江西省南昌三中高二(下)第一次月考物理试卷(解析)要点

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1、2015-2016学年江西省南昌三中高二（下）第一次月考物理试卷一、选择题（每小题 4分，共40分.其中1到7题为单选题，8到10题为多选题）1. （4分）下列说法中正确的是（）A.根据磁感应强度 B的定义式可知，磁感应强度 B与F成正比，与IL成反比B. 一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度一定为零C.穿过一个单匝线圈的磁通量始终保持每秒钟均匀地减少了2Wb,则线圈中感应电动势每秒减少2VD.感应电流的磁场总是阻碍原磁通量的变化2. （4分）质量为2kg的物体放在光滑水平面上，受到与水平方向成30角的斜向上的拉力F=3N 的作用，经过 10s （取 g=10m/s2）（）A.

2、力F的冲量为15j5N?sB.物体的动量的变化是 30kg?m/sC.重力的冲量是零D.地面支持力的冲量是185N?s3. （4分）如图所示为一正弦交变电压随时间变化的图象，由图可知（）A.交流电的周期为 2sB.用电压表测量该交流电压时，读数为311VC.交变电压的有效值为 220VD,将该电压加在电阻为100的两端时，产生的热功率为484W4. （4分）如图所示，一质量 M=3.0kg的长方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一个质量m=1.0kg的小木块A.给A和B以大小均为4.0m/s,方向相反的初速度，使 A开 始向左运动，B开始向右运动，A始终没有滑离 B板.在小木块 A做加速运

3、动的时间内， 木板速度大小可能是（）A. 1.8m/s B. 2.4m/s C. 2.8m/s D. 3.0m/s5. （4分）如图所示，在坐标系 xOy中，有边长为a的正方形均匀铜线框 abcd,其一条对 角线ac和y轴重合、顶点a位于坐标原点 。处.在y轴的右侧的I、IV象限内有一垂直纸 面向里的匀强磁场，磁场的上边界与线框的ab边刚好完全重合，左边界与y轴重合，右边界与y轴平行，下边界足够远.t=0时刻，线圈以恒定的速度 V （平动）沿垂直于磁场上边 界的方向穿过磁场区域.则在线圈穿越磁场区域的过程中，ab间的电势差Uab随时间t变化的图线是下图中的（）X xX x6. （4分）质量为

4、m的炮弹沿水平方向飞行，其动能为Ek,突然在空中爆炸成质量相同的两块，其中一块向后飞去，动能为A T B孤C羯D，另一块向前飞去，则向前的这块的动能为（29+吗2 %7. （4分）如图所示，两块水平放置的金属板间距离为d,用导线与一个n匝线圈连接，线圈置于方向竖直向上的磁场 B中.两板间有一个质量为 m,电荷量为+q的油滴恰好处于平衡状态，则线圈中的磁场 B的变化情况和磁通量变化率分别是（）十+口口 A dmg A $ dmgA.正在增强；-B.正在减弱； tAt qAt nq*、3口巾 加3玲口口 巾 加3C.正在减弱； 1：一二D .正在增强； r一-= t q t nq8. （4分）质量

5、相等的 A、B两球在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，A球的动量pA=9kg?m/s, B球的动量pB=3kg?m/s,当A球追上B球时发生碰撞，则碰撞后 A、B两球 的动量可能是（）A . p A=6kg?m/s, pB=6kg?m/sB. p A=8kg?m/s, p B=4kg ?m/sC. p A=4kg?m/s, p B=8kg ?m/sD. p A= - 2kg?m/s, pB=14kg?m/s9. （4分）矩形滑块由不同材料的上下两层粘结在一起组成，将其放在光滑的水平面上，如图所示.质量为 m的子弹以速度v水平射向滑块，若射击上层，则子弹恰好不射出；若射击下层，则子弹整个儿恰

