2022-2023年高二物理上学期期末试卷（含解析）

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1、2022-2023年高二物理上学期期末试卷（含解析）一、单选题（共10小题，每小题4分，共40分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1关于对磁感线和电场线的理解，下列说法中正确的是（）A 电场线的切线方向是放入电场中正电荷的受力方向，磁感线的切线方向是放入磁场中小磁针N极的受力方向B 电场线的切线方向与放入电场中正电荷的受力方向垂直，磁感线的切线方向于放入磁场中通电直导线的受力方向垂直C 电场线起源于正电荷，终止于负电荷；磁感线起始于N极，终止于S极D 磁感线和电场线都只能分别表示磁场和电场的方向，不能反映磁场和电场的强弱2在匀强磁场中，沿电场线方向为x轴正方向，下面关于场强E

2、和沿着x轴方向的变化图象正确的是（）A B C D 3一带正电粒子从某点电荷电场中的A点运动到B点，径迹如图中虚线所示，不计粒子所受重力，则下列说法正确的是（）A 该电场是某正点电荷电场B 粒子的速度逐渐增大C 粒子的加速度逐渐增大D 粒子的电势能逐渐增大4如图所示，R1阻值恒定，R2为热敏电阻（热敏电阻组织随温度降低而升高），L为小灯泡，当R2所在位置温度升高时（）A R1两端的电压减小B 小灯泡的亮度变弱C 电流表的示数减小D 通过R2的电流减小5如图所示为通电螺线管的纵剖面图，“”和“”分别表示导线中的电流垂直纸面流进和流出，图中四个小磁针（涂黑的一端为N极）静止时的指向画法正确的是（）

3、A abB acC cdD bd6匀强磁场垂直穿过一个弹性圆形线框，由于某种原因，在线框中产生顺时针方向的感应电流，如图所示则以下说法正确的是（）A 若磁场方向垂直线框向里，则可能是此磁场的磁感应强度是在增强B 若磁场方向垂直线框向里，则可能是弹性线框面积增大C 若磁场方向垂直线框向外，且可能是此磁场的磁感应强度是在减弱D 若磁场方向垂直线框向外，则可能是弹性线框面积扩大7如图为穿过1匝闭合线圈的磁通量随时间变化的关系图线，设闭合线圈中的总电阻是1欧姆，下列判断正确的是（）A 02s内线圈中产生的感应电动势为5VB 2s4s内与4s5s内线圈中产生感应电流方向方向相反C 2s5s内线圈中电流方

4、向始终不变，大小一直等于5AD 5s10s内线圈中产生感应电流大小为1A，与02s内线圈中产生的感应电流方向相反8回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是两个中空的半圆D形金属盒，两盒间的狭缝中加有周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两个D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是（）A 增大匀强电场间的加速电压B 减小磁场的磁感应强度C 减小狭缝间的距离D 增大D形金属盒的半径9固定导线c垂直纸面，可动导线ab通以如图方向的电流，用测力计悬挂在导线c的上方，导线c中通电时，以下判断正确的是（）A 导线a端转向纸外，同时测力

5、计读数减小B 导线a端转向纸外，同时测力计读数增大C 导线b端转向纸里，同时测力计读数减小D 导线b端转向纸里，同时测力计读数增大10如图所示，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，电场和磁场相互垂直，在电磁场区域中，有一个竖直放置的光滑绝缘圆环，换上套有一个带正电的小球，O点为圆环的圆心，a、b、c为圆环上的三个点，a点为最高点，c为最低点，Ob沿水平方向，已知小球所受电场力与重力大小相等，现将小球从环的顶端a点由静止释放，下列判断正确的是（）A 小球从b点运动到c点，电势能增大，动能先增大后减小B 小球从a点运动到b点，重力势能减小，电势能增大C 当小球运动到b点，洛伦兹力最

