全国物理试题分类解析汇编：专题二： 力与物体的平衡 Word版含解析

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1、B单元 力与物体的平衡目录B单元 力与物体的平衡1B1 力、重力、弹力1B2 摩擦力1B3 力的合成与分解4B4 受力分析 物体的平衡7B5 实验：探究弹力和弹簧伸长的关系15B6 实验：验证力的平行四边形定则15B7 力与平衡问题综合15B1 力、重力、弹力BFxA（2014广东惠州一中第一次调研）1. 如图所示，轻质弹簧的劲度系数为k，小球所受重力为G，平衡时小球在A处今用力F竖直向下压小球使弹簧缩短x，让小球静止在B处，则（ ）A小球在A处时弹簧的弹力为零B小球在B处时弹簧的弹力为kxC 小球在A处时弹簧的弹性势能较大D 小球在B处时弹簧的弹性势能较大【知识点】 胡克定律【答案解析】D

2、解析：A、小球处于A位置时，保持静止状态，受重力和弹力，二力平衡，故弹力等于重力，即mg=kx1 故A错误；B、小球处于B位置时，保持静止状态，受重力、压力F和弹簧弹力，根据共点力平衡条件F+G=F弹根据胡克定律，有F弹=k（x1+x） 由两式解得F弹=G+kx故B错误；C、D、弹簧压缩量越大，弹性势能越大，因而C错误，D正确；故选D【思路点拨】小球处于A位置时，保持静止状态，受力平衡；在B位置同样受力平衡，可根据共点力平衡条件求解力；弹簧压缩量越大，弹性势能越大本题关键根据胡克定律和平衡条件分两次列式；同时要注意小球在A位置时，弹簧就已经有压缩量B2 摩擦力（2014湖南十三校第二次联考）1

3、. 如图所示，一质量为m的物体A恰能在倾角为01的斜面体上匀速下滑。若用与水平方向成角、大小为F的力推A，使A加速下滑，斜面体始终静止。下列关于斜面体受地面的摩擦力的说法正确的是（ ）A方向水平向右，大小为mgcos asln aB方向水平向左，大小为mgcos asm 01C方向水平向左，大小为FcosD大小为0【知识点】摩擦力的判断与计算【答案解析】D 解析：对A匀速下滑时受力分析，受重力、支持力、滑动摩擦力，根据平衡条件：摩擦力与支持力的合力应该与重力等大反向，即斜面对滑块的作用力方向竖直向上，根据牛顿第三定律，则物块对斜面的作用力方向竖直向下，当用与水平方向成角、大小为F的力推A，A所

4、受斜面的支持力增大，摩擦力f=N也增大，但是支持力N与摩擦力f仍然成比例的增大，其合力的方向仍然竖直向上，保持不变，则物块对斜面的作用力的方向仍然竖直向下，只是数值上变大，故斜面没有运动的趋势，不受地面的摩擦力；故选：D【思路点拨】本题的关键是知道A匀速下滑时：f=N，即f与N的比例系数为，当F增加后，物块所受摩擦力与支持力仍然成比例的增大，故其合力方向始终没变（2014江西师大附中、鹰潭一中5月联考）2. 为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示。当此车减速上坡时（仅考虑乘客与水平面之间的作用），则乘客（ ）

5、A处于超重状态B不受摩擦力的作用C受到向后（水平向左）的摩擦力作用D所受合力竖直向上【知识点】摩擦力的判断与计算；超重和失重【答案解析】C 解析：A、当此车减速上坡时，整体的加速度沿斜面向下，乘客具有向下的分加速度，所以根据牛顿运动定律可知乘客处于失重状态，故A错误B、C、对乘客进行受力分析，乘客受重力，支持力，由于乘客加速度沿斜面向下，而静摩擦力必沿水平方向，由于乘客有水平向左的分加速度，所以受到向后（水平向左）的摩擦力作用故B错误，C正确D、由于乘客加速度沿斜面向下，根据牛顿第二定律得所受力的合力沿斜面向下故D错误故选：C【思路点拨】当此车减速上坡时，整体的加速度沿斜面向下，对乘客进行受力

