声现象物理测试题

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1、一、单项选择题（每小题2分）1下列说法与生活实际相符的是（）A小明体育考试立定跳远的成绩是10mB小明家的台灯工作时的电流约为0.1AC巴中冬季平均气温为30D正常情况下一个中学生的体重约为50N【解答】解：A、小明体育考试立定跳远的成绩约2m左右；故A与生活实际不相符；B、家的台灯工作时的电流约：I=0.1A；故B与生活实际相符；C、巴中冬季平均气温在10左右；故C与生活实际不相符；D、中学生的质量一般在100斤即50kg左右，根据重力与质量的关系可得重力G=mg=50kg10N/kg=500N；故D与生活实际不相符；故选：B。2下列有关声现象说法正确的是（）A声音是由物体振动产生的，振动停

2、止，声音消失B声音在气体中传播最快，在固体中传播最慢C乐音的三个特征是响度、音调和音色D悦耳的声音是乐音，它不会成为噪声【解答】解：A、发声的物体一定在振动，振动停止后，发声停止，但声音仍在传播，不会立即消失，故A错误；B、一般情况下声音在固体中传播的速度比在气体中传播的速度快，故B错误；C、响度、音调和音色是乐音的三个特征，故C正确；D、我们学习或休息时，悦耳的歌声也会影响我们而成为噪声，故D错误。故选：C。3下列说法正确的是（）A初春，湖面上的冰化成水属于升华现象B夏末，草叶上形成“露珠”属于液化现象C深秋，树叶上形成“霜”属于凝固现象D严冬，树枝上形成“雾凇”属于汽化现象【解答】解：A、

3、初春，湖面上的冰化成水是由固态变为液态的熔化现象，故A错误。B、夏末，草叶上形成“露珠”是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故B正确；C、深秋，树叶上形成“霜”是空气中的水蒸气由气态直接变为固态形成的，属于凝华现象，故C错误；D、严冬，树枝上形成“雾凇”是空气中的水蒸气由气态直接变为固态形成的，属于凝华现象，故D错误。故选：B。4小明在湖边散步时，看到水中的鱼在“白云”中穿梭，下列说法正确的（）A小明看到水中的“白云”是光的反射形成的B小明看到水中的鱼是光的直线传播形成的C小明看到水中的鱼比实际鱼位置要深D小明看到水中的鱼和“白云”都是光的折射形成的【解答】解：（1）当光遇到水面

4、时会发生反射，此时水面相当于一平面镜，白云就是通过水面成虚像，出现在水面上的，因此看到的白云是光的反射现象，故A正确，B错误；（2）人看到水中的鱼是由于光线从水中通过折射进入空气，再进入人的眼睛的，因此是光的折射现象形成的虚像，比鱼实际位置偏高；故CD错误。故选：A。5下列有关热现象说法正确的是（）A物体放出热量，内能一定减少，温度一定降低B燃料的热值越大，放出的热量越多C物体温度越高，所含的热量越多D比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关【解答】解：A、物体放出热量，内能一定减少，温度不一定降低，如晶体在凝固过程中，放出热量、内能减少，但温度保持不变，故A错误。B、由Q=mq可知，

5、燃料放出的热量与燃料的质量和热值有关，仅根据热值的大小无法确定放出热量的多少，故B错误；C、热量是一过程量，描述它的术语是“吸收”或“放出”，不能用含有。故C错误；D、比热容是物质的一种特性，只与物质的种类、状态有关，种类不同，状态不同，比热容一般不同，故D正确。故选：D。6下列有关热机的说法正确的是（）A柴油机顶部是火花塞，吸气冲程吸入的是空气B热机的工作原理是将内能转化为机械能C内燃机压缩冲程时体积增大，内能减少，温度升高D热机效率可以等于1【解答】解：A、柴油机与汽油机结构上存在差异，柴油机顶部是火花塞，吸气冲程吸入的是空气。故A正确；B、热机是将燃料燃烧释放出的内能转化为活塞机械能的机

