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1、2022年高考物理二轮复习第1部分核心突破专题4电路和电磁感应第1讲恒定电流和交变电流特训1(xx合肥质检一)图示电路中，GMR为一个磁敏电阻，它的阻值随所处空间磁场的增强而增大闭合开关S1和S2后，在滑片P向右滑动时(D)AL1、L2都变暗BL1、L2都变亮CL1变暗，L2变亮DL1变亮，L2变暗解析：滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路的有效电阻变大，电磁铁产生的磁场减弱，磁敏电阻的阻值减小，右侧电路外电阻变小，路端电压变小，L2变暗，总电阻变小，总电流变大，通过L2的电流变小，通过L1的电流变大，L1变亮，选项D正确2(xx湖北部分重点中学联考一)如图所示的电路中，R1是定值电阻，R2是
2、光敏电阻，电源的内阻不能忽略闭合开关S，当光敏电阻上的光照强度增大(即R2减小)时，下列说法中正确的是(A)A电源的路端电压减小B通过R2的电流减小C电容器C所带的电荷量增加D电源的效率增大解析：当光敏电阻上的光照强度增大时，R2减小，即外电阻减小，电源的路端电压变小，选项A正确；电路中总电阻变小，总电流变大，通过R2的电流变大，选项B错误；电容器的电压为路端电压，是减小的，电容器上所带的电荷量QCU减小，选项C错误；电源的效率()随着外电阻的减小而减小，选项D错误3(xx南昌调研)如图所示是某型号电吹风的电路图，它主要由电动机M和电热丝R构成已知电吹风的额定电压为220 V，吹冷风时的功率为
3、120 W，吹热风时的功率为1 000 W关于该电吹风，下列说法正确的是(BD)A若S1、S2闭合，则电吹风吹冷风B电热丝的电阻为55 C电动机工作时输出的机械功率为880 WD当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为120 J解析：S1、S2都闭合时，由于电热丝加热，吹出的是热风，吹热风时电阻丝的电功率为PR(1000120) W880 W，电动机的功率为PM120 W，则电热丝的电阻为R55 ，吹热风时电动机每秒消耗电能QPMt120 J，选项AC错误，BD正确4(xx山西百校联盟质监)如图所示，图线为某灯泡两端的电压随电流变化的曲线，图线是某电池路端电压随电流变化的曲线，现将图线对应的
4、灯泡直接接在图线对应的电池两端，过较长一段时间后，电池的电动势基本不变，电池的内阻明显变大，则(AC)A灯泡的电阻一定减小B电源的输出功率一定增大C电源的总功率一定减小D电源的效率一定增大解析：由于过一段时间后，电源的电动势基本不变，而内阻明显增大，则电池的路端电压随电流变化的曲线如图中虚线所示，此图线与灯泡的UI图线的交点对应的电压、电流均变小，因此电源的输出功率变小，电源的总功率IE也变小，B项错误，C项正确；交点的割线斜率也减小，灯泡的电阻减小，A项正确；由100%可知，电源的效率也减小，D项错误5(xx长沙一模)某限流器由超导部件和限流电阻并联组成，如图所示超导部件有一个超导临界电流I
5、c，当通过限流器的电流IIc时将造成超导体失超，即从超导体(可视为电阻为零)转变为正常态(可视为定值纯电阻)，以此便可限制电路系统的故障电流已知超导部件的正常态电阻为R13 ，超导临界电流Ic1.2 A，限流电阻R26 .小灯泡L上标有“6 V6 W”，电源电动势E8 V，内阻r2 .原来电路正常工作，现L突然发生短路，则(C)AL短路前通过R1的电流为 ABL短路前通过R2的电流为1 ACL短路后通过R1的电流为 ADL短路后通过R2的电流为 A解析：短路前灯泡正常发光，则电路中电流I A1 A，选项A错误；此时R2被短路，电流全部通过R1，故R1中电流为1A，选项B错误；L短路后，电路中电
6、流为I A4 A，超过了超导临界电流，超导部件将由超导状态转化为正常状态，此时R1、R2两电阻并联，R并 2 ，电路中总电流I A2 A，此时通过R1的电流I1 A，通过R2的电流为I2 A，选项C正确，D错误6(xx东北三省四市联考一)如图所示电路，当滑动变阻器R3的触头向右移动一小段距离后，电压表V1和电压表V2的示数的变化量分别为U1和U2(均取绝对值)，电容器C的带电量变化量为Q.则下列说法中正确的是(BC)A电压表V1的示数变大，电压表V2的示数变小，且有U1U2B电压表V1的示数变小，电压表V2的示数增大，且有U1U2C电容器的左极板带正电，且有Q0D电容器的左极板带正电，且有Q0