6、大D 当小球运动到c点时，洛伦兹力最大二、实验探究题（每空2分，共20分）1）用螺旋测微器测圆柱体的直径时，如图甲所示，此示数为mm；（2）用20分度的游标卡尺测量某物体的厚度时，如图乙所示，此示数为mm12如图所示，R1、R2是两定值电阻，R1的阻值很小，R2的阻值很大；G是一灵敏电流计，S1、S2位开关；S1、S2都闭合时，M、N间是一个（填“电流表”或“电压表”）；S1、S2都断开时，M、N间是一个（填“电流表”或“电压表”）13某同学用多用表测量一个电子元件的电阻，选用“100”倍率的电阻档测量，发现多用表指针偏转过小，因此需选择倍率的电阻档（填：“10”或“1k”）；然后该同学姆调零

7、后进行如下的操作：将如图电路中电键断开，将红黑表笔接在AB两点间，则其测量值比真实值（填“增大”、“偏小”或“相等”）14有一个小灯泡上标有“4V、2W”的字样，现在要用描绘这个灯泡的伏安特性曲线（IU图线）现有下列器材供选用：A电压表（05V，内阻约10k）B电流表（00.6A，内阻约0.4）C滑动变阻器（10，2A）D滑动变阻器（500，1A）E学生电源（直流6V）、开关、导线若干（1）实验时，选用图中电路图来完成实验；（选甲或乙）（2）实验中所用滑动变阻器应选 （用序号字母表示）15在测电源电动势和内阻实验中，由于电源内阻较小，电压表示数变化不明显，作出的UI图象如图甲中A所示，这对数据

8、处理的结果将引入较大误差，为了解决此问题，某同学在电路中串联了一定电阻R=6.8（如图乙），作出的UI图象如图甲中B所示，则此电源的电动势大小为V，内阻为三、计算题（本大题4小题，共40分解答时应写出必要的文字说明、公式和重要步骤，只写最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16如图所示，长为L的细线下悬挂一个带正电Q的小球，原来静止在悬挂点下方位置A处加上水平向左的匀强电场后，静止在位置B，细线此时与竖直线成已知细线长L=1m，电量Q=106C，=37，小球质量m=4102kg（sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2）问：（1）所加匀强电场的场强多大

9、？（2）AB两点间的电势差UAB=？（3）现在用外力将小球缓慢拉回原位置A，在此过程中外力做了多少功？17环保汽车在我国许多旅游景点中广泛使用，某辆以蓄电池为驱动能源的环保汽车的总质量m=2103kg，当它在水平路面上以v=18km/h的速度匀速行驶时，驱动电机的输入电流I=5A，电压U=200V，若驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机，g取10m/s2在此行驶状态下，求：（1）驱动电机的输入功率P电；（2）驱动电机线圈的电阻；（3）汽车所受阻力18两根足够长的水平放置的平行光滑金属导轨AB、CD，导轨间距为l；垂直导轨隔着一根金属杆，金属杆在导轨间的电阻为r，导

10、轨上的电阻忽略不计导轨与右边电阻箱及电容器连接，如图所示已知电容器的电容为C，电容器M、N两板间距为d，电阻箱开始时候的阻值R在金属杆以速度v向左匀速运动的过程中，求：（1）电容器上M板所带电量以及电性；（2）一束电子流从电容器两板中间平行两板射入时，恰好能射出电容器；如果电阻箱阻值减小为，则电子流射出电容器时的偏转距离是多少？19如图所示，水平放置的两块带金属板间同时存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，匀强电场场强E=1.8103N/C，匀强磁场磁感应强度B0=103T；右侧存在“V”型的匀强磁场区域，左边界OA竖直，且与右边界OC之间的夹角=一束电子流从两板正中间位置以速度v0

11、水平匀速穿过，垂直边界OA从M点射入“V”型磁场中，OM间距1m已知电子的比荷q/m=1.81011C/kg，求：（1）这束电子流的速度v0多大？（2）如果这束电子流恰好垂直OC边界射出，“V”型磁场的磁感应强度B1等于多少？（3）如果这束电子流不能从OC边界射出，则一个电子在“V”从磁场中飞行的最长时间等于多少？（结果取两位有效数字）xx安徽省黄山市高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（共10小题，每小题4分，共40分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1关于对磁感线和电场线的理解，下列说法中正确的是（）A 电场线的切线方向是放入电场中正电荷的受力方向，磁感线的