6、分析，根据加速度方向知道合力方向，根据合力方向确定摩擦力方向解决本题的关键知道乘客和车具有相同的加速度，通过汽车的加速度得出乘客的加速度以及能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律求解（2014湖北襄阳五中、夷陵中学、钟祥一中五月联考）3. 如图所示，截面为三角形的钢坯A、B叠放在汽车的水平底板上，汽车底板与钢坯表面均粗糙，以下说法正确的是（ ）A汽车、钢坯都静止时，汽车底板对钢坯A有向左的静摩擦力作用B汽车、钢坯都静止时，钢坯A对B无摩擦力作用C汽车向左加速时，若汽车与钢坯相对静止，汽车底板对钢坯A有静摩擦力作用D汽车向左启动前后，若汽车与钢坯相对静止，钢坯A对B的弹力不变【知识点】物体受力

7、分析、弹力的概念和摩擦力有无的判定。【答案解析】解析：将AB两物体当作整体，可知A下表面不受到摩擦力，A错；B选项中，AB都静止时，隔离B，B受到三个力的作用：重力、A对B的支持力垂直于斜面、A对B的静摩擦力沿斜面向下，所以B选项错误；当汽车向左加速时，也就是汽车整体受到了水平向左的合力产生加速度，由此将AB当作整体，A下表面受到水平向左的静摩擦力，才能与车一起保持相对静止，具有向左的共同加速度，依此C项正确；汽车向左启动前后，若汽车与钢坯相对静止具有共同的速度和加速度，对B隔离分析，启动前，B受到支持力和摩擦力的合力竖直向上，大小与重力大小相等，启动后，支持力和摩擦力水平方向的合力向左，那就

8、可知，是弹力增大，即D错；故本题选择C答案。【思路点拨】本题要由物体运动状态对AB整体和隔离受力分析就不难求解本题。在高考中属于I级知识点要求。（2014江西师大附中三模）4. 在一次课外活动中，某同学用图甲所示装置测量放在水平光滑桌面上铁块A与金属板B间的动摩擦因数。已知铁块A的质量mA=0.5 kg，金属板B的质量mB=1 kg。用水平力F向左拉金属板B，使其一直向左运动，稳定后弹簧秤示数的放大情况如图甲所示，则A、B间的摩擦力Ff=_N，A、B间的动摩擦因数= 。（g取10 m/s2）。该同学还将纸带连接在金属板B的后面，通过打点计时器连续打下一系列的点，测量结果如图乙所示，图中各计数点

9、间的时间间隔为0.1 s，可求得拉金属板的水平力F= N【知识点】探究影响摩擦力的大小的因素【答案解析】2.50 0.50 4.50 解析：A处于平衡状态，所受摩擦力等于弹簧秤示数，Ff=F=2.50N根据Ff=mAg，解得：=0.5由题意可知，金属板做匀加速直线运动，根据x=aT2，其中x=2cm=0.02m，T=0.1s，所以解得：a=2.0m/s2根据牛顿第二定律得：F-Ff=mBa，带入数据解得F=4.5N【思路点拨】拉动B过程中，A处于平衡状态，其所受滑动摩擦力大小等于弹簧秤示数，根据平衡条件列式求解；根据x=aT2求出金属板的加速度，然后根据牛顿第二定律，即可求出水平拉力大小B3

10、力的合成与分解（2014黑龙江大庆铁人中学模拟）1. 如图所示，带支架的平板小车沿水平面向左做直线运动，小球A用细线悬挂于支架前端，质量为m的物块B始终相对于小车静止地摆放在右端。B与小车平板间的动摩擦因数为。若某时刻观察到细线偏离竖直方向角，则此刻小车对物块B产生的作用力的大小和方向为（ ）Amg，竖直向上 Bmg，斜向左上方Cmgtan，水平向右 Dmg，斜向右上方【知识点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【答案解析】D解析：以A为研究对象，分析受力如图，根据牛顿第二定律得：mAgtan=mAa，得a=gtan，方向水平向右再对B研究得：小车对B的摩擦力f=ma=mgtan，方向水平向右

11、，小车对B的支持力大小为N=mg，方向竖直向上，则小车对物块B产生的作用力的大小为F=，方向斜向右上方故选D【思路点拨】先以A为研究对象，根据牛顿第二定律求出加速度再对B研究，由牛顿第二定律求解小车对物块B产生的摩擦力大小和方向，再对支持力进行合成，得到小车对B的作用力的大小和方向（2014湖南长沙模拟）2. 运动员手持乒乓球拍托球沿水平面匀加速跑，设球拍和球质量分别为M、m，球拍平面和水平面之间的夹角为，球拍与球保持相对静止，它们间摩擦及空气阻力不计，则（ ）A球拍对球的作用力 B运动员对球拍的作用力为C运动员的加速度为 D若运动员的加速度大于，球一定沿球拍向上运动【知识点】牛顿第二定律；力