6、器。故B正确；C、内燃机是最常见的热机。在内燃机的压缩冲程，活塞压缩燃气做功，使工作物质的内能增加，温度升高，体积减小，压强增大。故C错误；D、热机工作过程中，尾气带走大量的热量，另外燃料不可能完全燃烧，克服机械摩擦及机械散热损失能量等，所以热机获得的有用机械能很少，机械效率远小于1故D错误。故选：AB。7关于运动和力，下列说法正确的是（）A汽车急刹车时，人会向前“冲”，是因为惯性突然增大B人推小车没推动，是因为人对小车的推力小于地面对小车的阻力C力是改变物体运动状态的原因D物体不受外力作用时，一定处于静止状态【解答】解：A、刹车前，汽车和车上的人共同以较大的速度向前行驶，当突然刹车时，汽车由

7、于阻力作用突然减慢速度，而人由于惯性还要保持原来较大的速度向前运动，因此人会向前“冲”，惯性是物体的一种属性，只有质量有关，质量不变，惯性不变，故A错误；B、人推小车没推动，小车处于平衡状态，平衡力大小相等，故人对小车的推力等于地面对小车的阻力，故B错误；C、力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因，故C正确；D、根据牛顿第一定律知：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态，故D错误。故选：C。8如图所示，在处于水平平衡的杠杆上A点，挂上4个钩码（每个钩码的质量为50g），若使杠杆在水平位置保持平衡，作用在杠杆B点的力最小的是（）A6NB1.5NC3ND

8、15N【解答】解：设杠杆的一个小格长为L，则OA=3L，OB=4L，设作用在A点的力为阻力，则FA=G钩码=mg=40.05kg10N/kg=2N，阻力和阻力臂一定，动力作用在B点，当以OB长作为力臂时是最长的动力臂，此时作用在B点的动力最小，根据杠杆平衡条件可得：FBOB=FAOA，则FB=1.5N。故选：B。9下列实例中，能用流体压强与流速关系解释的是（）A热气球静止在空中B用活塞式抽水机抽水C火车进站时刹车后还要继续前进一段路程D两船并列航行时要保持安全距离【解答】解：A、热气球静止在空中，保持静止状态，即保持平衡状态，是因为此时的重力和空气向上的浮力是一对平衡力，即这两个力的大小相等，

9、不能用流体压强与流速关系解释。故A不符合题意；B、抽水机抽水，通过活塞上移使活塞下方的桶内气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，利用了大气压，不能用流体压强与流速关系解释。故B不符合题意；C、火车进站时刹车后还要继续前进一段路程，是因为火车具有惯性，仍要保持原来的运动状态，不能用流体压强与流速关系解释。故C不符合题意；D、两艘并列同向行驶的船只，两船之间的水流通道变窄，流速变大，压强变小，小于两船外侧的压强，会形成向内的压强差，使船相撞，所以，两船并列航行时要保持安全距离。能用流体压强与流速关系解释。故D符合题意。故选：D。10一位体重为50kg的同学在跳绳测试中，1min跳180次，每

10、次腾空的最大高度平均为4cm，则他在跳绳过程中，克服重力做功的平均功率是（）A3600WB6000WC500WD60W【解答】解：该同学的重力：G=mg=50kg10N/kg=500N，每次腾空的最大高度：h=4cm=0.04m，则跳一次克服重力做功为：W=Gh=500N0.04m=20J，1min跳180次所做的总功为：W总=18020J=3600J，克服重力做功的平均功率为：P=60W。故选：D。11关于导体和绝缘体，下列说法正确的是（）A绝缘体对电流阻碍作用大，但能够带电B绝缘体不能导电的原因是绝缘体内没有电子C能够导电的物体叫导体，如金属，酸碱盐水溶液，橡胶等D导体易导电是因为内部有正