12、切线方向是放入磁场中小磁针N极的受力方向B 电场线的切线方向与放入电场中正电荷的受力方向垂直，磁感线的切线方向于放入磁场中通电直导线的受力方向垂直C 电场线起源于正电荷，终止于负电荷；磁感线起始于N极，终止于S极D 磁感线和电场线都只能分别表示磁场和电场的方向，不能反映磁场和电场的强弱考点：电场线；磁感线及用磁感线描述磁场分析：电场周围存在着电场，为了形象地描述电场，我们引入了电感线，规定正电荷的受力方向为电场的方向磁体周围存在着磁场，为了形象地描述磁场，我们引入了磁感线，规定小磁针静止时N极所指的方向为该点磁场的方向磁感线是闭合曲线，在磁体外部，从磁铁的北极出发，进入南极；在磁体内部，从南极

13、指向北极解答：解：A、电场线的切线方向是放入电场中正电荷的受力方向，磁感线的切线方向是放入磁场中小磁针N极的受力方向，故A正确，B错误；C、电场线起源于正电荷，终止于负电荷；外部磁感线磁铁的北极出发，进入南极；在磁体内部，从南极指向北极，故C错误；D、磁感线和电场线都只能分别表示磁场和电场的方向，疏密反映磁场和电场的强弱，故D错误；故选：A点评：本题对电场和电场线与磁场和磁感线的理解能力，注意电场线和磁感线是人为虚拟的线；但它能反映电场和磁场的方向及强弱2在匀强磁场中，沿电场线方向为x轴正方向，下面关于场强E和沿着x轴方向的变化图象正确的是（）A B C D 考点：匀强电场中电势差和电场强度的

14、关系专题：电场力与电势的性质专题分析：在运强电场中场强处处相等，沿电场方向电势逐渐降低解答：解：A、在匀强电场中，沿电场方向场强不变，故AB错误；C、沿电场方向，电势降低，故C正确，D错误；故选：C点评：本题主要考查了匀强电场中场强处处相等，沿电场方向电势逐渐降低；3一带正电粒子从某点电荷电场中的A点运动到B点，径迹如图中虚线所示，不计粒子所受重力，则下列说法正确的是（）A 该电场是某正点电荷电场B 粒子的速度逐渐增大C 粒子的加速度逐渐增大D 粒子的电势能逐渐增大考点：电场线分析：解这类题的思路：根据带电粒子运动轨迹判定电场力方向，然后根据电性和电场线的疏密程度，判断电场力方向，根据电场力做

15、功判断电势能的变化解答：解：A、只知道电场的分布，没法判断时正电荷产生的电场，故A错误；B、由于带电粒子是从A到B，带电粒子受电场力的方向大致斜向左下方，故电场力做负功，带电粒子的速度减少，故B错误；C、A点电场线密集，故电场强度大，故粒子在A点收到的电场力大于B点，由牛顿第二定律可得在A点的加速度大于B点，故C错误；D、由于带电粒子是从A到B，带电粒子受电场力的方向大致斜向左下方，故电场力做负功，带电粒子的电势能增大，故D正确；故选：D点评：解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，利用电场中有关规律求解；明确电场力做功与电势能和动能间的关系4如图所示，R1阻值恒定，

16、R2为热敏电阻（热敏电阻组织随温度降低而升高），L为小灯泡，当R2所在位置温度升高时（）A R1两端的电压减小B 小灯泡的亮度变弱C 电流表的示数减小D 通过R2的电流减小考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：先分析热敏电阻阻值的变化，得到总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，即可进行分析解答：解：A、当R2所在位置温度升高时R2减小，总电阻减小，总电流增大，则R1两端的电压增大，故A错误B、总电流增大，内电压增大，则路端电压减小，并联部分的电压减小，所以灯泡L1变暗故B正确C、电流表测量总电流，则知电流表的示数增大，故C错误D、通过L的电流减小，而总电流增大，则通过R2的电流增

