问酷网2014年浙江省杭州市富阳二中高考物理模拟试卷.doc
《问酷网2014年浙江省杭州市富阳二中高考物理模拟试卷.doc》由会员分享,可在线阅读,更多相关《问酷网2014年浙江省杭州市富阳二中高考物理模拟试卷.doc(10页珍藏版)》请在装配图网上搜索。
www.iasku.com 更多试题试卷答案尽在问酷网2014年浙江省杭州市富阳二中高考物理模拟试卷(2)参考答案与试题解析一、选择题(本题共4题在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1(3分)(2013湖北模拟)几位同学为了探究电梯起动和制动时的加速度大小,他们将体重计放在电梯中一位同学站在体重计上,然后乘坐电梯从1层直接到10层,之后又从10层直接回到1层并用照相机进行了相关记录,如图所示他们根据记录,进行了以下推断分析,其中正确的是()A根据图2和图3可估测出电梯向上起动时的加速度B根据图1和图2可估测出电梯向上制动时的加速度C根据图1和图5可估测出电梯向下制动时的加速度D根据图4和图5可估测出电梯向下起动时的加速度考点:测定匀变速直线运动的加速度菁优网版权所有难度星级:三星专题:实验题;直线运动规律专题分析:图1表示电梯静止时体重计的示数,2图表示电梯加速上升时这位同学超重时的示数,3图表示电梯减速上升时这位同学失重时的示数,4图表示电梯加速下降时这位同学失重时的示数,5图表示电梯减速下降时这位同学超重时的示数,根据牛顿第二定律可以应用图甲和另外某一图示求出相应状态的加速度解答:解:A、图2表示电梯加速上升时这位同学超重时的示数,图3,表示向上减速时的示数,由此两图不能够求出的是电梯向上起动时的加速度,所以A错误B、图1表示电梯静止时的示数,图2显示加速上升时的示数,此时能够求出的是电梯向上加速时的加速度,所以B错误C、图1表示电梯静止时的示数,图5表示电梯减速下降时的示数,此时能够求出的是电梯向下减速时的加速度,所以C正确D、图4表示电梯加速下降时的示数,图5表示电梯减速下降时的示数,此时不能够求出电梯向下起动时的加速度,所以D错误故选:C点评:本题主要考查了对超重失重现象的理解,人处于超重或失重状态时,人的重力并没变,只是对支持物的压力变了2(3分)如图所示,水平细杆上套一细环A,环A与球B间用一轻质绳相连,质量分别为mA、mB (mAmB),由于B球受到水平风力作用,A环与B球一起向右匀速运动已知细绳与竖直方向的夹角为则下列说法正确的是()A风力增大时,轻质绳对B球的拉力保持不变BB球受到的风力F为mAgtanCA环与水平细杆间的动摩擦因数为D杆对A环的支持力随着风力的增加而不变考点:共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用菁优网版权所有难度星级:三星专题:共点力作用下物体平衡专题分析:先对球B受力分析,受重力、风力和拉力,根据共点力平衡条件列式分析;对A、B两物体组成的整体受力分析,受重力、支持力、风力和水平向左的摩擦力,再再次根据共点力平衡条件列式分析各力的变化解答:解:A、B、对球B受力分析,受重力、风力和拉力,如左图 风力F=mBgtan 绳对B球的拉力T=当风力增大时,增大,则T增大故AB均错误C、D、把环和球当作一个整体,对其受力分析,受重力(mA+mB)g、支持力N、风力F和向左的摩擦力f,如右图根据共点力平衡条件可得:杆对A环的支持力大小 N=(mA+mB)g