高考压轴冲刺卷浙江卷四物理试题解析

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1、2015年高考压轴冲刺卷？浙江卷（四）理科综合（物理）一、选择题（本题共 4小题。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，选对得6分，多选或选错不得分，总分24分）1 .（安徽江淮名校2015?第二次联考？ 6）如图5所示冰平绷紧的传送带 AB长L=6m,始终以恒 定速率Vi=4m/s运行。初速度大小为 V2=6m/.s的小物块（可视为质点）从与传送带等高的光滑 水平地面上经A点滑上传送带。小物块m=lkg ,物块与传送带间动摩擦因数卩=0.4,gX 10m/s2。下列说法正确的是（）第20页A. 小物块可以到达B点B. 小物块不能到达 B点，但可返回A点,返回A点速度为6m/sC

2、. 小物块向左运动速度减为0时相对传送带滑动的距离达到最大D. 小物块在传送带上运动时，因相互间摩擦力产生的热量为50 J2. （2015?临沂一中二模？ 1）如图所示，在高度不同的两水平台阶上放有质量分别为m1、m2的两物体，物体间用轻弹簧相连，弹簧与竖直方向夹角为0.在m1左端施加水平拉力 F,的摩擦力大小为FA.使m1g，则下列说法正确的是（）cosC.地面对m2的支持力可能为零D.ml与m2 定相等3. （2015?泰州二模？ 5）如图4所示，在正方形ABCD区域内有平行于 AB边的匀强电场，E、F、 H是对应边的中点， P点是EH的中点.一个带正电的粒子（不计重力）从 F点沿FH方向

3、 射入电场后恰好从 C点射出以下说法正确的是（）DHA. 粒子的运动轨迹经过 P点B. 粒子的运动轨迹经过 PH之间某点C. 若增大粒子的初速度可使粒子垂直穿过EHD.若将粒子的初速度变为原来的一半，粒子恰好由E点从BC边射出ab接 MN , cd 接 PQ, Uab UcdC.ab接 PQ, cd 接 MN , UabUcd4. （2015?河南省实验中学二调？3）普通的交流电压表是不能直接接在高压输电线路上测量电压的，通常要通过电压互感器来连接.图中电压互感器ab 一侧线圈的匝数较少，工作时Ucd.为了使电压表能正常工作，则（）电压为Uab；cd 侧线圈的匝数较多，工作时电压为的。选择题（

4、本题共3个小题，在每个小题给出的四个选项中，至少有一个是符合题目要求 全部选对得6分，选对但不全多得 3分，有选错的得0分。）5. （2015?温州市二测？ 20）如图所示，正方形abcd区域内分布着垂直纸面向里的匀强磁场，O点是cd边的中点。一个带正电的粒子仅在磁场力的作用下，从O点沿纸面以垂直于 cd边的速度射入磁场， 经过时间t0刚好从c点射出磁场。现让该粒子从 O点沿纸面以与 Od成30。角的方向，分别以大小不同的速率射入磁场，则关于该粒子在磁场中运动的时间t和离开正方形区域位置，分析正确的是：（）5X X X XPx XXX xA. 若t = 5t0，则它一定从dc边射出磁场3B.

5、若t = 5t，则它一定从cb边射出磁场4C. 若t =t0，则它一定从ba边射出磁场D. 若t =2t0，则它一定从da边射出磁场36. （安阳20142015 第二次监测21）.如图所示，相距为 L的两条足够长的光滑平行不计电阻的金属导轨， 处于磁场方向垂直导轨平面向下且磁感应强度为B的匀强磁场中。将金属杆ab垂直放在导轨上，杆ab由静止释放下滑距离 x时达到最大速度。已知金属杆质量为m,定值电阻以及金属杆的电阻均为R,重力加速度为 g,导轨杆与导轨接触良好。则下列说法正确的是（）A. 回路产生Qt Nt a方向的感应电流B.金属杆ab下滑的最大加速度大小为gCOSTC.金属杆ab下滑的最