7、解析：根据闭合电路欧姆定律，当滑动变阻器R3的触头向右移动一小段距离后，R3接入电路中的阻值减小，回路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，电压表V2的示数U2变大；由于电路路端电压减小，而定值电阻R2两端的电压U2变大，故电压表V1的示数U1变小.等于电源内阻和定值电阻R2之和，即R2r，而R2，故U1U2，选项A错误，B正确；电容器两端的电压等于定值电阻R2两端的电压U2，由QCU，电容器的带电量增大，故Q0，且左极板带正电，选项C正确，D错误7(xx浙江嘉兴期末)某兴趣小组利用如图所示装置给小灯泡供电矩形闭合导线框ABCD处于磁感应强度大小为B的水平匀强磁场中，线框电阻不计线框绕垂直于磁场
8、的轴OO以角速度匀速转动，并通过变压器给小灯泡供电下列说法正确的是(BD)A图示位置穿过线框的磁通量为零B图示位置线框产生的感应电动势为零C使用变压器的目的是为了提高输出功率D若灯泡偏暗，可通过减少原线圈匝数来提高灯泡亮度解析：图示位置穿过线圈的磁通量最大，线圈平面与中性面重合，感应电动势为零，选项A错误，选项B正确；变压器只能改变电压，不能提高输出功率，选项C错误；根据，减少原线圈的匝数可以增加副线圈的电压，使偏暗的灯泡变亮选项D正确8(xx长沙模拟二)如图所示电路，一理想变压器的原线圈ab间接电压为u220sin100t(V)的交流电源，R0为定值电阻，当滑动变阻器R的滑片处在某位置时，灯
9、泡L刚好正常发光，则(CD)A流过灯泡L的交变电流频率跟变压器的原、副线圈匝数比无关，为100 HzB将R的滑片向上滑稍许，灯泡L的亮度不变C将R的滑片向下滑稍许，变压器的输入功率变大D将R的滑片向下滑稍许，灯泡L的亮度变暗解析：由2f得，交流电的频率f50 Hz，流过灯泡L的交变电流频率跟变压器的原、副线圈匝数比无关，为50 Hz，选项A错误；由得，n1、n2不变，U1不变，故U2不变，将R的滑片向上滑，滑动变阻器接入电路中的阻值增大，副线圈中的电流I2减小，定值电阻R0两端的分压减小，故灯泡L两端的电压增大，灯泡L亮度变亮，选项B错误；将R的滑片向下滑稍许，滑动变阻器接入电路中的阻值减小，
10、副线圈中的电流I2增大，定值电阻R0两端的电压增大，故灯泡L两端的电压减小，灯泡L亮度变暗，变压器的输出功率P2U2I2变大，故变压器的输入功率P1变大，选项CD正确9(xx武汉4月调研)心电图仪是将心肌收缩产生的脉动转化为电压脉冲的仪器，其输出部分可以等效为虚线框内的交流电源和定值电阻R0串联，如图所示心电图仪与一理想变压器的原线圈连接，一可变电阻R与该变压器的副线圈连接在交流电源的电压有效值U0不变的情况下，将可变电阻R的阻值调大的过程中(C)A通过原线圈的电流不变，通过副线圈的电流不变B通过原线圈的电流不变，通过副线圈的电流变小C通过原线圈的电流变小，通过副线圈的电流变小D通过原线圈的电
11、流变大，通过副线圈的电流变大解析：设理想变压器输出电压的有效值为U2、通过副线圈的电流为I2，通过原线圈的电流为I1，由欧姆定律I知，可变电阻R的阻值增大时，通过副线圈的电流I2减小，由知，通过原线圈的电流I1减小，选项C正确，选项ABD错误10(xx济南3月模拟)如图为发电厂向远处用户的输电电路示意图，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变若输送功率增大，下列说法中正确的有(CD)A升压变压器的输出电压增大B降压变压器的输出电压增大C输电线上损耗的功率增大D输电线上损耗的功率占总功率的比例增大解析：若输送功率增大，发电厂的输出电压不变，由知，升压变压器的输
12、出电压不变，选项A错误；输送功率增大，输出电流增大，所以输电线上损耗的功率增大，选项C正确；输电线损失电压增大，所以降压变压器的输入电压减小，降压变压器的输出电压减小，选项B错误；输电线上损耗的功率占总功率的比例为，由于输电线电流I2增大，故选项D正确11(xx东北三省三校联考一)如图所示，一个“”形线框处在磁感应强度大小为B的匀强磁场中，OO为磁场的边界现使线框以角速度绕轴OO匀速转动，通过金属转轴和电刷与阻值为R的外电阻相连已知线框各边长为L，总电阻为r，不计轴与电刷的电阻则电路中电流的有效值为(D)ABCD.解析：线框匀速转动，产生的感应电动势最大值EmBLvBLLBL2，由于是有界磁场