f=F则A环与水平细杆间的动摩擦因数为=,由上可见,杆对A环的支持力随着风力的增加而不变,故C错误,D正确;故选D点评:本题关键是先对整体受力分析,再对球B受力分析,然后根据共点力平衡条件列式分析求解3(3分)(2006江苏模拟)如图所示,A、B为平行板电容器的金属板,G为静电计,开始时开关S闭合,静电计指针张开一定角度为了使指针张开角度增大些,应该采取的措施是()A保持开关S闭合,将A、B两极板靠近些B保持开关S闭合,将A、B两极板分开些C保持开关S闭合,将变阻器滑动触头向上移动D断开开关S后,将A、B分开些考点:电容器的动态分析菁优网版权所有难度星级:一星专题:电容器专题分析:静电计测量的是电容器两端的电势差,闭合电键,电容器两端的电势差等于电源的电动势断开电键,电容器所带的电量不变,根据电容的变化判断电势差的变化解答:解:A、B保持开关S闭合,电容器两端的电势差不变,则指针张角不变故A、B错误C、保持开关S闭合,电路中无电流,变阻器两端无电压,改变滑动触头位置不改变电容器板间电压故C错误D、断开电键,电容器带电量不变,将AB分开一些,则d增大,根据C=知,电容减小,根据U=知,电势差增大,指针张角增大故D正确故选D点评:本题考查电容器的动态分析,关键抓住断开电键,电容器所带的电量不变,电键闭合,电容器两端的电势差不变4(3分)(2011锦州模拟)半圆柱体P放在粗糙的水平地面上,其右端有固定放置的竖直挡板MN,在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q,整个装置处于静止状态,如图所示是这个装置的截面图,若用外力使MN保持竖直且缓慢地向右移动,在Q落到地面以前,发现P始终保持静止,在此过程中,下列说法中正确的是 ()AMN对Q的弹力逐渐减小B地面对P的摩擦力逐渐增大CP、Q间的弹力先减小后增大DQ所受的合力逐渐增大考点:共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用菁优网版权所有难度星级:五星专题:共点力作用下物体平衡专题分析:先对Q受力分析,受重力、P对Q的支持力和MN对Q的支持力,根据平衡条件求解出两个支持力;再对P、Q整体受力分析,受重力、地面支持力、MN挡板对其向左的支持力和地面对其向右的支持力,再次根据共点力平衡条件列式求解解答:解:先对Q受力分析,受重力、P对Q的支持力和MN对Q的支持力,如图根据共点力平衡条件,有N1=N2=mgtan再对P、Q整体受力分析,受重力、地面支持力、MN挡板对其向左的支持力和地面对其向右的支持力,如图根据共点力平衡条件,有f=N2N=(M+m)g故f=mgtanMN保持竖直且缓慢地向右移动过程中,角不断变大,故f变大,N不变,N1变大,N2变大,P、Q受到的合力为零;故选B点评:本题关键是先对物体Q受力分析,再对P、Q整体受力分析,然后根据共点力平衡条件求出各个力的表达式,最后再进行讨论二、选择题(本题共3小题在每小题给出的四个选项中,有可能有多个选项)5(3分)(2011上海模拟)下列关于物理思想方法的说法中,正确的是()A根据速度定义式v=,当t非常非常小时,就可以表示物体在t时刻的瞬时速度,该定义应用了极限思想方法B在探究加速度、力和质量三者之间关系时,先保持质量不变研究加速度与力的关系,再保持力不变研究加速度与质量的关系,该实验应用了控制变量法C在推导匀变速运动位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,每一小段近似看作匀速直线运动,然后把各小段的位移相加,这里采用了微元法D在不需要考虑物体本身的大小和形状时,用质点来代替物体的方法叫假设法考点:速度;质点的认识;匀变速直线运动的位移与时间的关系;探究加速度与物体质量、物体受力的关系菁优网版权所有难度星级:五星专题:直线运动规律专题分析:速度的定义v=,当t0时,表示物体在t时刻的瞬时速度,是采用数学上极限思想方法在探究加速度、力和质量三者之间关系时,采用控制变量法匀变速运动分成无数小段,采用的是数学上微分法质点是用来代替物体的,采用是等效替代法解答:解:A、速度的定义v=,表示平均速度,当t0时,表示物体在t时刻的瞬时速度,是采用数学上极限思想方法故A正确 