内蒙古巴林右旗大板第三中学2018-2019学年高一物理上学期期末考试试题（含解析）

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1、内蒙古巴林右旗大板第三中学2018-2019学年高一物理上学期期末考试试题（含解析）一、单选题1.下列物理量中，属于国际单位制规定的基本量的是A. 速度B. 加速度C. 力D. 质量【答案】D【解析】【分析】三个力学基本物理量分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，这些基本知识一定要掌握住；【详解】单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量，故选项ABC错误，选项D正确。2.下列关于惯性的说法正确的是A. 跳远运动员可通过助跑来增大惯性B. 汽车匀速运动时惯性小，急刹车时惯性

2、大C. 匀速前进的火车上，由于惯性,原地向上起跳的乘客将落在起跳点D. 向东行驶的汽车突然刹车，由于惯性，乘客会向西倾倒【答案】C【解析】A. 质量是惯性大小的唯一量度，跳远运动员不能通过助跑来增大惯性，A错误；B. 惯性是物体的固有属性，与运动还是静止无关，B错误；C. 匀速前进的火车上，由于惯性，原地起跳的乘客将落在起跳点，故C正确； D. 向东行驶的汽车突然刹车，由于惯性，乘客会向东倾倒，故D错误。故选：C点睛：一切物体都有惯性物体总有保持原有运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性。惯性是物体的固有性质，只与物体的质量有关，与运动状态没有关系。应该从定义的角度来分析本题3.如图所示，质量为

3、m的木块在质量为M的长木板上，m在水平拉力作用下向右滑行，长木板仍处于静止状态。长木板与地面间动摩擦因数为，木块与长木板间动摩擦因数为，则长木板受地面摩擦力大小一定为（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力，大小为；力的作用是相互的，故P对长木板ab有向右的滑动摩擦力，故长木板ab有向右滑动的趋势，受到地面对其向左的静摩擦力，根据共点力平衡条件有f2=f1，因而。本题中ab受地面的静摩擦力，故不能用f=1（m+M）g求摩擦力，故C正确；故A、B、D错误.故选C。【点睛】本题关键要分清楚静摩擦力还是滑动摩擦力，静摩擦力随外力的变化而变化，滑动摩擦力

4、与正压力成正比。4.如图，一木块放在水平面上，在水平方向共受到三个力即F1、F2和静摩擦力作用，三个力的合力为零，其中F1=10N，F2=2N，若撤去力F1,则木块在水平方向受到的合力为：（ ）A. 10N, 方向向左B. 6N，方向向右C. 2N，方向向左D. 零【答案】D【解析】因原来F1 = 10 N，F 2 = 2N这两个力的合力为8N，说明物体所受最大静摩擦力不小于8N，当撤去力F1后，物体受到2N的静摩擦力，则木块仍静止，合外力为零，D正确。5.甲、乙两物体所受重力之比为1：4，甲、乙两物体所在的位置高度之比为4：1，它们都做自由落体运动，则下列说法中正确的是( )A. 落地时的速

5、度之比是2：1B. 从开始下落到着地的平均速度之比是4：1C. 下落过程中加速度之比是1：4D. 从开始下落到着地所用时间之比为16：1【答案】A【解析】【分析】自由落体运动的加速度为g，根据求出落地的速度之比，根据求解时间之比；【详解】A、甲、乙两个物体都做自由落体运动，根据得，落地时的速度之比是，故A正确；B、根据平均速度可得，从开始下落到着地的平均速度之比是，故B错误；C、甲、乙两个物体都做自由落体运动，加速度都为g，与重力无关，故C错误；D、根据得，从开始下落到着地所用时间之比为，故D错误；故选A。【点睛】关键是明确自由落体运动的运动性质，然后灵活地选择运动学公式列式求解即可。6.如图

6、所示，直线a和曲线b分别是在平行的平直公路上行驶的汽车a和b的速度一时间（v-t）图线，在t1时刻两车刚好在同一位置（并排行驶），在t1到t3这段时间内( )A. 在t2时刻，两车相距最远B. 在t3时刻，两车相相遇C. a车加速度均匀增大，b车加速度逐渐增大D. a车的位移大于b车的位移【答案】D【解析】【详解】在t1时刻两车刚好在同一位置（并排行驶），在t1到t3这段时间内，a的速度一直大于b的速度，两者间距一直增大，t3时刻之后，a的速度小于b的速度，两者间距减小，则在t3时刻，两车相距最远，故AB错误；根据速度时间图象的斜率等于加速度，可知，a车的加速度不变，b车加速度一直增大，故C错

