电磁感应中的动力学和能量问题(教师版)

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1、精品文档专题电磁感应中的动力学和能量问题一、电磁感应中的动力学问题1电磁感应与动力学、运动学结合的动态分析，分析方法是：导体受力运动产生感应电动势感应电流通电导线受安培力合外力变化加速度变化速度变化感应电动势变化周而复始地循环，直至达到稳定状态2分析动力学问题的步骤(1) 用电磁感应定律和楞次定律、右手定则确定感应电动势的大小和方向(2) 应用闭合电路欧姆定律求出电路中感应电流的大小(3) 分析研究导体受力情况，特别要注意安培力方向的确定(4) 列出动力学方程或平衡方程求解3两种状态处理(1) 导体处于平衡态静止或匀速直线运动状态处理方法：根据平衡条件合外力等于零，列式分析(2) 导体处于非平

2、衡态加速度不为零处理方法：根据牛顿第二定律进行动态分析或结合功能关系分析二、电磁感应中的能量问题1电磁感应过程的实质是不同形式的能量转化的过程电磁感应过程中产生的感应电流在磁场中必定受到安培力作用，因此要维持感应电流存在，必须有“外力” 克服安培力做功此过程中，其他形式的能转化为电能，“外力”克服安培力做多少功，就有多少其他形式的能转化为电能；当感应电流通过用电器时，电能又转化为其他形式的能可以简化为下列形式：安培力做负功其他形式的能如：机械能电能电流做功其他形式的能如：内能同理，安培力做功的过程， 是电能转化为其他形式的能的过程， 安培力做多少功就有多少电能转化为其他形式的能2电能求解的思路

3、主要有三种(1) 利用克服安培力做功求解：电磁感应中产生的电能等于克服安培力所做的功；(2) 利用能量守恒求解：机械能的减少量等于产生的电能；(3) 利用电路特征求解：通过电路中所产生的电能来计算例 1如图所示， MN 、 PQ 为足够长的平行金属导轨，间距L 0.50 m，导轨平面与水平面间夹角 37，N、Q 间连接一个电阻 R 5.0 ，匀强磁场垂直于导轨平面向上，磁感应强度 B 1.0 T 将一根质量为 m 0.050 kg 的金属棒放在导轨的 ab 位置，金属棒及导轨的电阻不计 现由静止释放金属棒，金属棒沿导轨向下运动过程中始终与导轨垂直，且与导轨接触良好 已知金属棒与导轨间的动摩擦因

4、数0.50，当金属棒滑行至cd 处时，其速度大小开始保持不变， 位置 cd 与 ab 之间的距离 s 2.0 m已知 g 10 m/s2，sin 37 0.60，cos 37 0.80. 求：(1) 金属棒沿导轨开始下滑时的加速度大小；(2) 金属棒到达 cd 处的速度大小；(3) 金属棒由位置 ab 运动到 cd 的过程中，电阻 R 产生的热量解析 (1)设金属棒开始下滑时的加速度大小为a，则mgsin mgcos maa2.0 m/s2(2) 设金属棒到达 cd 位置时速度大小为v、电流为 I，金属棒受力平衡，有mgsin BIL mgcos I BLv解得 v 2.0 m/sR(3)设金

5、属棒从 ab 运动到 cd 的过程中，电阻 R 上产生的热量为 Q，由能量守恒，有 mgssin 1mv2 mgscos Q解得 Q 0.10 J突破训练 12L 的两条足够长的平行金属导轨，与水平面的夹角为如图所示，相距为，导轨上固定有质量为 m、电阻为R 的两根相同的导体棒，导体棒MN 上方轨道粗糙、下方轨.精品文档道光滑，整个空间存在垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为B.将两根导体棒同时释放后，观察到导体棒MN 下滑而 EF 保持静止，当MN 下滑速度最大时，EF 与轨道间的摩擦力刚好达到最大静摩擦力，下列叙述正确的是()2mgRsin A 导体棒 MN 的最大速度为B2L2B导体棒