6、大速度大小为mgRsin)b2l23 22.2 -1 . . m g R sin Jmgxsi nr 刁2 B LC.嫦娥一号绕月球运行的周期为2(R+h)呂月/在嫦娥一号工作轨道处的重力加速度为（D金属杆从开始运动到速度最大时，杆产生的焦耳热为7. （2015?吉林实验中学二模?8 ）2007年10月24日 我国发射了第一颗探月卫星 嫦娥一号 使 嫦娥奔月”的神话变为现实.嫦娥一号发射后先绕地球做圆周运动，经多次变轨，最终进入距月球表面h=200km的圆形工作轨道，进行科学探测，已知月球半径为R,月球表面的重力加速度为g月，万有引力常量为 G,则下列说法正确的是（嫦娥一号在工作轨道上的绕行速

7、度为:Jh:由题目条件可知月球的平均密度为-，一4（jK三、非选择题探究加速度与力和质量的关系”带& （湖南省十三校？ 2015联考? 22）用如图所示的装置滑轮的长木板水平固定，跨过小车上定滑轮的两根细线均处于水平。（1）实验时，一定要进行的操作是。（填步骤序号）砂桶长木板小车打点计时器纸带A 小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数F0 ；B .改变砂和砂桶质量，打出几条纸带C. 用天平测出砂和砂桶的质量D 为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量（2）以拉力传感器示数的二倍F（F=2F0）为横坐标，以加速度a为纵坐标，画出的a

8、-F图象如下图所示，则可能正确的是 。（3 ）在实验中，得到一条如图所示的纸带，按时间顺序取0、1、2、5共6个计数点，15每相邻两个点间各有四个打印点未画出，用刻度尺测出1、2、5各点到O点的距离分别为： 10.92、18.22、23.96、28.30、31.10（cm），通过电磁打点计时器的交流电频率为50Hz.则：小车的加速度大小为 m/s2,（结果保留一位小数）9. （中山市2015?二模考？ 34） （H） .（10分）用伏安法测量一个阻值约为20Q的未知电阻FX的阻值. 在以下备选器材中，电流表应选用 ，电压表应选用 ，滑动变阻器应选用 （填写器材的字母代号）；I电源E （电动势3

9、V、内阻可忽略不计）1I电流表A1 （量程050 mA,内阻约12 Q）:电流表A2 （量程03 A,内阻约0.12 Q ）电压表Vi （量程03V,内阻约3 kQ ）电压表 V （量程015V，内阻约15 kQ ）滑动变阻器Ri （010 Q,允许最大电流2.0 A）滑动变阻器R2（ 01000 Q,允许最大电流 0.5 A）定值电阻R （30 Q,允许最大电流1.0 A）开关、导线若干 请在右边的虚线框中画出测量电阻Rx的实验电路图（要求所测量值的变化范围尽可能大一些，所用器材用对应的符号标出） 某次测量中，电压表读数为U时，电流表读数为I,则计算待测电阻阻值的表达式Rx =10. （20

10、15 皖南八校第二次联考24）如图所示，ABCD为竖直平面内固定的光滑轨道，其中 AB为斜面，BC段是水平的，CD段为半径R= 0. 2 m的半圆，圆心为 O,与水平面相切于一 一 一 一 10C点，直径CD垂直于BC。现将小球甲从斜面上距 BC高为R的A点由静止释放，到达B点后只保留水平分速度沿水平面运动，与静止在C点的小球乙发生弹性碰撞，己知甲、乙两球的质量均为 m=1.0 x 10-2kg，重力加速度g取10 m/s2（水平轨道足够长，甲、乙两球 可视为质点）求：（1）甲乙两球碰撞后，乙恰能通过轨道的最高点D,则甲、乙碰后瞬间，乙对半圆轨道最低点C处的压力F;（2）在满足（1）的条件下，

11、求斜面与水平面的夹角0 若将甲仍从 A点释放，増大甲的质量，保持乙的质量不变，求乙在轨道上的首次落点 到C点的距离范围.11. （2015?陕西西工大附中四模？ 14）如图所示，U型金属框架质量 m2=0.2kg，放在绝缘水平 面上，与水平面间的动摩擦因数卩=0.2 MM、NN相互平行且相距 0.4m，电阻不计，且足够长，MN段垂直于MM，电阻R2=0.1 Q光滑导体棒ab垂直横放在U型金属框架上，其质量m1=0.1kg、电阻R1=0.3 Q长度l=0.4m .整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感 应强度B=0.5T .现垂直于ab棒施加F=2N的水平恒力，使ab棒从静止开始运动，且始终与M