11、电荷自由移动【解答】解：A、绝缘体对电流的阻碍作用大，不容易导电，但能带电（如用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电），故A正确。B、绝缘体不能导电的原因是绝缘体内部几乎没有自由电荷，但有电子，故B错误；C、容易导电的物体叫导体，金属、酸碱盐水溶液是导体，橡胶是绝缘体，故C错误；D、导体容易导电是因为其内部有大量的自由电荷，不只是正电荷自由移动；金属是导体，金属能够导电的原因是金属内部有大量的自由电子，故D错误。故选：A。12下列有关磁现象说法正确的是（）A电磁感应现象是电能转化为机械能B通电导体在磁场中的受力方向只与电流方向有关C奥斯特实验证明了通电导体周围存在磁场D地理S、N极与地磁S、N完全重合【解

12、答】解：A、闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，这是电磁感应现象，是将机械能转化为电能；故A错误；B、通电导体运动的方向与电流方向和运动的方向有关，故B错误；C、奥斯特实验表明通电导体周围存在磁场，故C正确；D、地球的地理两极与地磁场两极并不是完全重合，而是存在一定的磁偏角，故D错误。故选：C。13下列有关信息和能源说法正确的是（）A电吹风主要利用电磁波的能量特性进行工作B我国自主建立的北斗卫星定位系统是利用电磁波传递信息的C煤、石油、水力，太阳能、风能等属于可再生能源D日前世界上已投入使用的核电站都是利用核聚变发电的【解答】解：A、电吹风主要由电动机和电热丝组成，电动机

13、是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的，电热丝是利用电流的热效应工作，目的为了加热空气得到热风，没有应用电磁波，故A错误；B、北斗卫星定位系统是利用电磁波来传递信息的，故B正确；C、煤炭和石油属于非可再生资源，水力、太阳能和风能属于可再生资源，故C错误；D、核电站是以铀为燃料，利用核反应堆把铀原子核裂变产生的能量转化为水和水蒸气的内能，又把内能转化为发电机子的机械能，最终机械能转化为电能，故D错误。故选：B。14如图所示电路中，开关能够同时控制两盏灯，且两灯发光情况互不影响的电路是（）ABCD【解答】解：（1）开关能够同时控制两盏灯，电路既可以串联又可以并联，但并联时开关必须在干路上；

14、（2）两灯发光情况互不影响，两灯应该是并联的。综上可知，符合要求的电路应该是并联电路，并且开关在干路上。由图可知，A是串联；B是并联电路，并且开关在干路上，C是并联电路，但开关在支路上。D是串联。故选：B。15如图所示的电路，电源电压保持不变。闭合开关S，滑片P由中点逐渐向右移动的过程中（）A电压表V2的示数变小B电流表A的示数不变C电压表V1示数与电流表A示数的比值变大D电压表V1示数与电压表V2示数的差值不变【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流。因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V1的

15、示数不变，滑片P由中点逐渐向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故B错误；则电压表V1示数与电流表A示数的比值变大，故C正确；由U=IR可知，R1两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压变大，即电压表V2的示数变大，故A错误；由电压表V1示数与电压表V2示数的差值等于R1两端的电压可知，两者的差值变小，故D错误。故选：C。16如图所示的电路，当开关S闭合时，L1、L2都能发光，一会儿后，L1亮、L2熄灭，电流表示数变大，则电路故障原因可能是（）AL1短路BL2短路CL1断路DL2断路【解答】

16、解：A、如果灯泡L1短路，则L1熄灭，L2亮，电流表示数变大，故A不符合题意；B、如果灯泡L2短路，则L2熄灭，L1亮，电流表示数变大，故B符合题意；CD、如果灯泡L1（或L2）断路，整个电路断路，则L1、L2电都熄灭，电流表示数为零，故C、D不符合题意；故选：B。17下列有关说法正确的是（）A电路两端有电压，电路中一定有电流B影响电阻大小的因素是材料和长度C电动机工作时产热的多少可用Q=UIt计算D电功率是表示电流做功快慢的物理量【解答】解：A、电路两端有电压，电路中不一定有电流，还要看电路是否是通路；故A错误；B、导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积有关。故B错误；C、电动机不属于纯电阻

