加速度,故A正确; B、金属棒向下运动时,由右手定则可知,在金属棒上电流方向向右,流过电阻R的电流方向为ba,故B错误; C、金属棒速度为v时,安培力大小为F=BIL,I=,由以上两式得:F=,故C正确; D、金属棒下落过程中,由能量守恒定律知,金属棒减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能、金属棒的动能(速度不为零时)以及电阻R上产生的热量,故D错误故选AC点评:本题考查分析、判断和推导电磁感应现象中导体的加速度、安培力、能量转化等问题的能力,是一道基础题二、非选择题:包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题,每道试题考生都必须作答第13题第18题为选考题,考生根据要求作答(一)必考题9一学生利用如图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律该弧形轨道的末端水平,离地面的高度为H现将一钢球从轨道的不同高度h处由静止释放,钢球的落点距离轨道末端的水平距离为x(1)若轨道完全光滑,则x2与h的理论关系应当满足x2=4Hh(用H、h表示)(2)该同学经实验得到几组数据如表所示,请在图乙所示的坐标纸上作出x2h关系图h/101m2.003.004.005.006.00x2/101m2.623.895.206.537.78(3)对比实验结果与理论计算得到的x2h关系图线(图乙中已画出),可知自同一高度由静止释放的钢球,其水平抛出的速率小于(填“小于”或“大于”)理论值考点:验证机械能守恒定律专题:实验题;机械能守恒定律应用专题分析:(1)利用物体下落时机械能守恒求出抛出的速度,然后根据平抛运动规律即可解出正确结果(2)利用描点法进行作图(3)将实际图线和理论图线进行比较,即可得出正确结果解答:解:(1)物体在光滑轨道上下落时,机械能守恒有: 平抛后有:x=v0t 联立解得:x2=4Hh故答案为:4Hh(2)图象如图所示(3)由图线可知,相同高度,实际值小于理论值故答案为:小于点评:本题从新的角度考查了对机械能守恒实定律的理解,有一定的创新性,很好的考查了学生的创新思维10在“测定金属丝的电阻率”的实验中,需要测出金属丝的电阻Rx,甲乙两同学分别采用了不同的方法进行测量:(1)甲同学直接用多用电表测其电阻,该同学选择10倍率,用正确的操作方法测量时,发现指针转过角度太大为了准确地进行测量,请你从以下给出的操作步骤中,选择必要的步骤,并排出合理顺序:AEDC(填步骤前的字母)A旋转选择开关至欧姆挡“1”B旋转选择开关至欧姆挡“100”C旋转选择开关至“OFF”,并拔出两表笔D将两表笔分别连接到Rx的两端,读出阻值后,断开两表笔E将两表笔短接,调节欧姆调零旋钮,使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度,断开两表笔按正确步骤测量时,指针指在图1示位置,Rx的测量值为22(2)乙同学则利用实验室里下列器材进行了测量:电压表V(量程05V,内电阻约10k)电流表A1(量程0500mA,内电阻约20)电流表A2(量程0300mA,内电阻约4)滑动变阻器R1(最大阻值为10,额定电流为2A)滑动变阻器R2(最大阻值为250,额定电流为0.1A)直流电源E(电动势为4.5V,内电阻约为0.5) 