17、大，故D错误故选：B点评：本题考查闭合电路的欧姆定律，此类问题一般按“局部整体局部”顺序进行分析5如图所示为通电螺线管的纵剖面图，“”和“”分别表示导线中的电流垂直纸面流进和流出，图中四个小磁针（涂黑的一端为N极）静止时的指向画法正确的是（）A abB acC cdD bd考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向分析：首先根据电源的正负极判定电流方向，由电流方向根据安培则（用右手握住螺线管，让四指弯曲的方向与螺线管中的电流方向一致，则大拇指所指的那端就是通电螺线管的N极）判断通电螺线管的磁极；根据磁极间的作用规律判断小磁针的指向是否正确解答：解：根据安培定则判断得出，通电螺线管内部的磁感线方向

18、左，与外部的磁感线形成闭合曲线，小磁针N极静止时的指向在该处磁感线的切线方向上，由通电螺线管的磁感线分布情况可知，a，b两个小磁针的指向均画错，c、d小磁针指向正确，故C正确，ABD错误；故选：C点评：安培定则（右手螺旋定则）为考试中的重点及难点，应能做到熟练应用右手螺旋定则判断电流及磁极的关系6匀强磁场垂直穿过一个弹性圆形线框，由于某种原因，在线框中产生顺时针方向的感应电流，如图所示则以下说法正确的是（）A 若磁场方向垂直线框向里，则可能是此磁场的磁感应强度是在增强B 若磁场方向垂直线框向里，则可能是弹性线框面积增大C 若磁场方向垂直线框向外，且可能是此磁场的磁感应强度是在减弱D 若磁场方向

19、垂直线框向外，则可能是弹性线框面积扩大考点：楞次定律分析：当磁感应强度增大或面积增大时，穿过线圈的磁通量增大，磁感应强度减小或面积减小时，穿过线圈的磁通量减小，由楞次定律可以判断出感应电流的方向解答：解：A、若磁场方向垂直线框向里，当磁感应强度增大时，穿过线圈的磁通量增大，由楞次定律可知，线圈中感应电流沿逆时针方向，故A错误；B、若磁场方向垂直线框向里，当弹性线框面积增大时，穿过线圈的磁通量增大，由楞次定律可知，线圈中感应电流沿逆时针方向，故B错误；C、若磁场方向垂直线框向外，当磁感应强度增加减弱时，穿过线圈的磁通量减小，由楞次定律可知，线圈中感应电流沿逆时针方向，故C错误；D、若磁场方向垂直

20、线框向外，当弹性线框面积扩大时，穿过线圈的磁通量增大，由楞次定律可知，线圈中感应电流沿逆时针方向，故D正确；故选：D点评：本题考查了判断感应电流方向，知道穿过线圈的磁场方向，根据磁通量的变化，由楞次定律即可判断出感应电流方向，本题难度不大，是一道基础题7如图为穿过1匝闭合线圈的磁通量随时间变化的关系图线，设闭合线圈中的总电阻是1欧姆，下列判断正确的是（）A 02s内线圈中产生的感应电动势为5VB 2s4s内与4s5s内线圈中产生感应电流方向方向相反C 2s5s内线圈中电流方向始终不变，大小一直等于5AD 5s10s内线圈中产生感应电流大小为1A，与02s内线圈中产生的感应电流方向相反考点：楞次

21、定律分析：根据法拉第电磁感应定律，通过磁通量变化率的大小判断哪段产生的感应电动势大小，并由楞次定律来确定感应电流的方向，从而即可求解解答：解：根据E=n得，感应电动势与磁通量的变化率成正比t图线的斜率表示磁通量的变化率，也可表示感应电动势的大小，A、02s内线圈中产生的感应电动势为E=2.5V，故A错误；B、根据楞次定律可知，2s4s内与4s5s内线圈中产生感应电流方向方向相同，故B错误；C、根据楞次定律可知在，2s5s内线圈中产生感应电流方向不变，因2s4s与4s5s内的斜率相同，则2s4s内线圈中产生的感应电动势等于4s5s内线圈中产生的感应电动势，则感应电动势E=5V，那么感应电流大小I