17、电路，故产热多少只能用Q=I2Rt计算。故C错误；D、电功率是表示电流做功快慢的物理量；故D正确；故选：D。18如图所示电路，电源电压不变。闭合开关后，当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.3A，小灯泡消耗的功率为0.9W；当滑片P移至中点时，电压表示数变化了2V，此时小灯泡恰好正常发光，且消耗的功率为2W下列说法正确的是（）A滑动变阻器的最大阻值为20B电源电压为10VC小灯泡正常发光时的电阻为10D滑片P在最右端时，滑动变阻器消耗的功率为3.6W【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.3A，小

18、灯泡消耗的功率为0.9W；当滑片P移至中点时，电压表示数变化了2V，此时小灯泡恰好正常发光，且消耗的功率为2W，由小灯泡消耗的功率变大可知，电路中的电流I=0.3A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大（即滑片在最右端），由P=UI可得，此时灯泡两端的电压：UL=3V，当滑片P移到中点时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，灯泡两端的电压变大，由电压表示数变化了2V可知，此时灯泡两端的电压UL=UL+2V=3V+2V=5V，因此时灯泡正常发光，且灯泡的功率PL=2W，所以，由P=UI=可得，灯泡正常发光时的电阻：RL=12.5，故C错误；（2）当滑片P在最右端时，灯泡两端的电压UL=3V

19、，电路中的电流I=0.3A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由I=可得，电源的电压：U=UL+IR=3V+0.3AR滑 ，当滑片P移到中点时，灯泡两端的电压UL=5V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流（等于此时灯泡的电流）：I=0.4A，电源的电压：U=UL+I=5V+0.4A，因电源的电压不变，所以，3V+0.3AR滑=5V+0.4A，解得：R滑=20，故A正确；电源的电压U=UL+IR=3V+0.3A20=9V，故B错误；（3）滑片P在最右端时，滑动变阻器消耗的功率：PR=I2R滑=（0.3A）220=1.8W，故D错误。故选：A。二、填空题（每空1分）19“端午深

20、情，粽叶飘香”，其中“粽叶飘香”说明分子在不停做无规则运动；煮粽子时是通过热传递方式增大粽子内能的。【解答】解：“粽叶飘香”属于扩散现象，说明分子不停地在做无规则运动；煮粽子时，粽子的内能增加，是通过热传递的方式使粽子的内能增加。故答案为：不停做无规则运动；热传递。20出于安全和环保考虑，巴中市政府为喜爱户外烧烤的市民提供了专门的场所。烧烤主要燃料是木炭，已知它的热值是3.4107J/kg，那么84g的木炭完全燃烧放出热量2.856106J，如果这些热量的50%被水吸收，则能使初温为20，质量为17kg的水，温度升高到40。【解答】解：（1）木炭的质量m=84g=0.084kg，则木炭完全燃烧

21、放出的热量：Q放=mq=0.084kg3.4107J/kg=2.856106J。（2）由=得，水吸收的热量：Q吸=Q放=50%2.856106J=1.428106J。由Q吸=c水m水（tt0）可得，水的末温：t=t0+=20+=40。故答案为：2.856106；40。21长征二号PT2运载火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢的热值高；火箭外表涂有一层特殊物质，可利用该物质在发生物态变化时要吸热，从而避免高速运行的火箭温度过高。【解答】解：（1）运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；（2）为保证火箭安全，箭体上涂有一层特殊固