6、好嵌入，则上述两种情况相比较（A.两次子弹对滑块做的功一样多B.两次滑块所受冲量一样大C.子弹嵌入下层过程中，系统产生的热量较多D.子弹击中上层过程中，系统产生的热量较多10. （4分）用电高峰期，电灯往往会变暗，其原理可简化为如下物理问题.如图所示，理想变压器的副线圈上，通过输电线连接两只相同的灯泡Li和L2,输电线的等效电阻为 R,原线圈输入有效值恒定的交流电压，当开关S闭合时，以下说法正确的是（）A.原线圈中电流减小B.副线圈输出电压减小C.原线圈输入功率减小D. R两端的电压增大二、填空题（每空 2分，共16分）11. （2分）水电站给远处山村送电的输出功率是100千瓦，用2000伏电

7、压输电，线路上损失的功率是2.5M04瓦，如果改用20000伏高压输电，线路上损失的功率是多少？12. （2分）质量为m,长为L的船，静止在水面上，在船头和船尾各有一个质量为m1和m2的人（已知m1m2）.不计水的阻力，则两人互换位置后，船移动的距离是 13. （2分）空间存在以ab、cd为边界的匀强磁场区域，磁感强度大小为B,方向垂直纸面向外，区域宽为11.现有一矩框处在图中纸面内，它的短边与 ab重合，长度为12,长边的 长度为211,如图所示，某时刻线框以初速 v沿与ab垂直的方向进入磁场区域，同时某人对 线框施以作用力，使它的速度大小和方向保持不变.设该线框的电阻为 R.从线框开始进入

8、磁场到完全离开磁场的过程中，人对线框作用力所做的功等于 .12. B HIbb14. （10分）（2011?潍坊一模）某同学设计了一个用打点计时器验证动量守恒定律的实验：在小车A的前端粘有橡皮泥，推动小车 A使之作匀速运动.然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘合成一体，继续作匀速运动，他设计的具体装置如图1所示.在小车 A后连着纸带，电磁打点计时器电源频率为50HZ,长木板下垫着小木片用以平衡摩擦力.图1小木板0.50089图2（1）若已得到打点纸带如图 2,并测得各计数点间距标在图上，A为运动起始的第一点，则应选 段来计算A的碰前速度，应选 段来计算A和B碰后的共同速度.（以上两格填 AB”

9、或BC”或DC”或DE）.（2）已测得小车 A的质量mi=0.40kg,小车B的质量m2=0.20kg,由以上测量结果可得： 碰前总动量=kg?m/s;碰后总动量=kg?m/s.由上述实验结果得到 的结论是：.三、计算题（共44分）15. （10分）一质量为 m=0.2kg的皮球.从高 H=0.8m处自由落下，与地面相碰 t=0.1s后反 弹的最大高度为h=0.45m ,求球与地面接触这段时间内地面对皮球的平均作用力？16. （10分）（2011?萧山区校级模拟）如图所示，两根电阻不计，间距为 l的平行金属导轨， 一端接有阻值为 R的电阻，导轨上垂直搁置一根质量为m.电阻为r的金属棒，整个装置

10、处于竖直向上磁感强度为B的匀强磁场中.现给金属棒施一冲量，使它以初速 Vo向左滑行.设棒与导轨间的动摩擦因数为白金属棒从开始运动到停止的整个过程中，通过电阻R的电量为q.求：（导轨足够长）（1）金属棒沿导轨滑行的距离；（2）在运动的整个过程中消耗的电能.17. （10分）如图所示，A、B、C三个木块的质量均为 m,置于光滑的水平面上， A, B之 间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块接触而不粘连， 将弹簧压紧到不能再压缩时用细线把 A 和B紧连，使弹簧不能伸展，以至于 A, B可视为一个整体.现 A、B以初速度V0朝C运 动，B和C相碰并粘合在一起，某时刻细线突然断开，弹簧伸展，从而使 A与B、C

11、分离， 已知A离开弹簧时的速度大小为 玲，求弹簧释放的弹性势能.y 一c18. （14分）（2007?合肥一模）质量为 m0的足够长的木板放在光滑水平地面上，在木板的 上表面的右端放一质量为 m的小金属块（可看成质点），如图所示，木板上表面的A点右侧 第4页（共17页）是光滑的，A点到木板右端距离为 L, A点左侧表面与金属块间的动摩擦因数为个大小为F的水平拉力向右拉木板，当小金属块到达A点时立即撤去此拉力.求:(1)拉力F的作用时间是多少？(2)最终木板的速度多大？(3)小金属块到木板右端的最大距离为多少？第5页(共17页)2015-2016学年江西省南昌三中高二（下）第一次月考物理试卷参考