B、在探究加速度、力和质量三者之间关系时,采用的是控制变量法故B正确 C、在推导匀变速运动位移公式时,把整个运动过程划分成无数小段,采用的是数学上微元法故C正确 D、用质点来代替物体的方法是等效思想方法故D错误故选ABC点评:本题考查物理常用的思维方法中学物理常用的思想方法有极限法、控制变量法、等效法、假设法等等6(3分)(2009湖南模拟)如图所示,一列简谐横波沿x轴正方向传播,从波传到x=5m的M点时开始计时,已知P点相继出现两个波峰的时间间隔为0.4s,下面说法中正确的是:()A若该波传播中遇到宽约3m的障碍物能发生明显的衍射现象B质点Q(x=9m)经过0.5s第一次到达波谷C质点P在0.1s内沿波传播方向的位移为1mD若在Q处放一接收器,接到的波的频率小于2.5Hz考点:波长、频率和波速的关系;横波的图象;波的干涉和衍射现象菁优网版权所有难度星级:一星专题:振动图像与波动图像专题分析:能够产生明显衍射现象的条件是障碍物或孔的尺寸比波长小,或跟波长差不多,根据此条件判断能否产生明显衍射现象根据P点的振动情况求出周期,再求出波速,根据波形平移,求出离Q点最近的波谷振动传到Q点时的时间,即为质点Q5s第一次到达波谷的时间解答:解:A、由图读出波长=4m,宽约3m的障碍物的尺寸比波长小,能够发生明显的衍射现象故A正确 B、由题T=0.4s,波速为v=10m/s图示时刻,离Q点最近的波谷坐标为x=4m,则Q点第一次形成波谷的时间为 t=0.5s 故B正确 C、简谐横波沿x轴正方向传播,P点只在y轴方向振动,不向前传播故C错误 D、f=2.5Hz,Q点接到的波的频率等于2.5Hz故D错误故选AB点评:本题考查理解波动图象的能力对于B项,也可以根据波的形成过程求出振动传到Q点的时间与形成波谷的时间之和7(3分)(2009湖南模拟)如图所示,BD是竖直平面内圆上的一条竖直直径,AC是该圆的另一条直径,该圆处于匀强电场中,场强方向平行于圆周平面将带等量负电荷的相同小球从O点以相同的动能射出,射出方向不同时,小球会经过圆周上不同的点,在这些所有的点中,到达A点时小球的动量总是最小忽略空气阻力,则下列说法中正确的是()A可以断定电场方向由O点指向圆弧AEB上的某一点B若忽略小球的重力,其它条件不变,则电场强度的方向一定由C点沿直径指向A点C到达B点时小球的动能和电势能之和总是最小D到达C点时小球的电势能和重力势能之和总是最小考点:电势能菁优网版权所有专题:电场力与电势的性质专题分析:小球运动过程中受到重力和电场力,根据动量最大点判断出合力方向,运用平行四边形定则得到电场力方向;最后根据功能关系列式分析解答:解:A、首先明确一点,在这个电场中,小球受到两个力影响:1重力,2电场力在A点动量最小,那说明速度最小了,说明OA方向发射的小球克服合力做功最大,也就是说在这个电场跟重力场中,合力方向是OC,对O点小球受力分析,重力竖直向下,合力方向指向OC,受力方向指向为OB与OC之间,即电场方向应该是由O指向AD弧方向,故A错误;B、由A选项分析可知,电场线的方向与AC共线,由于忽略小球的重力,其它条件不变,则负电荷做负功,因此电场强度的方向一定由C点沿直径指向A点,故B正确;C、由于只有重力和电场力做功,故任何点的小球,动能+重力势能+电势能=定值; 明显B点的重力势能最大,那么肯定B点的动能与电力势能之和最小了,故C正确;D、动能+重力势能+电势能=定值,故电势能和重力势能之和最小的话,那么肯定是动能最大了,很明显,从O到C合力做功最多,故C点动能最大,故正确;故选BCD点评:本题是带电粒子在复合场中的运动问题,关键找出合力方向,然后根据功能关系列式判断,难题三、解答题(共3小题,满分0分)8用伏安法测定一个待测电阻Rx的阻值(阻值约为200),实验室提供如下器材:电池组E 