12、的合成与分解的运用【答案解析】C 解析：A、B、C对网球：受到重力mg和球拍的支持力N，作出力图如图，根据牛顿第二定律得： Nsin=ma Ncos=mg解得，a=gtan，N=以球拍和球整体为研究对象，如图2，根据牛顿第二定律得：运动员对球拍的作用力为F=故AB错误，C正确 D、当agtan时，网球将向上运动，由于gsin与gtan的大小关系未知，故球不一定沿球拍向上运动故D错误故选C【思路点拨】本题是两个作用下产生加速度的问题，分析受力情况是解答的关键，运用正交分解，根据牛顿第二定律求解（2014湖南长沙模拟）3. 如图所示，小车静止在光滑水平地面上，小车的上表面由光滑的斜面AB和粗糙的平

13、面BC组成（它们在B处由极短的光滑圆弧平滑连接），小车右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当传感器受压力时，其示数为正值；当传感器受拉力时，其示数为负值。一个小滑块（可视为质点）从A点由静止开始下滑，经B至C点的过程中，传感器记录到的力F随时间t变化的关系如下面四图表示，其中可能正确的是（ ）tF0AtF0BtF0CtF0DA【知识点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【答案解析】D 解析：滑块先匀加速下滑后匀减速向左滑动；滑块加速下滑时，受重力和支持力，故对斜面体有向右下方的恒定压力，故传感器示数为正且恒定不变；滑块匀减速向左滑动时，对小车有向左的摩擦力，故传感器受到拉力且恒定；故ABC错

14、误，D正确；故选D【思路点拨】本题关键是对斜面体受力分析，确定受力方向，基础题（2014江西师大附中三模）4. 如图所示，物块在力F作用下向右沿水平方向匀速运动，则物块受到的摩擦力Ff与拉力F的合力方向应该是（）A水平向右B竖直向上C向右偏上D向左偏上【知识点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【答案解析】B 解析：分析物体的受力情况：重力、地面的支持力、摩擦力和力F，根据平衡条件则知，摩擦力Ff与拉力F的合力方向与重力、支持力的合力方向相反，而重力、支持力的合力方向竖直向下，则物块受的摩擦力Ff与拉力 F的合力方向竖直向下故选B【思路点拨】分析物体的受力情况：重力、地面的支持力、

15、摩擦力和力F，根据平衡条件则知，摩擦力Ff与拉力F的合力方向与重力、支持力的合力方向的关系，由重力、支持力的合力方向来确定摩擦力Ff与拉力F的合力的方向B4 受力分析 物体的平衡（2014黑龙江大庆铁人中学模拟）1. 如图所示，三个重均为100N的物块，叠放在水平桌面上，各接触面水平，水平拉力F=20N 作用在物块2上，三条轻质绳结于O点，与物块3连接的绳水平，与天花板连接的绳与水平方向成45o角，竖直绳悬挂重为20N的小球P。整个装置处于静止状态。则（ ）A物块1和2之间的摩擦力大小为20NB水平绳的拉力大小为15NC桌面对物块3的支持力大小为320ND物块3受5个力的作用【知识点】共点力平

16、衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力【答案解析】D解析：A、对物体1受力分析，受重力和支持力，假如受水平方向的摩擦力，则不能保持平衡，故物体1与物体2间的摩擦力为0，A错误；B、对绳子的连接点受力分析，受到三根绳子的三个拉力，如图，根据平衡条件，有：x方向：T2cos45=T1 y方向：T2sin45=mg，解得：T1=mg=20N即故水平绳中的拉力为20NB错误；C、对物体1、2、3整体受力分析，受重力、支持力、向左的拉力为20N、绳子a的拉力也为20N，竖直方向：N=3mg=300N，故C错误；D、对物体1和物体2整体研究，受重力、支持力、向左的拉力F和向右的静摩擦力f2