12、答案与试题解析一、选择题（每小题 4分，共40分.其中1到7题为单选题，8到10题为多选题）1. （4分）下列说法中正确的是（）A.根据磁感应强度 B的定义式8唱可知，磁感应强度 B与F成正比，与IL成反比B. 一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度一定为零C.穿过一个单匝线圈的磁通量始终保持每秒钟均匀地减少了2Wb,则线圈中感应电动势每秒减少2VD.感应电流的磁场总是阻碍原磁通量的变化【考点】法拉第电磁感应定律；楞次定律【分析】AB、磁感应强度是通过比值定义法定义的，大小由磁场本身的性质决定.AC、根据法拉第电磁感应定律 =五与上去判断感应电动势的大小.D、根据楞次定律判断感应

13、电流磁场与原磁场磁通量变化的关系.【解答】 解：AB、磁感应强度的大小由磁场本身的性质决定，与导线所受安培力、导线的长度以及电流无关.在磁场中安培力等于零，但磁场的磁感应强度不为零.故A、B错误.C、根据法拉第电磁感应定律 E=u 管得,感应电动势的大小为 2V.故C错误.D、根据楞次定律，感应电流的磁场总是阻碍原磁场磁通量的变化，当原磁场磁通量增加时，感应电流的磁场与原磁场方向相反，当磁通量减小时，感应电流的磁场与原磁场方向相同.故D正确.故选D.2. （4分）质量为2kg的物体放在光滑水平面上，受到与水平方向成30角的斜向上的拉力F=3N 的作用，经过 10s （取 g=10m/s2）（）

14、A.力F的冲量为15a/3N?sB.物体的动量的变化是 30kg?m/sC.重力的冲量是零D.地面支持力的冲量是 185N?s【考点】动量定理【分析】根据冲量定义公式I=Ft可求解各个力的冲量.【解答】解：A、力F的冲量为：I=Ft=3 M0N=30N?s,故A错误.B、由动量定理可知，物体动量变化为：P=I=F合t=Fcos30* t=3X 哼乂 10kEF/s=15ykgm/5,故 B 错误.C、重力冲量为：I=mgt=2 M0X10N?s=200N?s,故 C 错误.D、地面支持力为：N=mg - Fsin30 =2乂 10 - 3 X 118. 5N，故地面支持力的冲量为:2I=Nt=

15、18.5 M0=185N?s,故 D 正确.故选：D3. （4分）如图所示为一正弦交变电压随时间变化的图象，由图可知（）第16页（共17页）A.交流电的周期为 2sB.用电压表测量该交流电压时，读数为311VC.交变电压的有效值为 220VD,将该电压加在电阻为100的两端时，产生的热功率为484W【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；电功、电功率【分析】根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等.【解答】解：A、由图象知周期为 2X10 2s,故A错误；B、电压表的读数等于有效值，应为:U=220V ,故B错误;C、电压的有效值应为:=

16、220V ,故C正确;D、R消耗的功率为:故选CD.P=U2 2202R 100=484W,故D正确;4. （4分）如图所示，一质量 M=3.0kg的长方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一个质量m=1.0kg的小木块A.给A和B以大小均为4.0m/s,方向相反的初速度，使 A开 始向左运动，B开始向右运动，A始终没有滑离 B板.在小木块 A做加速运动的时间内， 木板速度大小可能是（）AA. 1.8m/s B. 2.4m/s C. 2.8m/s D. 3.0m/s【考点】动量守恒定律【分析】对木板与木块组成的系统，合外力保才e为零，系统的总动量守恒.a先向左减速,到速度减小零后向右加速到速