22、=5A，故C正确；D、02s内和5 s10 s内磁场的方向相反，且磁通量前者增大，后者减小，由楞次定律可知，产生感应电流方向相同故D错误故选：C点评：解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律，知道电动势的大小与磁通量的变化率成正比，注意掌握楞次定律的应用8回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是两个中空的半圆D形金属盒，两盒间的狭缝中加有周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两个D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是（）A 增大匀强电场间的加速电压B 减小磁场的磁感应强度C 减小狭缝间的距离D 增大D形金属盒的半径考点：质谱

23、仪和回旋加速器的工作原理；带电粒子在匀强磁场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：回旋加速器利用电场加速和磁场偏转来加速粒子，根据洛伦兹力提供向心力求出粒子射出时的速度，从而得出动能的表达式，看动能与什么因素有关解答：解：根据牛顿第二定律，由洛伦兹力提供向心力，则有：qvB=m，解得：v=则动能为：EK=mv2=，知动能与加速的电压无关，狭缝间的距离无关，与磁感应强度大小和D形盒的半径有关，增大磁感应强度和D形盒的半径，可以增加粒子的动能故D正确，ABC错误故选：D点评：解决本题的关键知道回旋加速器电场和磁场的作用，知道粒子的最大动能与加速的电压无关，与磁感应强度大小和D形盒的半径有关

24、9固定导线c垂直纸面，可动导线ab通以如图方向的电流，用测力计悬挂在导线c的上方，导线c中通电时，以下判断正确的是（）A 导线a端转向纸外，同时测力计读数减小B 导线a端转向纸外，同时测力计读数增大C 导线b端转向纸里，同时测力计读数减小D 导线b端转向纸里，同时测力计读数增大考点：安培力分析：电流AB处于电流c产生的磁场中，在AB左右两边各取一小电流元，根据左手定则判断其安培力的方向，从而判断其运动当AB导线转过90后，看两电流是同向电流还是异向电流，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥解答：解：电流c产生的磁场在右边平行纸面斜向左，在左边平行纸面斜向下，在AB左右两边各取一小电流元，根据左手

25、定则，左边的电流元所受的安培力方向向外，右边的电流元所受安培力方向向内，知AB导线逆时针方向（从上向下看）转动，即指向纸外当AB导线转过90后，两电流为同向电流，相互吸引导致弹簧秤的读数变大故D正确，A、C、D错误故选：B点评：在解决该题的过程中：1、使用了电流元法，即在导线上取一较短的电流，判断其受力方向2、使用了特殊位置法，转过90后判断其受力3、使用了结论法，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥10如图所示，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，电场和磁场相互垂直，在电磁场区域中，有一个竖直放置的光滑绝缘圆环，换上套有一个带正电的小球，O点为圆环的圆心，a、b、c为圆环上的三

26、个点，a点为最高点，c为最低点，Ob沿水平方向，已知小球所受电场力与重力大小相等，现将小球从环的顶端a点由静止释放，下列判断正确的是（）A 小球从b点运动到c点，电势能增大，动能先增大后减小B 小球从a点运动到b点，重力势能减小，电势能增大C 当小球运动到b点，洛伦兹力最大D 当小球运动到c点时，洛伦兹力最大考点：带电粒子在混合场中的运动专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：电场力与重力大小相等，则二者的合力指向左下方45，由于合力是恒力，故类似于新的重力，所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”关于圆心对称的位置（即bc弧的中点）就是“最低点”，速度最大再根据竖直平面内的圆周运动

27、的相关知识解题即可解答：解：电场力与重力大小相等，则二者的合力指向左下方45，由于合力是恒力，故类似于新的重力，所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”关于圆心对称的位置（即bc弧的中点）就是“最低点”，速度最大A、小球从b点运动到c点，电场力做负功，电势能增大，但由于bc弧的中点速度最大，所以动能先增后减小，故A正确；B、从a到b，重力和电场力都做正功，重力势能和电势能都减少故B错误；C、D由于bc弧的中点相当于“最低点”，速度最大，当然这个位置洛伦兹力最大故C错误，D错误故选：A点评：该题要求同学们能够根据受力分析找出做圆周运动新的最高点和最低点，再根据竖直平面内的圆周运动的知识