电动势3V,内阻不计电流表A1 量程010mA,内阻约为4060电流表A2 量程0500A,内阻为1k滑动变阻器R1,阻值范围020,额定电流2A电阻箱R2,阻值范围09999,额定电流1A电键S、导线若干要求实验中应尽可能准确的测量Rx的阻值,请回答下面问题:(1)上述器材中缺少电压表,需选一只电流表将它改装成电压表,则改装表选用的器材是A2R2(填写器材代号);(2)在方框中画出测量Rx阻值的电路图,并在图中表明器材代号;(3)实验中将电阻箱R2的阻值调到4000,再调节滑动变阻器R1,两表的示数如图所示,可读出电流表A1的示数是6.4mA,电流表A2的示数是240A,测得待测电阻Rx的阻值是187.5考点:伏安法测电阻菁优网版权所有难度星级:一星专题:实验题分析:本题中没有电压表,所以需要将内阻为已知的电流表A2 与定值电阻串联改装为电压表,然后待测电阻的大小判断电流表应选外接法还是内接法,由于滑动变阻器阻值太小,故变阻器应用分压式接法电流表的读数若正好指在刻度线上,一般不估读;若指在两刻度线之间,一般按最小分度的或估读;待测电阻根据Rx=计算可得解答:解:(1)由于电流表A2 的额定电流太小,不能作为电流表单独使用;又它的内阻一定,定值电阻R2 与电流表A2 内阻接近,可考虑将 A2与 R2串联,故可以将电流表 A2串联定值电阻 R2,将其改装成一个量程为3V的电压表改装表选用的器材是A2R2;(2)A2的满偏电压:V将其改装成一个量程为3V的电压表需要串联一个电阻:所以,电压表的内阻RV=R2+r2=1000+5000=6000,由于 ,故电流表应用用外接法;又滑动变阻器最大电阻远小于待测电阻阻值,故变阻器应用分压式接法,电路图如甲图所示;(3)根据图可得,电流表的读数:6.4mA;A2的读数:240A;对应的电压表:V根据欧姆定律有,代入数值可得 RX=187.5故答案为:(1)A2R2(2)电路如图(3)6.4mA;240A;187.5点评:在电学实验中,应将电阻值一定的电流表进行改装,若需改为电压表则应串联一电阻,若需改为电流表则应串联一电阻9(2009广州二模)如图所示,在竖直方向上A、B两物体通过劲度系数为k的轻质弹簧相连,A放在水平地面上;B、C两物体通过细绳绕过轻质定滑轮相连,C放在固定的光滑斜面上用手拿住C,使细线刚刚拉直但无拉力作用,并保证ab段的细线竖直、cd段的细线与斜面平行已知A、B的质量均为m,C的质量为4m,重力加速度为g,细线与滑轮之间的摩擦不计,开始时整个系统处于静止状态释放C后它沿斜面下滑,A刚离开地面时,B获得最大速度求:(1)斜面倾角(2)B的最大速度vBm考点:机械能守恒定律;胡克定律;牛顿第二定律菁优网版权所有难度星级:五星专题:机械能守恒定律应用专题分析:(1)A刚离开地面时,弹簧的弹力等于A的重力,根据牛顿第二定律知B的加速度为零,B、C加速度相同,分别对B、C受力分析,列出平衡方程,求出斜面的倾角(2)A、B、C组成的系统机械能守恒,初始位置弹簧处于压缩状态,当B具有最大速度时,弹簧处于伸长状态,根据受力知,压缩量与伸长量相等在整个过程中弹性势能变化为零,根据系统机械能守恒求出B的最大速度解答:解:(1)A刚离开地面时,对A有:kx2=mg 此时B有最大速度,即aB=aC=0则对B有:Tkx2mg=0对C有:4mgsinT=0 以上方程联立可解得:,=30 (2)初始系统静止,且线上无拉力,对B有:kx1=mg由上问知,则从释放至A刚离开地面过程中,弹性势能变化量为零;此过程中A、B、C组成的系统机械能守恒,即:以上方程联立可解得:点评:本题是力与能的综合题,关键对初始位置和末位置正确地受力分析,以及合力选择研究的过程和研究的对象,运用系统机械能求解10如图所示,粒子源S可以不断地产生质量为m、电荷量为+q的粒子(重力不计)粒子从O1孔漂进(初速不计)一个水平方向的加速电场,再经小孔O2进入相互正交的足够大的匀强电场和匀强磁场区域,电场强度大小为E,磁感应强度大小为B1,方向如图虚线PQ、MN之间存在着水平向右的匀强磁场,磁感应强度大小为B2(图中未画出)有一块折成直角的硬质塑料板abc(不带电,宽度很窄,厚度不计)放置在PQ、MN之间(截面图如图),a、c两点恰在分别位于PQ、MN上,ab=bc=L,=45现使粒子能沿图中虚线O2O3进入PQ、MN之间区域击中ab(1)求加速电压U1;(2)假设粒子与硬质塑料板相碰后,速度大小不变,方向变化遵守光的反射定律粒子在PQ、MN之间的区域中运动的时间和路程分别是多少?(3)若上述问题中硬质塑料板abc宽度变大,试计算说明宽度至少多大时可使带点粒子返回相互正交的匀强电场和匀强磁场区域,并描述返回到相互正交的匀强电场和匀强磁场区域后运动情况考点:带电粒子在匀强磁场中的运动;带电粒子在匀强电场中的运动菁优网版权所有专题:带电粒子在复合场中的运动专题分析:(1)粒子源发出的粒子,进入加速电场被加速,根据能的转化和守恒定律能求出加速获得的速度粒子经过复合场时,电场力向下,洛伦兹力向上,都与速度垂直,故合力为零,根据平衡条件列式求解加速电压U1;(2)粒子进入PQ、MN之间的区域,由于速度方向与磁场方向平行,不受洛伦兹力而做匀速直线运动粒子与ab板第一次碰撞后,速度向上,洛伦兹力提供向心力,在与ac边垂直的平面内做匀速圆周运动,经过一圈后,与ab边内侧碰撞,碰撞后水平向右运动,与bc边二次碰撞后,在与ac边垂直的平面内做再次匀速圆周运动,又经过一圈后,与b边外侧碰撞,水平向右离开磁场根据运动轨迹,分匀速直线运动和匀速圆周运动求时间和路程对于匀速圆周运动,先计算半径和周期,再根据轨迹计算总时间和总路程(3)求出粒子在磁场中运动的轨道半径,当abc的宽度大于2倍的轨道半径时,粒子可以与硬质塑料板碰撞后返回正交的复合场,进入复合场后,电场力和洛伦兹力均向下,做曲线运动解答:解:(1)粒子源发出的粒子,进入加速电场被加速,速度为v0,根据能的转化和守恒定律得:要使粒子能沿图中虚线O2O3进入PQ、MN之间的区域,则粒子所受到向上的洛伦兹力与向下的电场力大小相等,有:qE=qv0B得到:将式代入式,得:(2)粒子从O3以速度v0进入PQ、MN之间的区域,先做匀速直线运动,打到ab板上,以大小为v0的速度垂直于磁场方向运动粒子将以半径R在垂直于磁场的平面内作匀速圆周运动,转动一周后打到ab板的下部由于不计板的厚度,所以质子从第一次打到ab板到第二次打到ab板后运动的时间为粒子在磁场运动一周的时间,即一个周期T由和运动学公式,得:粒子在磁场中共碰到2块板,做圆周运动所需的时间为:t1=2T粒子进入磁场中,在v0方向的总位移s=2Lsin45,时间为:则有:t=t1+t2=总路程为:(3)又题意,带电粒子在磁场中的半径:,要使带电粒子返回,abc的宽度为:x=2R=返回后在相互正交的匀强电场和匀强磁场区域作曲线运动并偏向下极板答:(1)加速的电压为(2)粒子在PQ、MN之间的区域中运动的时间为,总路程为(3)abc的宽度x=可使带点粒子返回相互正交的匀强电场和匀强磁场区域,返回后在相互正交的匀强电场和匀强磁场区域作曲线运动并偏向下极板点评:本题中的复合场具有速度选择的功能,进入磁场区域后,根据动力学规律先确定运动轨迹,再进行计算- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 问酷网 2014 浙江省 杭州市 富阳 高考 物理 模拟 试卷
装配图网所有资源均是用户自行上传分享,仅供网友学习交流,未经上传用户书面授权,请勿作他用。
关于本文