22、体物质，在高温下先熔化，再汽化，因为熔化、汽化时要吸收大量的热，这样箭体的温度就不会太高。故答案为：热值；吸。22如图所示，物体重15N，被水平向右的力F压在竖直墙壁上，当F=40N时，物体沿竖直墙壁匀速下滑，这时物体受到的摩擦力是15N；当F=60N时，物体在墙壁上保持静止，此时物体受到的摩擦力是15N。【解答】解：（1）用40N的压力把物体重10N的物体压在竖直墙壁上，物体恰好沿竖直墙壁匀速下滑，则物体处于平衡状态，物体受平衡力作用，则物体在竖直方向受重力和摩擦力作用，二力应大小相等方向相反，故摩擦力大小为15N；（2）当压力增大为60N时，物体在竖直墙壁上静止不动，物体处于静止状态，受平

23、衡力作用，即物体在竖直方向上受竖直向下的重力和竖直向上摩擦力的作用，故摩擦力15N。故答案为：15；15。23如图所示，用滑轮组将3kg的物体匀速提高1m，拉力F为200N，则有用功为300J，滑轮组机械效率为75%。若增加所提物体的重力，滑轮组机械效率变大（选填“变小”、“变大”或“不变”）。（不计绳重和摩擦）【解答】解：（1）有用功为：W有用=Gh=mgh=3kg10N/kg1m=300J；（2）由图可知，n=2，拉力端移动距离s=2h=21m=2m。拉力做的总功为：W总=Fs=200N2m=400J，则滑轮组的机械效率：=100%=75%；（3）增加所提物体的重力时，有用功增大，不计绳重

24、和摩擦，动滑轮重不变，额外功不变，这样有用功在总功中所占的比例增大，滑轮组的机械效率将变大。故答案为：300； 75%； 变大。24电能表是用来测量电路消耗电能的仪表。小明同学家电能表铭牌上标有“220V、10A、3000r/kWh”字样，他观察到在lmin的时间内，电能表的转盘匀速转了15转，观察期间他家工作电器的总功率为300W；小明家的电能表所测的用电器正常工作最大功率不能超过2.2kW。【解答】解：（1）电能表是用来测量电路消耗电能（电功）的仪表；（2）3000r/kWh表示电路中每消耗1kWh的电能，电能表表盘转3000转，电能表的转盘转了15转，则用电器消耗的电能：W=kWh=0.

25、005kWh，他家工作电器的总功率：P=0.3kW=300W；（3）由题知，电能表的工作电压U=220V，允许通过的最大电流I=10A，则小明家允许接入用电器的最大总功率：P=UI=220V10A=2200W=2.2kW。故答案为：电路消耗电能；300；2.2。25当电阻R1两端电压为3V时通过的电流为0.2A，则R1的电阻为15，当它与R2=5并联工作时，电功率之比P1：P2=1：3，电流之比I1：I2=1：3。【解答】解：由题知，R1两端电压为3V时通过的电流为0.2A，由欧姆定律可得R1的电阻：R1=15；并联电路中各支路两端电压都相等，当两电阻并联时，U1=U2，所以通过它们的电流比：

26、I1：I2=： =R2：R1=5：15=1：3；由P=UI可得，两电阻的电功率比：P1：P2=U1I1：U2I2=I1：I2=1：3。故答案为：15；1：3；1：3。26物理知识应用：（1）家用电热器是利用电流的热效应制成的。（2）常用的液体温度计是利用液体热胀冷缩的原理制成的。（3）电磁继电器是利用电磁铁控制工作电路通断的开关。【解答】解：（1）电热器的目的是利用电流来产生热量，所以利用了电流的热效应工作的；（2）常用温度计的构造原理是液体的热胀冷缩性质；（3）电磁继电器主要是利用电磁铁控制工作电路通断的开关，通过开关控制电磁铁电流的通断，使电磁铁有无磁性，从而控制被控电路的通断，实现远距离