17、度与B相同，此过程 A正在做加速运动，根据动量守恒定律求出A的速度为零时B的速度，以及两者相对静止时共同速度，确定出A正在做加速运动时，B的速度范围，再进行选择.【解答】 解：以A、B组成的系统为研究对象，系统动量守恒，取水平向右方向为正方向, 从A开始运动到A的速度为零过程中，由动量守恒定律得：（M - m） vo=Mv bi ,代入数据解得：VBi=2.67m/s,当从开始到AB速度相同的过程中，取水平向右方向为正方向，由动量守恒定律得：（M - m） vo= （M+m ） vB2,代入数据解得：v B2=2m/s,则在木块A正在做加速运动的时间内B的速度范围为：2m/sv VB2.67m

18、/s.故选：B.5. （4分）如图所示，在坐标系 xOy中，有边长为a的正方形均匀铜线框 abcd,其一条对 角线ac和y轴重合、顶点a位于坐标原点 。处.在y轴的右侧的I、IV象限内有一垂直纸 面向里的匀强磁场，磁场的上边界与线框的ab边刚好完全重合，左边界与y轴重合，右边界与y轴平行，下边界足够远.t=0时刻，线圈以恒定的速度 V （平动）沿垂直于磁场上边ab间的电势差 Uab随时间t变化的图线是下图中的（）界的方向穿过磁场区域.则在线圈穿越磁场区域的过程中,【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律【分析】在0-3时间内，ab边切割磁感线运动，根据右手定则判断感应电流的方向

19、，判断 va、b电势的高低.根据E=BLv判断感应电动势的大小变化，确定ab间的电势差Uab随时间 的变化.在2月时间内，cd边切割磁感线运动，根据右手定则判断感应电流的方向，判V V断a、b电势的高低.根据 E=BLv判断感应电动势的大小变化和电势差Uab随时间的变化.【解答】解：在0-虫时间内，ab边切割磁感线运动，根据右手定则，知感应电流的方向为vabcda, a的电势低于b的电势，Uabm2）.不计水的阻力，则两人互换位置后，船移动的距离是叫一骑工）L时 m I + m ?一【考点】动量守恒定律【分析】人和小船组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律以及速度与位移的关系，求出船移动的距离.

20、【解答】解：船和两人组成的系统，在水平方向上动量守恒，规定质量为m1的人的速度方向为正方向，由动量守恒定律得： m1v1 m2v2 mv=0 .设两人互换位置后，船后退的距离为x （相对于质量为 m1的人），则质量为m1的人相对于地面的位移大小为 L-x.质量为m2的人相对于地面的位移大小为L+x贝U有： v1=- v2=上土 v=tt t联立得：mjr - m2Uj- Ulf IBl n 7解得：x=IT1 + ITl ?（叫一叩力L故答案为：id I in + m &13. （2分）空间存在以ab、cd为边界的匀强磁场区域，磁感强度大小为B,方向垂直纸面向外，区域宽为11.现有一矩框处在图

21、中纸面内，它的短边与 ab重合，长度为12,长边的 长度为211,如图所示，某时刻线框以初速 v沿与ab垂直的方向进入磁场区域，同时某人对 线框施以作用力，使它的速度大小和方向保持不变.设该线框的电阻为 R.从线框开始进入2 （B1J 211V磁场到完全离开磁场的过程中，人对线框作用力所做的功等于 2 .一 R 【考点】导体切割磁感线时的感应电动势【分析】在穿过磁场的过程中，并不是已知由力的作用，即不是已知做功，只在由感应电流 的阶段做功，而整个过程可以分为三个阶段： ：右边进入磁场到右边离开磁场； 从右 边离开磁场到左边进入磁场； 从左边进入磁场到左边离开磁场.只在过程 、中做 功.由此可以

22、解得答案【解答】解：本题中线框的运动过程分为三段：右边进入磁场到右边离开磁场；从右边离开磁场到左边进入磁场； 从左边进入磁场到左边离开磁场.B InV在过程、中，穿过闭合线圈的磁通量发生变化，线路中产生的感应电流1=,RB 1 d甲线框所受安培力 F安=BI1 2=2,又因为线框做匀速运动， 所以人对线框的作用力与线框所受安培力等大反向，人对线框作用力做的功为：W=F 211=F 安 211 =在过程中，通过线框的磁通量不变，无感应电流，线框不受安培力，人对线框的作用力2 （B1.也为零.所以，人对线框做的功为：R+上依生小2（Bl9） 21, v故答案为：-R14. （10分）（2011?潍