13、且初始时刻产生的感应电动势为零，则产生的感应电动势随时间变化规律如图所示，则T，可得E有，则电流有效值为I有，D正确12(xx江苏苏州调研)如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为31，L1、L2、L3为三只规格均为“9 V6 W”的相同灯泡，各电表均为理想交流电表，输入端接入如图乙所示的交变电压，则以下说法中正确的是(BD)A电压表的示数为27 VB电流表的示数为2 AC副线圈两端接入耐压值为10 V的电容器能正常工作D变压器副线圈中交变电流的频率为50 Hz解析：由输入端交变电压u的图象，可求出有效值为27 V，电压表的示数为有效值，选项A错误；由可得副线圈两端的电压为U29 V,3只灯
14、泡均能正常发光，由PUI得每只灯泡通过的电流为I A A，电流表的读数为I23 A2 A，选项B正确；副线圈两端电压的最大值为9 V10 V，接入耐压值为10 V的电容器不能正常工作，选项C错误；由交流电的图象可知其周期为0.02 s，故其频率f50 Hz，选项D正确13(xx东北三省四市联考一)如图，有一理想变压器，原、副线圈的匝数比为n，原线圈接正弦交流电，输出端接有一个交流电压表和一个电动机电动机线圈电阻为R，当输入端接电源后，电流表读数为I，电压表读数为U，电动机带动一重物匀速上升下列判断正确的是(C)A电动机两端电压为UB电动机消耗的功率为C电动机的输出功率为nUIn2I2RD变压器
15、的输入功率为解析：电动机两端的电压等于副线圈两端的电压，即电压表的读数U，选项A错误；根据得，副线圈中的电流I2nI，故电动机消耗的功率为PUI2nUI，输出功率P出nUIIRnUIn2I2R，选项B错误；C正确；根据理想变压器的特点，P1P2，故变压器的输入功率P1P2UI2nUI，选项D错误14(xx湖北七市(州)联考)如图所示为远距离输电的原理图，已知升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，两端电压分别为U1、U2，电流分别为I1、I2，升压变压器到降压变压器之间输电线上的总电阻为R，变压器均为理想变压器，若保持发电机的输出功率和输出电压不变，则下列说法正确的是(D)A用户端的负载增
16、加(并联用电器增多)时，I2增大，I1增大B远距离输电线上的电流I2C若用户端要得到U1大小的电压，则降压变压器原、副线圈的匝数比为n2n1D无论用户端的负载如何变化，始终有I1U1I2U2解析：发电机的输出功率及输出电压不变，由PUI可知I1不变，进而可得I2不变，A错误；U2为升压变压器副线圈上的电压，U2并不是完全加在R上，B错误，由于输电线路上要分得一部分电压，所以用户要得到U1大小的电压，降压变压器原副线圈匝数比大于升压变压器副、原线圈匝数比，C错误；理想变压器输入功率和输出功率相等，即I1U1I2U2，D正确15(xx南昌模拟一)某供电系统是由交流发电机输出电压和副线圈匝数可调的变
17、压器组成，如图所示图中R0表示输电线的电阻则(BD)A当电压表V1示数减小，而用电器负载不变时，不改变触头位置，电流表A1示数增大B当电压表V1示数减小，而用电器负载不变时，适当上移触头P，可使电流表A2示数不变C当电压表V1示数不变，当用电器负载增加时，不改变触头位置，电流表A1示数不变D当电压表V1示数不变，当用电器负载增加时，适当上移触头P，电流表A1示数一定增加解析：根据理想变压器的电压比等于匝数比，当输入电压减小时，输出电压U2也减小，由I可知I2减小，又因，所以I1减小，故电流表A1的示数减小，选项A错误；根据，减小U1，上移触头P，n2变大，U2可能不变，电流表A2的示数可能不变，选项B正确，增加负载相当于减小电阻值，根据.输出电压U2不变，则电流表A2示数变大，电流表A1的示数变大，选项C错误；根据，上移触头P，n2变大，输出电压U2变大，则电流表A2示数变大，电流表A1的示数变大，选项D正确
2022年高考物理二轮复习第1部分核心突破专题4电路和电磁感应第1讲恒定电流和交变电流特训
