2022年高考数学一轮总复习 12.3二项式定理教案 理 新人教A版
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1、2022年高考数学一轮总复习 12.3二项式定理教案 理 新人教A版典例精析题型一二项展开式的通项公式及应用【例1】 已知的展开式中,前三项系数的绝对值依次成等差数列.(1)求证:展开式中没有常数项;(2)求展开式中所有的有理项. 【解析】由题意得2C1C()2,即n29n80,所以n8,n1(舍去). 所以Tr1()()r(1)r(0r8,rZ).(1)若Tr1是常数项,则0,即163r0,因为rZ,这不可能,所以展开式中没有常数项.(2)若Tr1是有理项,当且仅当为整数,又0r8,rZ,所以 r0,4,8,即展开式中有三项有理项,分别是T1x4,T5 x,T9 x-2.【点拨】(1)把握住
2、二项展开式的通项公式,是掌握二项式定理的关键.除通项公式外,还应熟练掌握二项式的指数、项数、展开式的系数间的关系、性质;(2)应用通项公式求二项展开式的特定项,如求某一项,含x某次幂的项,常数项,有理项,系数最大的项等,一般是应用通项公式根据题意列方程,在求得n或r后,再求所需的项(要注意n和r的数值范围及大小关系);(3) 注意区分展开式“第r1项的二项式系数”与“第r1项的系数”.【变式训练1】若(x)n的展开式的前3项系数和为129,则这个展开式中是否含有常数项,一次项?如果有,求出该项,如果没有,请说明理由.【解析】由题知CC2C22129,所以n8,所以通项为Tr1C(x)8-r ,
3、故r6时,T726Cx1 792x,所以不存在常数项,而存在一次项,为1 792x.题型二运用赋值法求值【例2】(1)已知(1x)(1x)2(1x)na0a1xa2x2anxn,且a1a2an129n,则n;(2)已知(1x)na0a1xa2x2anxn,若5a12a20,则a0a1a2a3(1)nan. 【解析】(1)易知an1,令x0得a0n,所以a0a1an30.又令x1,有2222na0a1an30,即2n1230,所以n4.(2)由二项式定理得,a1Cn,a2C,代入已知得5nn(n1)0,所以n6,令x1得(11)6a0a1a2a3a4a5a6,即a0a1a2a3a4a5a664.
4、【点拨】运用赋值法求值时应充分抓住代数式的结构特征,通过一些特殊值代入构造相应的结构.【变式训练2】设(3x1)8a0a1xa2x2a7x7a8x8.求a0a2a4a6a8的值.【解析】令f(x)(3x1)8,因为f(1)a0a1a2a828,f(1)a0a1a2a3a7a848,所以a0a2a4a6a827(128).题型三二项式定理的综合应用【例3】求证:46n5n19能被20整除.【解析】46n5n194(6n1)5(5n1)4(51)n15(41)n120(5n1C5n2C)(4n1C4n2C),是20的倍数,所以46n5n19能被20整除.【点拨】用二项式定理证明整除问题时,首先需注
5、意(ab)n中,a,b中有一个是除数的倍数;其次展开式有什么规律,余项是什么,必须清楚.【变式训练3】求0.9986的近似值,使误差小于0.001.【解析】0.9986(10.002)616(0.002)115(0.002)2(0.002)6.因为T3C(0.002)215(0.002)20.000 060.001, 且第3项以后的绝对值都小于0.001,所以从第3项起,以后的项都可以忽略不计.所以0.9986(10.002)616(0.002)10.0120.988.总结提高1.利用通项公式可求展开式中某些特定项(如常数项、有理项、二项式系数最大项等),解决这些问题通常采用待定系数法,运用通项公式写出待定式,再根据待定项的要求写出n、r满足的条件,求出n和r,再确定所需的项;2.赋值法是解决二项展开式的系数和、差问题的一个重要手段;3.利用二项式定理解决整除问题时,关键是进行合理的变形,使得二项展开式的每一项都成为除数的倍数.对于余数问题,要注意余数的取值范围.
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