7、误；在v-t图象中，与时间轴所围面积表示物体运动的位移，故a车的位移大于b车的位移，故D正确。所以D正确，ABC错误。7.将一物体以某一初速度竖直上抛.物体在运动过程中受到一大小不变的空气阻力作用，它从抛出点到最高点的运动时间为t1，再从最高点回到抛出点的运动时间为t2，如果没有空气阻力作用，它从抛出点到最高点所用的时间为t0，则（）A. t1t0， t2t1B. t1t0，t2t1C. t2t0，t2t1D. t1t0，t2t1【答案】B【解析】【详解】不计阻力时，物体做竖直上抛运动，根据其运动的公式可得：t0，当有阻力时，设阻力大小为f，上升时有：mg+f=ma，ag+g,上升时间；有阻力

8、上升位移与下降位移大小相等，下降时有mg-f=ma1，agg，根据hat2，可知t1t2，故ACD错误，B正确。8.如图甲所示，质量为1kg的物块静止在倾角为=37的固定斜面上，现在t=0时刻用沿斜面向下的恒力F推物块，过一段时间撤去推力，物块沿斜面向下运动的vt图象如图乙所示。已知物块与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2，斜面足够长，则下列判断不正确的是A. 物块静止时，斜面对物块的作用力大小为8NB. 物块与斜面间的动摩擦因数为075C. 恒力F的大小为3ND. 若恒力F增大为原来的2倍，则物块下滑的加速度大小为6m/s2【答案】A【解析】物块静止时，受到斜面给

9、的摩擦力，支持力，和重力作用，三力平衡，故斜面给的摩擦力，支持力的合力与重力等大反向，即斜面对物块的作用力大小等于物块的重力，为10N，A错误；有F作用时，物块做匀加速直线运动，故有，当撤去F后，物块做匀速直线运动，故，联立三式可得，BC正确；若恒力F增大为原来的2倍，即，代入式可知，D正确9.如图所示，水平传送带A、B长2m，以2m/s的速度向右匀速运动现将一小物块轻放在传送带的左端A点，设小物块与传送带间的动摩擦因数为0.2，g取10m/s2则小物块运动至传送带右端B点所用的时间是（ ）A. 1sB. 1.5sC. sD. 2s【答案】B【解析】【详解】设运动过程中物体的加速度为a，根据牛

10、顿第二定律得mg=ma，求得a=g=2m/s2，设达到皮带速度v时发生的位移为s1，所用时间为t1，则v2=2as1；解得：s1=1m；根据速度公式有v=at1；解得时间t1=1s；此时距离B端s2=L-s1=2m-1m=1m；接下来做匀速运动的时间，所以t=t1+t2=1.5s。二、多项选择题10.如图所示，A、B两物体的重力分别是GA3 N，GB4 NA用细线悬挂在顶板上，B放在水平面上，A、B间轻弹簧中的弹力F12 N，则细线中的张力F2及B对地面的压力F3的可能值分别是( ) A. 5 N和6 NB. 5 N和2 NC. 1 N和6 ND. 1 N和2 N【答案】BC【解析】【详解】当

11、弹簧处于伸长状态，以A为研究对象，由平衡条件得到，细线对A的拉力F=GA+F弹=3N+2N=5N对B研究可得，地面对B的支持力为FN=GB-F弹=4N-2N=2N，则B对地面的压力大小等于2N。当弹簧处于压缩状态，以A为研究对象，由平衡条件得到，细线对A的拉力F=GA-F弹=3N-2N=1N对B研究可得，地面对B的支持力为FN=GB+F弹=4N+2N=6N，则B对地面的压力大小等于6N，因此BC正确，AD错误。11.如图所示，用绳子OB将照明电灯拉离竖直方向，若保持OB绳水平，使电线OA与竖直方向的夹角增大，则下列说法中正确的是：（ ） A. 绳OB的拉力增大B. 绳OB的拉力不变C. 电线O

12、A的拉力增大D. 电线OA的拉力减小【答案】AC【解析】以结点O为研究对象，分析受力情况，作出力图如图：CO绳对O点的拉力大小等于重力mg，即FCO=mg。由平衡条件得知：CO绳的拉力FCO和OB绳的拉力FBO的合力与FAO等值、反向。由几何关系得：，FBO=mgtan，当角增加时，绳OB的拉力FBO增大，电线OA的拉力FAO也增大；故选AC.【点睛】本题是力学动态平衡问题，关键受力分析后求解出表达式进行分析.12.一位同学乘坐电梯从六楼下到一楼的过程中，其v-t图象如图所示下列说法正确的是（ ）A. 前2s内该同学处于超重状态B. 最后1s内该同学的加速度是前2s内的2倍C. 该同学在10s