电键及导线若干为了较精确画出IU图线,需要多测出几组电流、电压值,故电流表应选用A2,滑动变阻器选用R1(选填器材代号),乙同学测量电阻的值比真实值偏小(选填“偏大”“偏小”“相等”),利用选择的器材,请你在图2方框内画出理想的实验电路图,并将图3中器材连成符合要求的电路考点:测定金属的电阻率分析:(1)欧姆表的零刻度在右边,偏角小说明电阻大,换挡后要重新调零,欧姆表的读数为示数乘以倍率(2)器材选取的原则是安全、精确根据通过电阻电流的大约值确定电流表的量程,从测量误差角度确定滑动变阻器通过测量电阻的大小确定电流表的内外接根据电路图连接实物图解答:解:(1)发现指针转过角度太大,知电阻较小,则换用“l”,换挡后需重新调零然后去测电阻,最后将旋钮旋至“OFF”挡或交流电压的最高挡故合理顺序为:AEDC由图1所示可知,Rx的测量值为:221=22(2)通过电阻电流的最大值大约为:I=0.23A=230mA,选择量程为300mA的电流表测量比较准确总阻值为250的滑动变阻器阻值相对较大,测量时误差大,所以选择总阻值为10的滑动变阻器由于待测电阻远小于电压表的内阻,属于小电阻,所以电流表采用外接法若采用限流法,电路中的电流较大,容易超过电流表的量程,所以滑动变阻器采用分压式接法,电路图如图所示根据电路图连接实物图,如图所示由于采用外接法,测电流表示数偏大,则由欧姆定律可知,测量值偏小故答案为:(1)AEDC;22;(2)A2;R1;偏小点评:解决本题的关键掌握器材选取的原则,知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别,以及知道电流表内外接的区别11如图所示,绝缘水平面上有宽为L=1.6m的匀强电场区AB,电场强度方向水平向右,半径R=0.8m的竖直光滑半圆轨道与水平面相切于C,D为与圆心O等高的点,GC是竖直直径,一质量为m=0.1kg,电荷量q=0.01C的带负电滑块(可视为质点)以v0=4m/s的初速度沿水平面向右进入电场,滑块恰好不能从B点滑出电场,已知滑块与AB段的动摩擦因数1=0.4,BC段的动摩擦因数2=0.8,g=10m/s2(1)求匀强电场的电场强度E的大小;(2)将滑块初速度变为v0=v0则滑块刚好能滑到D点,求BC的长度x;(3)若滑块恰好能通过最高点G,则滑块的初速度应调为原初速度的多少倍?考点:带电粒子在匀强电场中的运动;动能定理的应用专题:带电粒子在电场中的运动专题分析:(1)A到B的过程中电场力和摩擦力做功做功,应用动能定理研究小球由AB的过程,求出匀强电场的电场强度E的大小;(2)A到D的过程中重力、电场力和摩擦力做功做功,应用动能定理研究小球由AD的过程,求出小BC的长度x;(3)小球恰好通过G点时,小球的重力提供向心力,A到G的过程中重力、电场力和摩擦力做功做功,根据动能定理即可求得结果解答:解:(1)A到B的过程中电场力和摩擦力做功做功,由动能定理:EqL1mgL=0mv02代入数据解得:E=10N/C(2)A到D的过程中重力、电场力和摩擦力做功做功,由动能定理得:EqL1mgL2mgxmgR=0代入数据得:x=1m(3)小球恰好通过G点时,小球的重力提供向心力,得:得:m/sA到G的过程中重力、电场力和摩擦力做功做功,根据动能定理得:EqL1mgL2mgx2mgR=代入数据得:答:(1)求匀强电场的电场强度E的大小是10N/C;(2)将滑块初速度变为v0=v0则滑块刚好能滑到D点,BC的长度是1m;(3)若滑块恰好能通过最高点G,则滑块的初速度应调为原初速度的倍点评:在本题中物体不仅受重力的作用,还有电场力,在解题的过程中,一定要分析清楚物体的受力和运动过程,特别是小球恰好过G点的条件,根据动能定理和牛顿第二定律灵活列式求解12如图甲所示,有一磁感应强度大小为B、垂直纸面向外的匀强磁场,磁场边界OP与水平方向夹角为=45,紧靠磁场右上边界放置长为L、间距为d的平行金属板M、N,磁场边