12、M、NN保持良好接触，当 ab棒运动到某处时，框架开始运动.设框架与水平面间最 大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2.(1) 求框架刚开始运动时 ab棒速度v的大小;(2)从ab棒开始运动到框架刚开始运动的过程中,MN上产生的热量 Q=0.1J .求该过程ab棒位移x的大小.IV四个场区,12. (2015?第二次大联考【浙江卷】？25)如图所示，在xOy平面内存在I、II、山、y轴右侧存在匀强磁场I, y轴左侧与虚线 MN之间存在方向相反的两个匀强电场， 方向竖直向下，III区电场方向竖直向上， P点是MN与x轴的交点。有一质量为II区电场m，带电荷量+q的带电粒子由原点 O,以速度V

13、0沿x轴正方向水平射入磁场I,已知匀强磁场I的磁感应强度垂直纸面向里，大小为EB0,匀强电场II和匀强电场III的电场强度大小均为B0v0Bo如图所示，IV区的磁场垂直纸面向外，大小为0 , OP之间的距离为28mv0qB。已知粒子最(1)(2)根据题给条件画出粒子运动的轨迹;(3)带电粒子从 O点飞出后到再次回到 O点的时间。后能回到O点。带电粒子从 O点飞出后，第一次回到 x轴时的位置和时间;物理参考答案及解析1. D【命题立意】本题旨在考查功能关系、牛顿第二定律。【解析】小物块在水平方向受到摩擦力的作用，f mg，产生的加速度：f = mg =0.4 x10 m/s? =4 m/Sm m

14、A、若小物块从右端滑上传送带后一直做匀减速运动，速度减为零时的位移是x，则,22 /口V?2ax =0 v2，得 x =2a622 4m =4.5m ： 6m，所以小物块不能到达B点，故A错误;B、小物块不能到达 B点，速度减为零后反向做匀加速运动，当速度等于传送带速度Vi后匀速运动，返回A点速度为4ms，故B错误;C、小物块不能到达 B点，速度减为零后反向做匀加速运动加速的过程相对于初速度继续向左运动，所以小物块向左运动速度减为D、小物块向右加速的过程中的位移:经历的时间：t二W a2 =2.5s，vi420时相对传送带滑动的距离没有达到最大，故C错误;x= =m = 2m，当速度等于传送带

15、速度 w时,2a 2 4该时间内初速度的位移：t = 4 2.5m = 10m，所以小-a物块相对于初速度的位移：.：s - (x -x) =10 - (4.5 -2)m =12.5m小物块在传送带上运动时，因相互间摩擦力产生的热量为：Q 二 f_| x二0.4 10 1 12.5J =50J，故 D正确。故选：D【举一反三】物体由于惯性冲上皮带后，从右端滑上传送带时，可以先匀减速运动到速度为0再反向加速后匀速，也可以一直减速，分情况进行讨论即可解题。2. B【命题立意】本题旨在考查共点力平衡的条件及其应用、物体的弹性和弹力。【解析】对整体受力分析可知，整体受重力、支持力、拉力及弹簧的弹力；要

16、使整体处于平 衡，则水平方向一定有向右的摩擦力作用在m2上，且大小与F相同；故B正确；因m2与地面间有摩擦力；则一定有支持力；故 C错误；再对m2受力分析可知，弹力水平方向的分力应等于F，故弹力T= 一sin日 因竖直方向上的受力不明确，无法确定两物体的质量关系；也无法求出弹簧弹力与重力的关 系；故AD错误。故选：B3. D【命题立意】本题旨在考查带电粒子在匀强电场中的运动。【解析】AB粒子从F点沿FH方向射入电场后恰好从 C点射出，其轨迹是抛物线，则过C点做速度的反向延长线一定与水平位移交于FH的中点，而延长线又经过 P点，所以粒子轨迹一定经过 PE之间某点，故AB错误；C、 若增大粒子的初