28、解题，难度较大二、实验探究题（每空2分，共20分）1）用螺旋测微器测圆柱体的直径时，如图甲所示，此示数为6.125mm；（2）用20分度的游标卡尺测量某物体的厚度时，如图乙所示，此示数为61.70mm考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用专题：实验题分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，再读可动刻度读数时需估读解答：解：1、螺旋测微器的固定刻度为6mm，可动刻度为12.50.01mm=0.125mm，所以最终读数为6mm+0.125mm=6.125mm2、游标卡尺的主尺读数为61mm，游标尺上第14

29、个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为140.05mm=0.70mm，所以最终读数为：61mm+0.47mm=61.70mm故答案为：（1）6.125（2）61.70点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量12如图所示，R1、R2是两定值电阻，R1的阻值很小，R2的阻值很大；G是一灵敏电流计，S1、S2位开关；S1、S2都闭合时，M、N间是一个电流表（填“电流表”或“电压表”）；S1、S2都断开时，M、N间是一个电压表（填“电流表”或“电压表”）考点：串联电路和并联电路专题：恒定电流专题分析：当开关闭合和断开时，理清电路，搞清电流计与

30、电阻是串联还是并联，当电流计与小电阻并联，可以改装为大量程的电流表，当电流计与大电阻串联，可以改装为大量程的电压表解答：解：S1、S2都闭合时，电流计与R1并联，R1起分流作用，M、N间是一个电流表S1、S2都断开，电流计与R2串联，R2起分压作用，M、N间是一个电压表故答案为：电流表，电压表点评：解决本题的关键知道电流表和电压表改装的原理，电流计改装为大量程电流表，并联小电阻起分流作用，电流计改装为大量程的电压表，串联电阻起分压作用13某同学用多用表测量一个电子元件的电阻，选用“100”倍率的电阻档测量，发现多用表指针偏转过小，因此需选择1k倍率的电阻档（填：“10”或“1k”）；然后该同学

31、姆调零后进行如下的操作：将如图电路中电键断开，将红黑表笔接在AB两点间，则其测量值比真实值偏小（填“增大”、“偏小”或“相等”）考点：用多用电表测电阻专题：实验题；恒定电流专题分析：实验欧姆表测电阻，应选择合适的挡位，使指针指在表盘中央刻度线附近；欧姆表换挡后要重新调零，根据图示电路图分析实验误差解答：解：选用“100”倍率的电阻档测量，发现多用表指针偏转过小，所选挡位太小，为准确测量，应选择1k倍率的电阻档；将如图电路中电键断开，将红黑表笔接在AB两点间，电阻与滑动变阻器的左半部分并联，欧姆表测的是并联电阻，电阻越并越小，则其测量值比真实值偏小；故答案为：k；偏小点评：用欧姆表测电阻时要选择

32、合适的挡位，使指针指针中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；用欧姆表测电阻时要把待测电阻与其它电路断开14有一个小灯泡上标有“4V、2W”的字样，现在要用描绘这个灯泡的伏安特性曲线（IU图线）现有下列器材供选用：A电压表（05V，内阻约10k）B电流表（00.6A，内阻约0.4）C滑动变阻器（10，2A）D滑动变阻器（500，1A）E学生电源（直流6V）、开关、导线若干（1）实验时，选用图中甲电路图来完成实验；（选甲或乙）（2）实验中所用滑动变阻器应选C （用序号字母表示）考点：描绘小电珠的伏安特性曲线专题：实验题分析：（1）根据实验目的与实验要求确定滑动变阻器与电流表接法，然后选择