27、操作和自动控制等功能，它可以用低压电源控制高压电源，弱电流控制强电流等。故答案为：（1）热；（2）液体热胀冷缩的；（3）电磁铁。三、作图、实验探究题（39题4分，其余每空1分，共20分）27一个重2N的木块静止在斜面上，请作出木块对斜面的压力及木块所受静摩擦力的示意图。【解答】解：木块静止在斜面上时，有向下运动的趋势，故木块受到沿斜面向上的静摩擦力，过物体的重心沿斜面向上画一条有向线段，并标上摩擦力的符号“f”；木块对斜面的压力的作用点在物体与斜面接触面的中点处，过此点沿垂直于斜面向下方向画一条有向线段，并标上压力的符号“F”；如下图所示：28如图所示为小黄家客厅的实物电路图。请你用笔画线代替

28、导线，把三孔插座和带有开关的电灯分别正确地接入电路中。【解答】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线。灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套；安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：29在探究凸透镜成像规律的实验中：（1）如图甲所示，一束平行主光轴的光线经凸透镜后，在光具座光屏上形成一个最小、最亮的光斑，说明凸透镜对光具有会聚作用。（2）为了能使像始终成在光屏中心位置，要调整烛焰、凸图透镜和光屏的中心大致在同一高度。如图乙所示的位置示意图，在光屏上得到了一个清晰的像，这个像是倒立、放大（选填“放大”或“缩小”）的实像，应用此成像规律可

29、制成投影仪（选填“照相机”或“投影仪”）。【解答】解：（1）平行光线经过凸透镜后会聚于一点，这一点就是焦点，可知，凸透镜对光线具有会聚作用，焦点到光心的距离是焦距；（2）由图可知，物距小于像距，成倒立、放大的实像，这一特点的应用是投影仪或幻灯机。故答案为：（1）会聚；（2）同一高度；放大；投影仪。30小明同学猜想动能的大小可能与物体质量和运动速度有关，于是他设计了如图所示的实验，让小球沿同一光滑斜面向下运动，与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水了如图平面上移动一段距离后静止。（1）图甲是控制两球的质量相等，探究的是动能与速度的关系。（2）图乙中让不同质量的两个小球从同一高度滚下的目的是两球到达水

30、平面时，具有相同的速度，选用图乙探究的是动能与质量的关系。（3）由甲、乙两实验得出物体动能的大小与物体质量和运动速度有（选填“有”或“无”）关。【解答】解：（1）由甲图可知，两球质量相同，所以是控制两球的质量相等；而两球所处高度不同，两球到达斜面底端时的速度不同，故探究的是动能与速度的关系；根据甲图可知，质量相同时，小球从斜面上较高的高度滚下时，小球到达斜面底端的速度大，纸盒被撞击后运动的距离远，说明速度大的小球其动能大；由此得出结论：当质量一定时，物体的速度越大，动能越大；（2）选用图乙时，从斜面的同一高度滚下，让小球到达斜面底端的速度相同；图乙中两球的质量不同，故选用图乙探究的是动能与质量

31、的关系；根据乙图可知，高度相同时，小球到达斜面底端时的速度相同，质量大的小球撞击纸盒后，纸盒运动的距离远，说明质量大的小球其动能大；由此得出结论：速度相同时，物体的质量越大，动能越大；（3）由甲、乙两实验得出物体动能的大小与物体质量和运动速度有关。故答案为：（1）质量；速度；（2）速度；质量；（3）有。31如图所示，在测量小灯泡的电功率的实验中（小灯泡的额定电压为2.5V）。（1）在电路连接时，开关闭合前滑动变阻器的滑片P应滑到A（选填“A”或“B“）端。（2）图甲是未连接好的实验电路，请你用笔画线代替导线将它连接完成。（3）连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，