17、速度可使粒子垂直穿过EH,而又从C点射出，得到的轨迹不是一条完整 的抛物线，故C错误；D、由平抛知识可知，当竖直位移一定时，水平速度变为原来的一半，则水平位移也变为原 来的一半，故D正确。故选：D4. C【命题立意】本题旨在考查变压器的构造和原理。【解析】电压互感器的作用是使大电压变成小电压，根据变压器原理可知，应使匝数多的接入输入端；故 MN接cd, PQ接ab;且Uab4兀兀，则它一定从bc边射出磁场，故 B正确；1C、 若该带电粒子在磁场中经历的时间是to = T，则得到轨迹的圆心角为 二，而粒子从ab25边射出磁场时最大的偏向角等于60 90 =150 -，故不一定从ab边射出磁场，6

18、故C错误；D、当带电粒子的轨迹与ad边相切时，轨迹的圆心角为60，粒子运动的时间为111、tt，在所有从ad边射出的粒子中最长时间为 -1，故若该带电粒子在磁场中经6 33、 2历的时间是一t，一定不是从ad边射出磁场，故 D错误。3故选：AB6. AD【命题立意】本题旨在考查导体切割磁感线时的感应电动势、焦耳定律。【解析】A、金属杆向下滑动的过程中，穿过回路的磁通量增大，由楞次定律知,回路产生Qf Nt a方向的感应电流.故 A正确;B、设ab杆下滑到某位置时速度为v,则此时杆产生的感应电动势为：E二BLv回路中的感应电流为:BLvI 2R杆所受的安培力为：F= BIL根据牛顿第二定律有:B

19、2L2vmg sin v - ma2R当v = 0时杆的加速度最大，最大加速度为am = g sinv，方向沿导轨平面向下;故B错误;C、由上知，当杆的加速度a=0时，速度最大，最大速度为:vm2mgRE，方向沿导b2l2轨平面向下；故C错误;D、ab杆从静止开始到最大速度过程中，根据能量守恒定律有:1 2mgxsin)-Q mvm又杆产生的焦耳热为1所以得：0杆=mgxs in.口 m3g2R2 sin2 日為in九，故D正确。b4l4故选：AD7. BCD【命题立意】本题旨在考查人造卫星的加速度、周期和轨道的关系、万有引力定律及其应用。【解析】A、根据万有引力提供向心力，有:GKir v2

20、 4 IT-y=m- =mr r 1 T嫦娥一号的轨道半径为r=R+h，结合黄金代换公式：GM =g月R2，代入线速度和周期公式得:C、根据万有引力等于重力，则G =mg，GM=g 月 R2,CR+h)得：g=(匸一)2g月故c正确；g 月 R?D、由黄金代换公式得中心天体的质量M=一:一，月球的体积 V=,月则月球的密度p= ，故D正确；4兀GR故选：BCD28. (1) ABC (3) 1.5m/s【命题立意】本题旨在考查打点计时器、纸带的处理、牛顿第二定律【解析】打点计时器的使用，先接通电源，再释放小车，A正确；改变砂和砂桶质量，改变合力，B正确；有拉力传感器，可以读出拉力，求出合力，C

21、D选项都不需要，CD错误。(2) 没有平衡摩擦力， 错误！未找到引用源。，所以错误！未找到引用源。故选C(3) 时间间隔T=0.1s,相等时间的位移分别为：10.92 , 7.30, 5.74, 4.34, 2.80,10.92-730 = 2a1013730-434=20135J4-2T80=2aj0rSj + 鲂盘9.电流表A1,电压表M，滑动变阻器R错误！未找到引用源。【命题立意】本题旨在考查电学实验中电路的选取和器材的选取。【解析】要求所测量值的变化范围尽可能大，要用分压式电路，电压从 0到电源的电动势，范围大； 滑动变阻器用R1;电动势3V,电压表y；最大电 流约错误！未找到引用源。

22、，但0.15A超量程，3A 的量程太大，读数误差太大，故用电流表Ai,将定 值电阻串入，最大电流为 错误！未找到引用源。，则可。错误！未找到引用源。，错误！未找到引用源。【举一反三】如果没有要求所测量值的变化范围尽可能大一些，该用哪一个滑动变阻器？10.（ 1） 0.6 N ； （ 2） 300 ； （ 3） 0.8944m 込 x 込1.7888m【命题立意】本题旨在考查动量守恒定律、向心力、动能定理的应用。【解析】（1）乙恰能通过轨道的最高点D，则重力恰好通过向心力，设乙到达D点时的速2度为Vd，得：mg =卩怡R1 2 1 2乙球从C到D的过程中机械能守恒，得：mvC = 2mgRmvD