23、坊一模）某同学设计了一个用打点计时器验证动量守恒定律的实验：在小车A的前端粘有橡皮泥，推动小车 A使之作匀速运动.然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘合成一体，继续作匀速运动，他设计的具体装置如图1所示.在小车 A后连着纸带，电磁打点计时器电源频率为50HZ,长木板下垫着小木片用以平衡摩擦力.株皮泥.打点计时器图I小木板A 8C DE cm 8.4010.509.086.95图2（1）若已得到打点纸带如图2,并测得各计数点间距标在图上，A为运动起始的第一点，则应选 BC 段来计算A的碰前速度，应选 DE 段来方f算A和B碰后的共同速度.（以 上两格填 AB”或BC”或DC”或DE）.（2）已测

24、得小车 A的质量m1=0.40kg,小车B的质量m2=0.20kg,由以上测量结果可得： 碰前总动量=0.42 kg?m/s；碰后总动量=0.417 kg?m/s.由上述实验结果得到的结论是: AB 碰撞过程中，系统动量守恒.【考点】验证动量守恒定律【分析】（1） A与B碰后速度减小，通过纸带上相等时间内点迹的间隔大小确定哪段表示A的速度，哪段表示共同速度.（2）求出碰前和碰后的速度大小，得出碰前和碰后总动量的大小，从而得出结论.【解答】解：（1） A与B碰后粘在一起，速度减小，相等时间内的间隔减小，可知通过 BC 段来计算A的碰前速度，通过 DE段计算A和B碰后的共同速度.（2）A 碰前的速

25、度：05rn/s碰后共同速度：695m/s -碰前总动量： P1=m1v1=0.4M.05=0.42kg . m/s碰后的总动量： P2= （m1+m2）v2=0.6 0.695=0.417kg. m/s可知在误差允许范围内，AB碰撞过程中，系统动量守恒.故答案为：（1） BC, DE; （2） 0.42, 0.417, AB碰撞过程中，系统动量守恒.三、计算题（共44分）15. （10分）一质量为 m=0.2kg的皮球.从高 H=0.8m处自由落下，与地面相碰 t=0.1s后反 弹的最大高度为h=0.45m ,求球与地面接触这段时间内地面对皮球的平均作用力？【考点】动量定理【分析】由机械能守

26、恒定律可求得皮球落地和反弹时的速度，再由动量定理可求得地面对皮球的平均冲力F即可.【解答】解：皮球自由下落过程中，由机械能守恒定律可知：mghJmv2； 2解得：v= V2gH =V2X 10X 0, 8 =4m/s,同理，回弹过程的速度 v=，2ghR2 X Iff* 0. 45 =3m/s,方向竖直向上，设向下为正，则对碰撞过程由动量定理可知：mgt Ft= mv mv解得：F=16N答：球与地面接触这段时间内地面对皮球的平均作用力为16N.16. （10分）（2011?萧山区校级模拟）如图所示，两根电阻不计，间距为 l的平行金属导轨， 一端接有阻值为 R的电阻，导轨上垂直搁置一根质量为m

27、.电阻为r的金属棒，整个装置处于竖直向上磁感强度为 B的匀强磁场中.现给金属棒施一冲量，使它以初速 Vo向左滑行.设 棒与导轨间的动摩擦因数为白金属棒从开始运动到停止的整个过程中，通过电阻R的电量为q.求：（导轨足够长）（1）金属棒沿导轨滑行的距离；（2）在运动的整个过程中消耗的电能.【考点】法拉第电磁感应定律；功能关系；闭合电路的欧姆定律；电磁感应中的能量转化q=-=,R+r【分析】（1）根据法拉第电磁感应定律、 欧姆定律、q=I4t,推导出电量为q的表达式而=BLl ,即可求出金属棒沿导轨滑行的距离L.（2）在运动的整个过程中金属棒的动能减小，转化为摩擦生热和焦耳热，根据功能关系求 解消耗