32、则故障原因可能是小灯泡短路（选填“短路”或“断路”）。（4）故障排除后，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是1.4W，小灯泡正常工作时的电阻是4.5（保留一位小数）。（5）根据测出的数据，画出了小灯泡的电流与电压的关系图象，如图丙所示，发现图线是弯曲的，其主要原因是温度升高、灯丝电阻增大（选填“增大”或“减小”）。（6）若把这样的两只灯泡串联接在4V的电源上，则此时两个小灯泡消耗的实际功率总和是2W。【解答】解：（1）在电路连接时，开关闭合前滑动变阻器的滑片P应滑到阻值最大处的A端。（2）灯的额定电压为2.5V，电压表选用小量程与灯并联，如

33、下所示：（3）若灯短路，电路为通路，灯不亮，电流表有示数，电压表没有示数，符合题意；若为断路，灯不亮，电流表没有示数，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，不符合题意；故故障原因可能是小灯泡短路；（4）故障排除后，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.56A，则小灯泡的额定功率是：P=UI=2.5V0.56A=1.4W，由欧姆定律，小灯泡正常工作时的电阻是：R=4.5；（5）灯丝温度升高，灯丝电阻增大，不是一个定值，故小灯泡的电流与电压的关系图象是弯曲的；（6）若把这样的两只灯泡串联接在4V的电源上，因灯的电阻

34、相等，根据分压原理，灯的电压相等，故灯的实际电压为=2V，由图丙知，通过灯的电流为0.5A，则此时两个小灯泡消耗的实际功率总和是：P=UI=4V0.5A=2W。故答案为：（1）A；（2）如上；（3）短路；（4）1.4；4.5；（5）增大；（6）2。四、计算解答题（每小题7分，共14分，解答过程中必须写出所依据的公式和文字说明）32边长为10cm的正方体木块，漂浮在水面上，露出水面体积与浸在水中的体积比为2：3，如图甲所示；将木块从水中取出，放入另一种液体中，并在木块上表面放一重为2N的小铁块，静止时，木块上表面恰好与液面相平，如图乙所示。求：（1）图甲中木块所受浮力大小；（2）图乙中液体的密度

35、；（3）图乙中木块下表面所受压强的大小。【解答】解：（1）由题可知，木块的体积：V木=（10101）3m3=103m3，露出水面体积与浸在水中的体积比为2：3，则V排=V木=103m3，由阿基米德原理可得：F浮=水V排g=1.0103kg/m3103m310N/kg=6N；（2）木块的重力：G木=F浮=6N，木块表面上放一重2N的铁块，当它静止时，F浮=G总，即液V木g=G木+G铁，液体的密度：液=0.8103kg/m3。（3）图乙中木块下表面受到液体的压强：p=乙gh=0.8103kg/m310N/kg0.1m=800Pa。答：（1）图甲中木块受的浮力为6N；（2）图乙中液体的密度为0.81

36、03kg/m3；（3）图乙中木块下表面受到液体的压强为800Pa。33如图甲所示的电路，小灯泡L标有“6V 3.6W”，R为滑动变阻器，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑片P从b端移到a端的过程中，电压表示数U与电流表示数I的关系图象如图乙所示。（不计温度对灯丝电阻的影响）求：（1）小灯泡正常发光时的电阻；（2）电源电压；（3）当滑片P滑到中点时，小灯泡L的实际功率是多少。【解答】解：（1）小灯泡L标有“6V 3.6W”，表示灯的额定电压为6V，灯的额定功率为3.6W，根据P=，灯正常发光时的电阻：RL=10；（2）滑片P从b端移到a端的过程中，变阻器连入电路中的电阻从最大到为0，根据分压原理，电压表示数从最大到变为0，由图乙知，P在b点时，电压表示数为4V，对应的电流为0.2A；P在a点时，电压表示数为0V，对应的电流为0.6A，P在a点时，为灯的简单电路，由欧姆定律，电源电压：U=IaRL=0.6A10=6V；（3）P在b点时，根据欧姆定律和电阻的串联，变阻器的最大电阻：R滑=RL=10=20，当滑片P滑到中点时，变阻器连入电路中的电阻：R中=0.5R滑=0.520=10，根据电阻的串联和欧姆定律，此时电路中的电流