界上的O点与N板在同一水平面上,O1、O2为电场左右边界中点在两板间存在如图乙所示的交变电场(取竖直向下为正方向)某时刻从O点竖直向上以不同初速度同时发射两个相同的质量为m、电量为+q的粒子a和b结果粒子a恰从O1点水平进入板间电场运动,由电场中的O2点射出;粒子b恰好从M板左端边缘水平进入电场不计粒子重力和粒子间相互作用,电场周期T未知求:(1)粒子a、b从磁场边界射出时的速度va、vb;(2)粒子a从O点进入磁场到O2点射出电场运动的总时间t;(3)如果金属板间交变电场的周期T=,粒子b从图乙中t=0时刻进入电场,要使粒子b能够穿出板间电场时E0满足的条件考点:带电粒子在匀强磁场中的运动;带电粒子在匀强电场中的运动专题:带电粒子在复合场中的运动专题分析:(1)求出粒子轨道半径,应用牛顿第二定律可以求出粒子a、b从I磁场边界射出时的速度va、vb(2)求出粒子在磁场中、在电场中、在电磁场外的运动时间,然后求出总运动时间(3)作出粒子在电场中的运动轨迹,应用类平抛运动规律分析答题解答:解:(1)如图所示,粒子a、b在磁场中均速转过90,平行于金属板进入电场由几何关系可得:,rb=d由牛顿第二定律可得 解得:,(2)粒子a在磁场中运动轨迹如图在磁场中运动周期为: 在磁场中运动时间: 粒子在电磁场边界之间运动时,水平方向做匀速直线运动,所用时间为 由 则全程所用时间为:(3)粒子在磁场中运动的时间相同,a、b同时离开磁场,a比b进入电场落后时间 故粒子b在t=0时刻进入电场由于粒子a在电场中从O2射出,在电场中竖直方向位移为0,故a在板间运动的时间ta是周期的整数倍,由于vb=2va,b在电场中运动的时间是tb=ta,可见b在电场中运动的时间是半个周期的整数倍即 粒子b在内竖直方向的位移为 粒子在电场中的加速度由题知粒子b能穿出板间电场应满足nyd 解得答:(1)粒子a、b从磁场边界射出时的速度va、vb分别是:和;(2)粒子a从O点进入磁场到射出O2点运动的总时间是;(3)如果交变电场的周期T=,要使粒子b能够穿出板间电场,则电场强度大小E0满足的条件点评:本题考查了带电粒子在电场与磁场中的运动,分析清楚粒子运动过程、作出粒子运动轨迹是正确解题的关键,应用牛顿第二定律、粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期公式、牛顿第二定律、运动学公式即可正确解题三、选考题:共45分请考生从给出的3道物理题中任选一题作答,并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号方框图黑注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致,在答题卡选答区域指定位置答题如果不涂、多涂均按所答第一题评分;多答则按所答的第一题评分【物理-选修3-3】(15分)13(6分)下列说法正确的是 ()A分子的热运动是指物体内部分子的无规则运动B碎玻璃不能拼在一起,是由于分子间存在着斥力C物体做加速运动时速度越来越大,物体内分子的平均动能也越来越大D液晶既有液体的流动性,又具有光学各向异性E在完全失重的情况下,熔化的金属能够收缩成标准的球形考点:分子的热运动;* 晶体和非晶体;* 