全国通用版2019高考物理总复习精准提分练:选择题专练一.doc
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选择题专练(一)(限时:20分钟)二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分在每小题给出的四个选项中,第1418题只有一项符合题目要求,第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分14下列论述中正确的是()A开普勒根据万有引力定律得出行星运动规律B爱因斯坦的狭义相对论,全面否定了牛顿的经典力学规律C普朗克把能量子引入物理学,正确地破除了“能量连续变化”的传统观念D玻尔提出的原子结构假说,成功地解释了各种原子光谱的不连续性答案C解析开普勒通过研究第谷的行星观测数据,得出了行星运动规律,A错误;爱因斯坦的狭义相对论,并没有全面否定牛顿的经典力学,B错误;普朗克把能量子引入物理学,正确地破除了“能量连续变化”的传统观念,C正确;玻尔提出的原子结构假说,不能解释复杂原子,如氦原子核光谱的不连续性,D错误15.如图1,放置在光滑的水平地面上足够长的斜面体,下端固定有挡板,用外力将轻质弹簧压缩在小木块和挡板之间,弹簧的弹性势能为100 J撤去外力,木块开始运动,离开弹簧后,沿斜面向上滑到某一位置后,不再滑下,则()图1A木块重力势能的增加量为100 JB木块运动过程中,斜面体的支持力对木块做功不为零C木块、斜面体和弹簧构成的系统,机械能守恒D最终,木块和斜面体以共同速度向右匀速滑行答案B解析因为到达最高点后,木块不再下滑,所以木块必受斜面的摩擦力作用,斜面体受到木块的斜向右上的摩擦力作用,该力在水平方向上有一个分力,故斜面体向右运动,木块相对地面在水平方向上有位移,斜面体对木块的支持力与水平位移夹角不垂直,故斜面体的支持力对木块做功不为零,木块、斜面体和弹簧构成的系统,有摩擦力做功,所以机械能不守恒,B正确,C错误;将弹簧、木块和斜面体看成一个整体,整体在水平方向上受力为零,所以系统水平方向动量守恒,释放弹簧前系统水平方向动量为零,故释放弹簧后系统水平方向动量仍旧为零,即木块和斜面体最后静止,弹簧的弹性势能转化为系统的内能(克服摩擦力做功)以及木块的重力势能,故木块重力势能的增加量小于100 J,A、D错误16如图2所示,a为放在地球赤道上随地球一起转动的物体,b、c、d为在圆轨道上运行的卫星,轨道平面均在地球赤道面上,其中b是近地卫星,c是地球同步卫星若a、b、c、d的质量相同,地球表面附近的重力加速度为g,则下列说法中正确的是()图2Ab卫星转动的线速度大于7.9 km/sBa、b、c、d的周期大小关系为TaTbTcTdCa和b的向心加速度都等于重力加速度gD在b、c、d中,b的动能最大,d的机械能最大答案D解析7.9 km/s是第一宇宙速度,是卫星绕地球做匀速圆周运动最大的运行速度,所以b卫星转动的线速度小于7.9 km/s,故A错误对于b、c、d三颗卫星,由开普勒第三定律k,知TbTcTd,地球同步卫星的周期与地球自转周期相同,则有TaTc.因此有TbTaTc,g为重力加速度从抛出到第一次碰撞筒壁,不计空气阻力,则下列说法正确的是()图5A三小球运动时间之比tAtBtC21B三小球下落高度之比hAhBhC21C重力对三小球做功之比WAWBWC341D重力的平均功率之比PAPBPC231答案AC解析因为三个小球都碰壁,说明没有下落到底部,小球在水平方向上做匀速直线运动,根据几何知识可知三个球的水平位移xA2RR,xB2R,xC2RR,而所用时间tAtBtC21,A正确;在竖直方向上做自由落体运动,三小球下落高度之比hAhBhCgtgtgt341,B错误;重力对小球做功WGmgh,故WAWBWChAhBhC341,C正确;重力的平均功率P,故PAPBPC21,D错误20图6(a)中理想变压器的原线圈依次接入如图(b)所示的甲、乙两个正弦交流电源接电源甲后,调节滑动变阻器滑片位置使小灯泡A正常发光,小灯泡的功率及电流频率分别为P1、f1;保持滑片位置不变,改用电源乙,小灯泡的功率及电流频率分别为P2、f2,则()图6Af1f232BP1P221C若将变阻器滑片向左移动,电源乙可能使小灯泡正常发光D若将变压器动片P向下移动,电源乙可能使小灯泡正常发光答案AD解析变压器不改变交流电的频率,从题图b中可知3T12T2,即,所以,A正确;从题图b中可知甲、乙两个电源的电动势最大值之比为21,两种情况下副线圈两端的电压有效值之比为21,所以两种情况下通过灯泡的电流之比为21,根据PI2R可知,B错误;若将变阻器滑片向左移动,滑动变阻器接入电路的电阻增大,通过灯泡的电流减小,所以电源乙不可能使小灯泡正常发光,C错误;若将变压器动片P向下移动,即减小,根据可知U2增大,即副线圈两端电压增大,故电源乙可能使小灯泡正常发光,D正确21两个完全相同的平行板电容器C1、C2水平放置,如图7所示开关S闭合时,两电容器中间各有一油滴A、B刚好处于静止状态现将S断开,将C2下极板向上移动少许,然后再次闭合S,则下列说法正确的是()图7A两油滴的质量相等,电性相反B断开开关,移动C2下极板过程中,B所在位置的电势不变C再次闭合S瞬间,通过开关的电流可能从上向下D再次闭合开关后,A向下运动,B向上运动答案BCD解析当S闭合时,左边电容的上极板和右边电容的下极板相连,即两个极板的电势相等,又因为其他两个极板都接地,电势相等,故两极板间的电势差的绝对值相等,根据mgq,由于不知道两油滴的电荷量,故两个油滴的质量不一定相等,若C1上极板带正电,则C1电场方向竖直向下,A液滴应受到竖直向上的电场力,故带负电,C2下极板带正电,则C2电场方向竖直向上,B滴液应受到竖直向上的电场力,所以带正电,电性相反;若C1上极板带负电,则C1电场方向竖直向上,A液滴应受到竖直向上的电场力,故带正电,C2下极板带负电,则C2电场方向竖直向下,B滴液应受到竖直向上的电场力,所以带负电,电性相反,总之,两油滴的电性相反,A错误;断开开关,移动C2下极板过程中,两极板所带电荷量相等,根据C,C,E联立可得E,两极板间的电场强度大小和两极板间的距离无关,故电场强度恒定,所以B的受力不变,故仍处于静止状态,到上极板(零电势)的距离不变,根据UEd可知B点的电势不变,B正确;S断开,将C2下极板向上移动少许,根据C可知C2增大,根据C可知U减小,即C2下极板电势降低,再次闭合S瞬间,C1上极板的电势大于C2下极板电势,通过开关的电流可能从上向下,稳定后,根据E可知C1两极板间的电势差减小,电场强度减小,A向下运动,C2两极板间的电势差增大,电场强度增大,B向上运动,C、D正确- 配套讲稿:
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