13、内的平均速度是1m/sD. 该同学在10s内通过的位移是17m【答案】BD【解析】试题分析：前2s内物体做匀加速直线运动，加速度方向向下，该同学处于失重状态故A错误最后1s内该同学的加速度；前2s内该同学的加速度，故最后1s内该同学的加速度是前2s内的2倍，选项B正确；图线与时间轴围成的面积表示位移，则10s内的位移，平均速度故C错误，D正确故选BD.考点：v-t图线；平均速度【名师点睛】解题时能根据加速度的方向判断超失重情况：当加速度方向向上时物体处于超重状态，相反，加速度方向向下时物体处于失重状态；知道速度时间图线的物理意义：图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移的大小.13

14、.如图，两个质量分别为m1=3kg，m2=2kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接，两个大小分别为F1=30N，F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则（）A. 弹簧秤的示数是50NB. 弹簧秤的示数是24NC. 在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为2m/s2D. 在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度大小为12m/s2【答案】BCD【解析】试题分析：把m1、m2看成一个整体，则合力为30N20N=10N，方向向右；则两个物体的加速度为a=2m/s2，方向向右；再将m1隔离开来，单独对它进行受力分析，在水平方向上，m1受到F1、弹簧的作用力T，故由牛顿第二定律可得：F1T=

15、m1a，故T=30N3kg2m/s2=24N，故A不对，B是正确的。在突然撤去F2的瞬间， m1的受力情况没有突然发生改变，故其加速度仍是不变的，仍是2m/s2，故C正确；m2则只受到弹簧的拉力的作用，故此时其加速度的大小为a=12m/s2，故D是正确的。考点：牛顿第二定律的应用，整体法与隔离法在分析问题中的应用。14.如图所示，质量为m2的物体B放在车厢的水平底板上，用竖直细绳通过光滑定滑轮与质量为m1的物体A相连车厢正沿水平直轨道向右行驶，两物体与车相对静止，此时与物体A相连的细绳与竖直方向成角，由此可知( )A. 车厢的加速度大小为gtanB. 绳对物体A的拉力大小为m1gcosC. 底

16、板对物体B的支持力大小为(m2m1)gD. 底板对物体B的摩擦力大小为m2gtan【答案】AD【解析】【详解】A以物体A为研究对象，受力如图1所示，由牛顿第二定律得：m1gtan=m1a，解得：a=gtan，则车厢的加速度也为gtan，故A正确；B如图1所示，绳子的拉力：，故B错误；C对物体B研究，受力如图2所示，在竖直方向上，由平衡条件得：N=m2g-T=m2g-，故C错误；D由图2所示，由牛顿第二定律得：f=m2a=m2gtan，故D正确。三、实验题15.“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图所示（1）下列说法正确的是_A在平衡摩擦力时，不需要挂上细线和砝码盘B“盘和砝码的总质量远小

17、于小车的质量”这一条件如不满足对探究过程会产生影响C在探究加速度与力的关系时，只需测量一次，记录一组数据即可D当改变小车的质量时，由于小车的摩擦力发生变化，所以需要再次平衡摩擦力（2）在实验中，某同学得到了一条纸带如图所示，选择了A、B、C、D、E、F、G作为计数点，相邻两个计数点间还有4个计时点没有标出，其中x1=1.19cm、x2=2.40cm、x3=3.60cm、x4=4.79cm、x5=6.00cm、x6=7.22cm。已知电源频率为50 Hz，可以计算出小车的加速度大小是_m/s2(保留三位有效数字).打点计时器打D点时的瞬时速度是_ m/s(保留两位有效数字)（3）假设某同学在一次

18、实验中准确的平衡了摩擦力，但在测量所挂重物的质量时，忘记了砝码盘的质量。用a表示小车的加速度，F表示细线作用于小车的拉力，他绘出的aF关系图象可能是 _A. B. C. D. 【答案】 (1). A B (2). 1.20 (3). 0.42 (4). C【解析】【详解】（1）平衡摩擦力时不需要挂上细线和砝码，故A正确。“重物的质量远小于小车的质量”这一条件如不满足，不能用砝码和砝码盘的重力表示细线的拉力，探究过程会产生误差，故B正确。在探究加速度与力的关系时，需测出多组数据进行探究，故C错误。改变小车的质量，不需要重新平衡摩擦力，故D错误。故选AB。（2）根据x=aT2，运用逐差法得：。打点

19、计时器打D点时的瞬时速度是 （3）实验中准确的平衡了摩擦力，但在测量所挂重物的质量时，忘记了砝码盘的质量，则当F=0时，实际的F不为零，则加速度不为零，故C正确。四、解答题16.汽车从静止开始做单方向的匀加速直线运动，经5s后速度达到10m/s，然后匀速运动了20s，接着刹车以5m/s2的加速度做减速运动则(1)汽车在加速阶段的加速度大小是多少；(2)汽车在第28s末的速度大小是多少； (3)汽车全程的路程是多大？【答案】2m/s2 0（3）235m【解析】试题分析：（1）匀加速直线运动阶段的加速度为（2）第28s末时，汽车正做匀减速直线运动，并且减速了3s，而汽车需要静止的时间为，所以减速第