28、的电能.【解答】解：（1）设滑行的距离为 L.由法拉第电磁感应定律有 t At而由电流定义有 I喘由闭合电路的欧姆定律得 由 解得bl3一R+r(2)由功能原理得,一g+ ( -Q)=科而 g= R mgL= N ingq-争答：(1)金属棒沿导轨滑行的距离是口(R+r)；Bl(2)在运动的整个过程中消耗的电能是Nmgq,巫.2 B117. (10分)如图所示，A、B、C三个木块的质量均为 m,置于光滑的水平面上， A, B之 间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块接触而不粘连， 将弹簧压紧到不能再压缩时用细线把 A 和B紧连，使弹簧不能伸展，以至于 A, B可视为一个整体.现 A、B以初速度V0朝

29、C运 动，B和C相碰并粘合在一起，某时刻细线突然断开，弹簧伸展，从而使A与B、C分离，已知A离开弹簧时的速度大小为 V0,求弹簧释放的弹性势能.【考点】动量守恒定律；功能关系【分析】A、B与C碰撞过程中动量守恒，由动量守恒定律可以求出碰后三者的共同速度；线断开，BC与A分离过程中动量守恒，由动量守恒定律可以列方程；在弹簧弹开过程中，系统机械能守恒，由机械能守恒定律可以列方程，解方程即可求出弹簧的弹性势能.【解答】解：以向右为正方向，设碰后A、B和C的共同速度的大小为 v,由动量守恒定律得：2mv0=3mv, v=vo,设C离开弹簧时，BC的速度大小为V1,由动量守恒得：3mv=2mv 1 -

30、mv0,解得：丫1=0,2设弹簧的弹性势能为 Ep,从细线断开到 A与弹簧分开的过程中机械能守恒，W (3m) v2+Ep= (2m) v12+mv02,解得：Ep=mv02 ；2226答：弹簧释放白势能为1 mv02618. (14分)(2007?合肥一模)质量为 m0的足够长的木板放在光滑水平地面上，在木板的上表面的右端放一质量为 m的小金属块(可看成质点)，如图所示，木板上表面的A点右侧 是光滑的，A点到木板右端距离为 L, A点左侧表面与金属块间的动摩擦因数为 现用一 个大小为F的水平拉力向右拉木板，当小金属块到达 A点时立即撤去此拉力.求：(1)拉力F的作用时间是多少？(2)最终木板

31、的速度多大？(3)小金属块到木板右端的最大距离为多少？【考点】动量守恒定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律；能量守恒定 律【分析】(1)小金属块从开始运动到到达 A点的过程中，由于没有摩擦力处于静止状态， 而木板做匀加速运动，通过的位移为L,根据牛顿第二定律求木板的加速度，由运动学位移公式求时间.(2)金属块到达 A点时立即撤去拉力，此后系统所受的合外力为零，动量守恒，最终金属A点时木板的速度，根据系统动块与木板的速度相等.先由运动学公式求出小金属块到达 量守恒求最终木板的速度.S,小金属块到木板右(3)根据系统的能量守恒列式求出小金属块和木板相互摩擦的距离 端的最大距离$总=$+1【解答】解：(1)开始时，小金属块静止，对木板进行研究，根据牛顿第二定律：a-工 叱设经时间t小金属块到达木板上表面的 A点，则:at2联立解得：t(2)当小金属块到达木板上表面的 A点时，木板的速度为m0v尸（m0+m） v2 此后小金属块和木板相互摩擦直至速度相等的过程中，动量守恒: 联立 解得，最终木板的速度为:(3)小金属块和木板相互摩擦直至速度相等的过程能量守恒:rogs=-mov （町+国）联立解得，小金属块和木板相互摩擦的距离Ng （m0+m）(2)最终木板的速度2F m0LITq+hi(3)小金属块到木板右端的最大距离为FLg金口+见)第17页(共17页)+L