液体的表面张力现象和毛细现象分析:碎玻璃不能拼在一起,是由于分子力是短程力,平均动能由温度决定,与机械运动的速度无关;理想气体的内能由温度决定,根据热力学第一定律可知气体吸放热解答:解:(1)A、分子的热运动是指物体内部分子的无规则运动,故A正确;B、碎玻璃不能拼在一起,是由于分子力是短程力,无法使玻璃达到分子力的作用范围内;故B错误;C、平均动能由温度决定,与机械运动的速度无关,故C错误;D、液晶既有液体的流动性,又具有光学各向异性;故D正确;E、在完全失重的情况下,在液体表面张力的作用下,熔化的金属能够收缩成标准的球形,故E正确;故选:ADE点评:本题考查分子动理论、内能、液晶的性质及液体的表面张力的作用,注意要将机械能和物体的内能区分开14(9分)如图所示,两端开口的U形玻璃管两边粗细不同,粗管横截面积是细管的2倍管中装入水银,两管中水银面与管口距离均为12cm,大气压强为p0=75cmHg现将粗管管口封闭,然后将细管管口用一活塞封闭并将活塞缓慢推入管中,直至两管中水银面高度差达6cm为止,求活塞下移的距离(假设环境温度不变)考点:理想气体的状态方程分析:该过程是等温变化,首先要明确左管液面下降的距离与右管液面上升的距离的关系,对两部分气体分别进行状态的分析,先求出右管中气体的压强,从而得知左管中气体的压强,即可求得左管中的气体的长度,从而得知活塞下移的距离解答:解:由于粗管横截面积是细管的2倍,因此两管中水银面高度差达6cm时,左管下降4cm,右管上升2cm,整个过程发生的是等温变化,设右管横截面积为S,左管横截面积为s,以右管气体为研究对象,进行状态参量的分析为:初状态:P0=75cmHg V0=12S末状态:P1=?V1=10S根据P0V0=P1V1,得末状态右侧气体的压强为:P1=P0=90cmHg以左管中的气体为研究对象,进行状态参量的分析为:初状态:P0=75cmHg V0=12s末状态:P2=P1+6cmHg=96cmHg V2=?根据P0V0=P2V2,得:V2=V0=9.375s即为此时左管的空气柱的长度为9.375cm,因此活塞下移的距离为:L=129.375+4=6.625cm答:活塞下移的距离为6.625cm点评:此种类型的题首先要得知左右两管的横截面积的关系,明确左右两管中液面上升和下降的高度的竖直关系尤其是在求活塞下降的距离上,因涉及的数据较多,要特别注意,最好是养成画草图的习惯,通过草图来明确个数值之间的关系四、【物理-选修3-4】(15分)15如图所示是一列简谐波在t=0时的波形图,介质中的质点P沿y轴方向做简谐运动,其位移随时间变化的函数表达式为y=10sin5t cm关于这列简谐波及质点P的振动,下列说法中正确的是()A质点P的周期为0.4sB质点P的位移方向和速度方向始终相反C这列简谐波的振幅为20 cmD这列简谐波沿x轴正向传播E这列简谐波在该介质中的传播速度为10m/s考点:波长、频率和波速的关系;横波的图象分析:根据质点简谐运动的表达式y=10sin5t(cm),读出角频率,求出周期根据t=0时刻x=4m处质点的振动方向判断波的传播方向读出波长,求出波速解答:解:AC、由质点P做简谐运动的表达式y=10sin5tcm,可知这列简谐波的振幅为A=10cm,角频率为=5 rad/s,则周期为 T=0.4s,故A正确,C错误B、质点P在做简谐运动,位移和速度都作周期性,位移方向和速度方向有时相反,有时相同,故B错误D、由质点P做简谐运动的表达式y=10sin5tcm,知t=0时刻质点沿y轴正方向运动,则这列简谐波沿x轴正向传播,故D正确E、由图读出波长为 =4m,则波速为:v=m/s=10m/s故E正确故选:ADE点评:解决本题关键要掌握简谐运动的表达式一般形式y=Asint,读出,再结合振动与波动之间的联系进行分析16有一玻璃半球,右侧面镀银,光源S在其对称轴PO上(O为球心),且PO水平,如图所示从光源S发出的一束细光射到半球面上,其中一部分光经球面反射后恰能竖直向上传播,另一部分光经过折射进入玻璃半球内,经右侧镀银面反射恰能沿原路返回若球面半径为R,玻璃折射率为,求光源S与球心O之间的距离为多大?