17、3，根据平衡条件得：f23=F=20N；12间摩擦力0，23间摩擦力20N，则3与桌面间摩擦力0，故3受重力、支持力、压力、2给的摩擦力、绳子拉力，共5力作用，D正确；故选：D【思路点拨】对绳子的连接点受力分析，然后根据平衡条件并运用正交分解法列式求解水平绳的拉力；先后对物体1，物体1、2整体、物体1、2、3整体受力分析，然后根据平衡条件求解12之间的摩擦力（2014江苏徐州一中考前模拟）2. 图示为某海上救援船的机械臂工作示意图机械臂AB、BC由高强度的轻质材料制成， A端固定一个定滑轮， BC可以绕B自由转动钢丝绳的一端穿过C点，另一端缠绕于可以转动的立柱D上，其质量可以忽略不计在某次转移

18、货物的过程中，机械臂AB始终保持竖直下列说法正确的是（ ） DABNCN A保持BC不动，使AB缓慢伸长，则BC所受的力增大B保持AB不动，缓慢转动立柱D，使CA变长，则BC所受的力大小保持不变 C保持AB不动，使BC缓慢伸长，则BC所受的力增大D保持AB不动，使BC缓慢伸长且逆时针转动，BC所受的力增大【知识点】力的合成与分解、共点力的平衡【答案解析】BCD解析：受力分析，绳子上的拉力等于悬挂物的重力，所以细绳上的力不变，A、保持BC不动，使AB缓慢伸长，细绳的夹角增大，合力减小，则BC所受的力减小，故A错误；B、C、D，保持AB不动，缓慢转动立柱D，使CA变长，但是细绳的夹角不变，合力不变

19、，B正确；使BC缓慢伸长，细绳的夹角变小，合力变大，BC所受的力增大，C、D增大；故选BCD【思路点拨】对物体受力分析由共点力的平衡可求解（2014江西临川二中一模）3. 棒AB的一端A固定于地面，可绕A点无摩擦地转动，B端靠在物C上，物C靠在光滑的竖直墙上，如图所示.若在C物上再放上一个小物体，整个装置仍保持平衡，则B端与C物之间的弹力大小将（ ）A变大B变小C不变D无法确定【知识点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 【答案解析】A 解析：对C受力分析如图：有G=FN2cos，所以当在C物上再放上一个小物体，相当于增大G，则FN2增加故选A【思路点拨】AB为绞链模型，所AB杆提

20、供的弹力为沿杆方向，对C进行受力分析，然后根据受力平衡可求出重力与杆对C的弹力的关系（2014江西重点中学协作体第二次联考）4. 如图所示，一质量为m的物块恰好静止在倾角为、质量为M的斜劈上物块与斜劈和斜劈与地面间的动摩擦因数均为.现对物块施加一个水平向右的恒力F，如果物块和斜劈都仍处于静止状态，则（ ）A物块受到的合外力增大B地面对斜劈的摩擦力可能减小C水平恒力F不可能大于D水平恒力F可能大于（mM）g【知识点】共点力平衡 、受力分析【答案解析】C解析：A、物体前后都处于静止状态，物体受到的合力为零，故A错误；B、利用整体法，第一次静止地面的摩擦力为零，第二次地面对斜劈的摩擦力向左，大小为F

21、，故B错误；C、对m分析，正交分解，要想物体不滑动，F的最大为，所以F=，C正确D、整体法，如果F大于（mM）g，则整体就会运动，故D错误，故选C【思路点拨】利用物体的静止确定物体受到的合力为零，然后根据受力分析，共点力平衡求解。（2014山西大学附中5月月考）5. 轻质弹簧A的两端分别连在质量为m1和m2的小球上，两球均可视为质点。另有两根与A完全相同的轻质弹簧B、C的一端分别与两个小球相连，B的另一端固定在天花板上，C的另一端用手牵住，如图所示。适当调节手的高度与用力的方向，保持B弹簧轴线跟竖直方向夹角为37不变（已知sin 37=0.6，cos 37=0.8），当弹簧C的拉力最小时，B、

22、C两弹簧的形变量之比为（ ）A1：1B3：5C4:3D5：4【知识点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【答案解析】C 解析：以两球整体为研究对象，受力分析，由合成法知当C弹簧与B弹簧垂直时施加的拉力最小，由几何关系知TB：TC=4：3；故选：C【思路点拨】以两球整体为研究对象，当C弹簧与B弹簧垂直时施加的拉力最小，求出此时BC拉力之比，进而确定型变量之比（2014陕西西工大附中第八次适应性训练）6. 如图所示，将两个质量均为m的小球a、b用细线相连悬挂于O点，用力F拉小球a，使整个装置处于平衡状态，且悬线Oa与竖直方向的夹角为30，则F的大小（ ）A可能为mg B可能为mgC可能