33、实验电路（2）为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器解答：解：（1）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；灯泡正常发光时的电阻：R=8，电压表内阻约为10k，电流表内阻约为0.4，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，应选图甲所示电路（2）为方便实验操作，滑动变阻器应选C故答案为：（1）甲；（2）C点评：本题考查了实验电路的选择、实验器材的选取，确定滑动变阻器与电流表的接法是正确解题的关键15在测电源电动势和内阻实验中，由于电源内阻较小，电压表示数变化不明显，作出的UI图象如图甲中A所示，这对数据处理的结果将引入较大误差，为了解决此问题，某同学在电

34、路中串联了一定电阻R=6.8（如图乙），作出的UI图象如图甲中B所示，则此电源的电动势大小为1.5V，内阻为0.5考点：测定电源的电动势和内阻专题：实验题；恒定电流专题分析：电阻R与电源组成一个新电源，R相等于电源内阻的一部分，电源的UI图象与纵轴交点坐标值是电源的电动势，图象斜率的绝对值是电源的内阻，由图象求出电源电动势与内阻解答：解：由图示电源的UI图象可知，电源电动势为：E=1.5V，图象斜率的绝对值等于电源内阻及R阻值之和，则有：R总=R+r=7.5，则电源内阻：r=R总R=7.57=0.5；故答案为：1.5；0.5点评：本题考查了求电源电动势与内阻，掌握应用图象法处理实验数据的方法

35、即可正确解题要注意明确将R作为内阻处理三、计算题（本大题4小题，共40分解答时应写出必要的文字说明、公式和重要步骤，只写最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16如图所示，长为L的细线下悬挂一个带正电Q的小球，原来静止在悬挂点下方位置A处加上水平向左的匀强电场后，静止在位置B，细线此时与竖直线成已知细线长L=1m，电量Q=106C，=37，小球质量m=4102kg（sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2）问：（1）所加匀强电场的场强多大？（2）AB两点间的电势差UAB=？（3）现在用外力将小球缓慢拉回原位置A，在此过程中外力做了多少功？考点：带电粒子

36、在匀强电场中的运动；匀强电场中电势差和电场强度的关系分析：（1）根据共点力平衡即可求得电场强度；（2）由U=Ed求的AB间的电势差；（3）根据动能定理求得外力做功解答：解：（1）通过受力分析由共点力平衡可得：解得：（2）AB间的电势差为（3）根据动能定理可得W+mgL（1cos）QUAB=00解得W=0.1J答：（1）所加匀强电场的场强为3105V/m（2）AB两点间的电势差UAB=1.8105V（3）现在用外力将小球缓慢拉回原位置A，在此过程中外力做功为0.1J点评：解决动力学问题的关键是正确受力分析和运动过程分析，然后选择相应规律列式求解即可17环保汽车在我国许多旅游景点中广泛使用，某辆以

37、蓄电池为驱动能源的环保汽车的总质量m=2103kg，当它在水平路面上以v=18km/h的速度匀速行驶时，驱动电机的输入电流I=5A，电压U=200V，若驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机，g取10m/s2在此行驶状态下，求：（1）驱动电机的输入功率P电；（2）驱动电机线圈的电阻；（3）汽车所受阻力考点：电功、电功率专题：恒定电流专题分析：（1）根据P=UI求出驱动电机的输入功率（2）根据消耗的热功率所占比例，由P=I2r可求得电阻；（3）匀速行驶时，牵引力等于阻力，求出机械功率，根据P=Fv=fv，求出汽车所受的阻力解答：解：（1）驱动电机的输入功率为：P电=I

38、U=5200W=1103W故驱动电机的输入功率为：P电=1103W（2）内阻消耗的功率为：P热=I2r=10%P电解得：r=2；（3）机械功率为：P机=90%P电=110390%=0.9103W匀速行驶时，牵引力等于阻力，有P机=Fv=fvv=18km/h=5m/s，得：f=N=180N答：（1）驱动电机的输入功率P电为1103W（2）内阻r为2；（3）汽车所受阻力为180N点评：解决本题的关键掌握功率的公式P=UI，以及机械功率的公式P=Fv的应用；要注意体会能量的转化与守恒关系18两根足够长的水平放置的平行光滑金属导轨AB、CD，导轨间距为l；垂直导轨隔着一根金属杆，金属杆在导轨间的电阻为