20、三秒时，汽车处于静止（3）匀加速阶段的位移为，匀速阶段的位移为匀减速阶段的位移为故全程的位移为考点：考查了匀变速直线运动规律的应用17.如图所示，质量为2kg的物体在与水平方向成37角的斜向上的拉力F作用下由静止开始运动。已知力F的大小为5N，物体与地面之间的动摩擦因数为0.2，（sin37=0.6，cos37=0.8）求：(1)物体由静止开始运动后的加速度大小；(2)8s末物体的瞬时速度大小和8s时间内物体通过的位移大小；(3)若8s末撤掉拉力F，则物体还能前进多远？【答案】(1)a=0.3m/s2 (2)x=9.6m (3)x=1.44m【解析】(1)物体的受力情况如图所示：根据牛顿第二定

21、律，得:Fcos37-f=maFsin37+FN=mg 又f=FN 联立得：a=代入解得a=0.3m/s2 (2)8s末物体的瞬时速度大小v=at=0.38m/s=2.4m/s 8s时间内物体通过的位移大小(3)8s末撤去力F后，物体做匀减速运动，根据牛顿第二定律得，物体加速度大小由v2=2ax得:【点睛】本题关键是多次根据牛顿第二定律列式求解加速度，然后根据运动学公式列式求解运动学参量。18.质量为m的长木板静止在水平地面上，质量同样为m的滑块（视为质点）以初速度v0从木板左端滑上木板，经过0.5s滑块刚好滑到木板的中点，下右图为滑块滑上木板后的速度时间图像，若滑块与木板间动摩擦因数为1，木

22、板与地面间的动摩擦因数为2，求：（1）1、2各是多少？（2）滑块的总位移和木板的总长度各是多少？【答案】（1）0.6；0.2（2）1.5m,2.0m【解析】【详解】（1）设0.5s滑块的速度为v1，由v-t图像可知:v0=4m/s v1=1m/s 滑块的加速度 木板的加速度大小 对滑块受力分析根据牛顿定律：1mg=ma1 所以1=0.6 对木板受力分析：1mg-22mg= ma2解得 2=0.2（2）0.5s滑块和木板达到共同速度v1，假设不再发生相对滑动则2ma3=22mg解得a3=2m/s2 因ma3=f1mg假设成立，即0.5s后滑块和木板相对静止，滑块的总位移为s1则 解得s1=1.5

23、m 由v-t图像可知 所以木板的长度 L=2.0m19.如图所示，倾角=37的斜面体固定在水平地面上，斜面长L=2.4m质量M=2.0kg的B物体放在斜面底端，与斜面间的动摩擦因数=0.25，通过轻细绳跨过光滑的定滑轮与A物体相连接，连接B的细绳与斜面平行A的质量m=2.5kg，绳拉直时用手托住A物体使其在距地面h高处由静止释放，着地后立即停止运动 A、B物体均可视为质点，取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8 （1）求A物体下落的加速度大小及绳子拉力T的大小；（2）求当A物体从多高处静止释放，B物体恰好运动至斜面最高点；（3）若A物体从h1=1.6m处静止释放，要使B物体

24、向上运动且不从斜面顶端滑出，求A物体质量m的取值范围（设B物体受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力）【答案】（1）20N （2）1.92m （3）【解析】试题分析：分别对A、B受力分析，结合牛顿第二定律即可求出绳子上的拉力和物体的加速度；根据牛顿第二定律求出速度，A着地后，B沿斜面做匀减速运动，当速度减为零时，根据速度位移公式即可求出B能沿斜面滑行的距离最大时A的高度；根据牛顿第二定律求出A着地后B向上滑行的加速度，由速度位移关系求出相应的位移，在结合力学关系求出相应的质量。（1）根据牛顿第二运动定律根据牛顿第二定律对A有：mg-T=ma 根据牛顿第二定律对B有： 代入数据解得：a=2 m/s2 绳子拉力大小：T=20 N （2）设物体A着地时B的速度为v，A着地后B做匀减速运动的加速度大小为a1根据牛顿第二定律对B有： 代入数据解得：a1= m/s2 对B由运动学公式得：着地前： 着地后： 代入数据解得：h=1.92 m （3）设A着地后B向上滑行距离x由运动学公式得： 位移关系满足： 着地前： 代入数据解得： 另一方面要能拉动必须有： 解得： 所以物体A的质量范围是： 点睛：本题主要考查了牛顿第二定律和运动学公式，按时间顺序进行分析受力情况和运动过程分析，由牛顿第二定律、运动学公式进行解答即可。14