23、为mgD不可能为mg【知识点】共点力平衡的条件及其应用【答案解析】C 解析：A、B、C以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，作出F在三个方向时整体的受力图，根据平衡条件得知：F与T的合力与重力mg总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当F与绳子oa垂直时，F有最小值，即图中2位置，F的最小值为： Fmin=2mgsin=mg故AB错误，C正确D、当F竖直向上时，F=2mg；当F水平向右时，由平衡条件得F=2mgtan=，则2mgFmg，而mg在这个范围内，所以F可能为mg故D错误故选：C【思路点拨】以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件，分析F可能的值（201

24、4重庆一中5月月考）7. “虹桥卧波”是用来形容石拱桥美景的，石拱桥就是把坚固的石块垒成弧形，横跨在江、河之上。修建石拱桥，石块的承压力是首要考虑的，可用图乙的模型来研究，在竖直平面内有四块相同的坚固石块垒成弧形的石拱，第3、4石块固定在地面上，第1、2石块间的接触面位于竖直平面，每块石块的两个侧面所夹的圆心角为30。假定石块间的摩擦力可以忽略不计，第1、2石块间的作用力大小为，第1、3石块间的作用力大小为则为（ ）A B C D【知识点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【答案解析】A解析：如图对第一个石块进行受力分析，由几何关系知：=600，所以有：N1 ：N1=sin60：sin

25、90=：2；故选：A【思路点拨】由图可知，1、2及1、3两块石块均有相互作用，而石块1受重力及2、3两石块的作用力而处于静止，故对1受力分析可求得第1、2块石块间的作用力和第1、3块石块间的作用力的大小之比（2014广东中山一中模拟）8. 如图，一个重为G的吊椅用三根轻绳AO、BO固定，绳AO、BO相互垂直，且两绳中的拉力分别为FA、FB，物体受到的重力为G，则（）AFA一定大于GBFA一定大于FBCFA一定小于FBDFA与FB大小之和一定等于G OAB【知识点】 共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【答案解析】B解析：A、B、C、以结点O为研究对象，分析受力，作出力图如图，根据平衡条件

26、得知；拉力FA和FB的合力与重力G大小相等、方向相反由题，a，根据几何知识得到：FAFBD、由上可知，FA大于FB，但FA与FB之和不一定等于G故D错误故选：B【思路点拨】以结点O为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件，分析拉力FA与FB的大小关系本题解答的关键是作出结点O的受力图，根据平衡条件判断FA和FB的大小（2014湖南长沙模拟）9. 如图所示，风洞实验室中能模拟产生恒定向右的风力。质量的小球穿在长的直杆上并置于实验室中，球与杆间的动摩擦因数为0.5，当杆竖直固定放置时，小球恰好能匀速下滑。保持风力不变，改变固定杆与竖直线的夹角，将小球从O点静止释放。g取10m/s2，求：（1）

27、小球受到的风力大小；（2）当时，小球离开杆时的动能。【知识点】受力分析 牛顿第二定律【答案解析】 （1） 2N （2） 1.8J解析：（1）当杆竖直固定放置时，解得：（2）当时，小球受力情况如图示， 垂直杆方向上有：得：小球受摩擦力小球沿杆运动的加速度为由得，小球到达杆下端时速度为球离开杆时的动能为【思路点拨】本题关键分两次对小球受力分析，然后根据平衡条件列式求解，不难（2014江西临川二中一模）10. 擦黑板也许同学们都经历过，手拿黑板擦在竖直的黑板面上，或上下或左右使黑板擦与黑板之间进行滑动摩擦，将黑板上的粉笔字擦干净。已知黑板的规格是：4.5 m1.5 m，黑板的下边沿离地的高度为0.8