39、r，导轨上的电阻忽略不计导轨与右边电阻箱及电容器连接，如图所示已知电容器的电容为C，电容器M、N两板间距为d，电阻箱开始时候的阻值R在金属杆以速度v向左匀速运动的过程中，求：（1）电容器上M板所带电量以及电性；（2）一束电子流从电容器两板中间平行两板射入时，恰好能射出电容器；如果电阻箱阻值减小为，则电子流射出电容器时的偏转距离是多少？考点：导体切割磁感线时的感应电动势；带电粒子在匀强电场中的运动；闭合电路的欧姆定律专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）当金属杆以速度v匀速向左运动时，产生感应电动势，根据右手定则可知感应电流方向，确定出电容器两极板的电性根据E=BLv求感应电动势，得到电容

40、器的电压，从而可求出电量的大小（2）如果电阻箱阻值减小为时，求出电容器的板间电压，由牛顿第二定律求出两次粒子加速度之比根据类平抛运动的规律求解解答：解：（1）金属杆匀速向左运动时，杆中产生的感应电流方向向下，则电容器M板带负金属杆运动产生的感应电动势为：E=Blv电容器板间电压为：U=E故电容器上的电量为：Q=CU联立解得：Q=（2）当电阻箱阻值减小为时，电容器的电压为：U=E=由a=得两次竖直方向的加速度之比为：=因为电子流在电场中做类平抛运动，水平方向做匀速运动，故两次在电场中的运动时间不变，设为t竖直方向可列：y=因而竖直方向的偏转距离之比为：=解得：y=答：（1）电容器上M板所带正电，

41、电量为（2）电子流射出电容器时的偏转距离是点评：本题是电容器、电路、电磁感应、力学等知识的综合，只要掌握基本知识就能正确解答19如图所示，水平放置的两块带金属板间同时存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，匀强电场场强E=1.8103N/C，匀强磁场磁感应强度B0=103T；右侧存在“V”型的匀强磁场区域，左边界OA竖直，且与右边界OC之间的夹角=一束电子流从两板正中间位置以速度v0水平匀速穿过，垂直边界OA从M点射入“V”型磁场中，OM间距1m已知电子的比荷q/m=1.81011C/kg，求：（1）这束电子流的速度v0多大？（2）如果这束电子流恰好垂直OC边界射出，“V”型磁场的磁感

42、应强度B1等于多少？（3）如果这束电子流不能从OC边界射出，则一个电子在“V”从磁场中飞行的最长时间等于多少？（结果取两位有效数字）考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）粒子进入平行金属板做匀速直线运动，粒子所受的电场力和洛伦兹力平衡，由平衡条件可求出速度大小；（2）离子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，由几何知识求出轨迹半径，根据牛顿第二定律求出磁感应强度；（3）求出电子做圆周运动的轨道半径，然后求出电子的最长运动时间解答：解：（1）电子匀速通过极板，电子做匀速直线运动，由平衡条件得：qv0B=qE，代入数据解得：

43、v0=1.8106m/s；（2）如果电子流恰好垂直OC边界射出，则电子做匀速圆周运动的轨道半径：r=1m，电子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qv0B1=m，代入数据解得：B1=1105T；（3）如果电子流不能从OC边界射出，最长的飞行时间对应最长的圆周半径，由几何知识得：+rm=OM，解得：rm=m，电子运动的最长时间：t=5.8107s；答：（1）这束电子流的速度v0为1.8106m/s；（2）如果这束电子流恰好垂直OC边界射出，“V”型磁场的磁感应强度B1等于1105T；（3）如果这束电子流不能从OC边界射出，则一个电子在“V”从磁场中飞行的最长时间等于5.8107s点评：本题中离子先在速度选择器中做匀速直线运动、在磁场中做匀速直线运动，解题时应注意分析其运动过程，从而找出合理的表达式；应充分利用好几何关系