23、2 22 Fn - mg 二 mRC联立以上两式得：v 5gR乙球在C点受到的支持力与重力的合力提供向心加速度，得:2mvc-2所以：Fn = mg = 6 1.0 10 N = 0.6 N由牛顿第三定律可知，乙对半圆轨道最低点C处的压力与轨道对小球的支持力大小相等,即：F =Fn =0.6N（2）甲与乙的质量相同，所以甲与乙发生弹性碰撞的过程二者交换速度，所以甲到达C的速度等于乙在C点的速度，即：v甲x =VC = 5gR 甲从A滑到B的过程中机械能守恒，得：mgh mv2甲到达B点后只保留水平分速度沿水平面运动，则：v甲x二(3)将甲仍从A点释放，增大甲的质量为M，甲到达C的速度仍然是 5

24、gR，保持乙的质量不变，仍然发生弹性碰撞，以向左为正方向，则:根据动量守恒定律，得：MvC = Mv1 mv21 2 1 2根据机械能守恒定律，得： MvC Mv2 21 2mv22联立解得：v1二(M -m)vCM m2MvCv2 :M m当甲的质量比乙的质量大很多是时候，乙球的速度最大,2MvCM m2vc2vC，即1 m C M最大速度约为原来速度的 2倍。乙离开圆轨道后做平抛运动，运动的时间:t 二水平方向做匀速直线运动，速度最小时的水平方向的位移:Xmin=vC d = j5gR_2旦=2 汇 2.236 汇 0.2m = 0.8944m速度最大时的水平方向的位移：xma2vCj2x

25、m 1.7888m即：0.8944m Mx mi.7888m答：(1 )甲、乙碰后瞬间，乙对半圆轨道最低点C处的压力是0.6N ；(2)斜面与水平面的夹角是 300 ；(3)若将甲仍从 A点释放，增大甲的质量，保持乙的质量不变，乙在轨道上的首次落点到C点的距离范围是 0.8944m乞x乞1.7888m 。11. ( 1) 6m/s；( 2) 1.1m功能关系、电磁感应中的能量【命题立意】 本题旨在考查导体切割磁感线时的感应电动势、 转化。【解析】(1)ab对框架的压力：F1=m1g框架受水平面的支持力FN=m2g+F1依题意，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则框架受到的最大静摩擦力：F2=uFab

26、中的感应电动势：E = BLvMN中电流：I=-R1 +MN受到的安培力：F安 =BIL框架开始运动时：F安 =f2由上述各式代入数据解得：v=6 m/s.尺 + R(2)闭合回路中产生的总热量：Q总= ： Q= 匚- -X0.1J=0.4J总r20.11 2由能量守恒定律，得：Fxm|V Q总2心代入数据解得：x=1.1m .答：(1)求框架开始运动时 ab速度v的大小为6m/s;(2)从ab开始运动到框架开始运动的过程中ab位移x的大小为1.1m。212. (1)(-4mvo_, 0),如+纱；(2)如图；(3) *16)m qBoqBoqBqB【命题立意】该题考查带电粒子在组合场中的运动

27、【解析】(1 )带电粒子在磁场I中运动的半径为 R1 mVqB带电粒子在I磁场中运动了半个圆，回到 y轴的坐标y = 2R1 = 2巴qB带电粒子在II场区作类平抛运动，根据牛顿第二定律得带电粒子运动的加速度 a =生=qBv ,竖直方向y =丄戌t总二刍如 2-m，第一次回到x轴的位置(-如,0)qBoqBoqB(2)根据运动的对称性画出粒子在场区 III的运动轨迹如图所示。 带电粒子在场区IV运动的半 径是场区I运动半径的2倍，画出粒子的运动轨迹，同样根据运动的对称性画出粒子回到O点的运动轨迹如图所示。 ,水平位移x二vt ,联立得t二4mV),m 4m2qB0(3)带电粒子在I磁场中运动的时间正好为 1个周期，故t,二三巴qBo带电粒子在II、山两个电场中运动的时间t416mqBo带电粒子在IV场中运动的时间为半个周期t3 =2mqBo（4工16）mqBo因此带电粒子从 O点飞出后到再次回到 O点的时间t总二ti t2 t3