考点:光的折射定律专题:光的折射专题分析:作出光路图,根据折射定律和几何关系,求出入射角和折射角,再由几何关系求解光源S与球心O之间的距离SO解答:解:由题意可知折射光线与镜面垂直,其光路图如图所示,则有:i+r=90由折射定律可得:=n=解得:i=60 r=30在直角三角形ABO中:SBO=Rcosr=R由几何关系可得:SAO为等腰三角形,所以LSO=2SBO=R答:光源S与球心O之间的距离为R点评:处理几何光学相关的问题,关键是作出光路图,一定要用直尺准确作图,然后根据几何图形的特点求角或者线段的长度五、【物理-选修3-5】(15分)1719世纪初,爱因斯坦提出光子理论,使得光电效应现象得以完美解释,玻尔的氢原子模型也是在光子概念的启发下提出的关于光电效应和氢原子模型,下列说法正确的是()A光电效应实验中,入射光足够强就可以有光电流B若某金属的逸出功为W0,该金属的截止频率为C保持入射光强度不变,增大入射光频率,金属在单位时间内逸出的光电子数将减小D一群处于第四能级的氢原子向基态跃迁时,将向外辐射六种不同频率的光子E氢原子由低能级向高能级跃迁时,吸收光子的能量可以稍大于两能级间能量差考点:光电效应;氢原子的能级公式和跃迁专题:光电效应专题分析:A、只有当入射光的频率大于极限频率时,才会发生光电效应,与照射光的强弱无关;B、根据光电效应方程,EKm=hvW0,即可求解截止频率;C、光的强度等于光子数目与光子的能量乘积;D、根据数学组合C,即可求解;E、根据电子跃迁过程中,由E=EmEn,即可求解解答:解:A、当入射光的频率大于极限频率时,才会发生光电效应,与入射光强弱无关,故A错误;B、某金属的逸出功为W0,根据W0=hv0,则有该金属的截止频率为,故B正确;C、保持入射光强度不变,增大入射光频率,那么光子的数目减小,则在单位时间内逸出的光电子数将减小,故C正确;D、一群处于第四能级的氢原子向基态跃迁时,根据数学组合=6,故D正确;E、由低能级向高能级跃迁时,吸收光子的能量正好等于两能级间能量差,故E错误;故选:BCD点评:考查光电效应发生条件,掌握跃迁的种类与能量关系,理解截止频率与逸出功的关系,注意入射光强度相同,入射光频率越高,则光子数目越少18如图所示,光滑水平直轨道上有三个滑块A、B、C,质量分别为mA=mC=2m,mB=m,A、B用细绳连接,中间有一压缩的轻弹簧 (弹簧与滑块不栓接)开始时A、B以共同速度v0运动,C静止某时刻细绳突然断开,A、B被弹开,然后B又与C发生碰撞并粘在一起,最终三滑块速度恰好相同求:(1)B与C碰撞前B的速度;(2)弹簧具有的弹性势能考点:动量守恒定律专题:动量定理应用专题分析:(1)A、B组成的系统,在细绳断开的过程中动量守恒,B与C碰撞过程中动量守恒,抓住三者最后速度相同,根据动量守恒定律求出B与C碰撞前B的速度(2)根据能量守恒定律求出弹簧的弹性势能解答:解:(1)A、B被弹开的过程中,AB系统动量守恒,设弹开后AB速度分别为vA、vB,设三者最后的共同速度为v共,由动量守恒得:(mA+mB)v0=mAv共+mBvB mBvB=(mB+mC)v共三者动量守恒得:(2m+m)v0=(2m+m+2m)v共得 所以(2)B与C碰撞前后,机械能的损失为:弹簧释放的弹性势能Ep则:代入数据整理得:答:(1)B与C碰撞前B的速度为(2)弹簧释放的弹性势能为点评:本题综合考查了动量守恒定律和能量守恒定律,综合性较强,对学生的能力要求较高,要加强这方面的训练- 配套讲稿:
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