28、 m，若小黑板擦（可视为质点）的质量为0.1 kg，现假定某同学用力将小黑板擦在黑板表面缓慢竖直向上擦黑板，当手臂对小黑板擦的作用力F与黑板面成45角时，F20 N，他所能擦到的最大高度为2.05 m，g取10 m/s2。求：（1）此小黑板擦与黑板之间的动摩擦因数；（2）如该同学擦到最高位置时意外让小黑板擦沿黑板面竖直向下滑落，则小黑板擦砸到黑板下边沿的速度大小？【知识点】摩擦力的判断与计算；自由落体运动【答案解析】（1）0.93（2）5 m/s 解析：（1）小黑板擦向上缓慢移动，处于平衡状态，它的受力如图水平方向：FN-Fsin=0竖直方向：Fcos-mg-Ff=0又Ff=FN所以由：=（2

29、）小黑板擦可看成质点，它向下滑落的过程与黑板间无摩擦，它做自由落体运动由运动学公式得v2=2gh即v=m/s=5m/s【思路点拨】对小黑板擦进行受力分析，根据牛顿第二定律解求解小黑板擦可看成质点，它向下滑落的过程与黑板间无摩擦，它作自由落体运动由于只受重力，根据机械能守恒定律求解B5 实验：探究弹力和弹簧伸长的关系（2014湖南长沙模拟）1. 某同学用图示实验装置来研究弹簧弹性势能与弹簧压缩量的关系，弹簧一端固定，另一端与一带有窄片的物块接触，让物块被不同压缩状态的弹簧弹射出去，沿光滑水平板滑行，途中安装一光电门。设重力加速度为g。（1）如图所示，用游标卡尺测得窄片的宽度L为_。（2）记下窄片

30、通过光电门的时间，则_。 （3）若物块质量为，弹簧此次弹射物块过程中释放的弹性势能为 _（用表示）。【知识点】探究弹力和弹簧伸长的关系【答案解析】（1）10.15mm （2）1.01m/s （3） 解析 ：（1）游标卡尺的主尺读数为：1.0cm=10mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为140.05mm=0.70mm，所以最终读数为：10mm+0.15mm=10.15mm（2）根据（3）根据能量守恒，弹簧的弹性势能等于小物体的动能 【思路点拨】本题难点在于分析出题目的探究方法，本题探究弹簧弹性势能是依据能量转化和守恒，以求木块动能的方式来确定弹簧的弹性势能，这是本题的难点

31、B6 实验：验证力的平行四边形定则B7 力与平衡问题综合（2014湖北武汉二中模拟）1. 如图所示，将斜面体固定在水平面上，其两个斜面光滑，斜面上放置一质量不计的柔软薄纸带（斜面上加粗部分为纸带）。现将质量为mA的A物体和质量为mB的B物体轻放在纸带上。两物体可视为质点，物体初始位置及数据如图所示。（1）若纸带与物体A、B间的动摩擦因数足够大，在纸带上同时放上A、B后，发现两物体恰好都能保持静止，则mA和mB应满足什么关系?（2）若mA=2 kg，mB=1 kg，A与纸带间的动摩擦因数A=0.5，B与纸带间的动摩擦因数B=0.8，假设两物体与纸面间的滑动摩擦力与最大静摩擦力相等，试通过计算简要

32、描述两物体同时从静止释放后的运动情况，并求出B物体自释放起经过多少时间到达斜面底端。（sin37=0.6，cos37=0.8，g取10 ms2）【知识点】共点力平衡的条件及其应用；匀变速直线运动规律的综合运用；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律【答案解析】：（1）3：4 （2）1.8s解析：（1）纸带处于平衡态，说明A、B两物体对纸带的静摩擦力大小相等，则解得：（2）假设纸带固定不动，对A物体受力分析得：，则A相对纸带滑动对B物体受力分析得：，则B相对纸带不滑动 对B和纸带整体分析，A对纸带的滑动摩擦力B的重力沿斜面分力则说明若A、B和纸带同时释放后，B和纸带先静止不动，A沿纸面加速下滑1.6m后，B再拖动纸带一起沿光滑斜面加速下滑A沿带纸下滑过程中：B拖动纸带一起沿光滑斜面加速下滑过程中：则所求总时间【思路点拨】（1）物体A、B均受力平衡，根据平衡条件列式求解即可；（2）先假设纸带不动，判断出物体A和B的运动情况；然后得到物体A和B的实际运动情况，然后结合牛顿第二定律和运动学公式列式求解本题关键是灵活选择研究对象，受力分析后确定物体的运动规律，最后结合运动学公式列式求解出物体的运动学参量