6、 EF 与轨道之间的最大静摩擦力为mgsin C导体棒 MN 受到的最大安培力为 mgsin m2g2Rsin2 D导体棒 MN 所受重力的最大功率为B2L2答案 AC解析 由题意可知，导体棒MN 切割磁感线，产生的感应电动势为E BLv，回路中的电流E ，MN 受到的安培力F BIL B2L 2v，故 MN 沿斜面做加速度减小的加速运动，当MNI2R2RMN 做匀速运受到的安培力大小等于其重力沿轨道方向的分力时，速度达到最大值，此后动故导体棒 MN 受到的最大安培力为mgsin ，导体棒 MN 的最大速度为2mgRsin B2L2，选项A 、 C 正确由于当MN 下滑速度最大时， EF 与轨

7、道间的摩擦力刚好达到最大静摩擦力，由力的平衡知识可知EF 与轨道之间的最大静摩擦力为2mgsin ，B 错误由 P Gvsin 可知导体棒 MN 所受重力的最大功率为2m2g2Rsin2 B2 L2，D 错误例 2 如图所示，在倾角37的光滑斜面上存在一垂直斜面向上的匀强磁场区域MNPQ ，磁感应强度B 的大小为 5 T ，磁场宽度 d 0.55 m ，有一边长 L 0.4 m、质量 m1 0.6 kg 、电阻 R2 的正方形均匀导体线框abcd 通过一轻质细线跨过光滑的定滑轮与一质量为m20.4 kg 的物体相连， 物体与水平面间的动摩擦因数 0.4，将线框从图示位置由静止释放，物体到定滑轮

8、的距离足够长(取 g 10 m/s2，sin 37 0.6， cos 37 0.8)求：(1) 线框 abcd 还未进入磁场的运动过程中，细线中的拉力为多少？(2) 当 ab 边刚进入磁场时，线框恰好做匀速直线运动，求线框刚释放时ab 边距磁场MN 边界的距离x 多大？(3) 在 (2)问中的条件下，若cd 边恰离开磁场边界PQ 时，速度大小为2 m/s，求整个运动过程中 ab 边产生的热量为多少？审题指导1.线框 abcd 未进入磁场时，线框沿斜面向下加速，m2 沿水平面向左加速，属连接体问题2 ab 边刚进入磁场时做匀速直线运动，可利用平衡条件求速度3线框从开始运动到离开磁场的过程中，线框

9、和物体组成的系统减少的机械能转化为线框的焦耳热解析 (1)m1、 m2 运动过程中，以整体法有 m1gsin m2g (m1 m2)a a 2 m/s2以 m2 为研究对象有F T m2g m2a(或以 m1 为研究对象有m1 gsin FT m1a)FT 2.4 N(2) 线框进入磁场恰好做匀速直线运动，以整体法有12B2L 2v 0v 1 m/sm gsin mgRv2 2axx 0.25 mab 到 MN 前线框做匀加速运动，有(3)线框从开始运动到 cd 边恰离开磁场边界PQ 时：121m1gsin (x dL) m2g(xd L) 2(m1m2)v1 Q 解得：Q 0.4 J 所以

10、Qab 4Q 0.1J.精品文档突破训练 2 如图所示，平行金属导轨与水平面间的倾角为，导轨电阻不计，与阻值为R的定值电阻相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面，磁感应强度为B.有一质量为 m、长为 l 的导体棒从 ab 位置获得平行于斜面、大小为v 的初速度向上运动，最远到达ab位置，滑行的距离为 s，导体棒的电阻也为 R， 与导轨之间的动摩擦因数为.则()A 上滑过程中导体棒受到的最大安培力为B2l2vR1B上滑过程中电流做功发出的热量为2 mgs(sin cos )mv21C上滑过程中导体棒克服安培力做的功为2mv2D上滑过程中导体棒损失的机械能为12 mgssinmv答案 BD2解析 导体棒刚

11、开始运动时所受安培力最大，FmB2l 2v，A选项错误由能量守恒定 BIl 2R律可知：导体棒动能减少的数值应该等于导体棒重力势能的增加量以及克服安培力做功产生的电热和克服摩擦阻力做功产生的内能，其公式表示为：12mgssin mgscos Q，2mv电热则有： Q 电热 1mv2 (mgssin mgscos )，即为导体棒克服安培力做的功导体棒损失的2机械能即为克服安培力做功和克服摩擦阻力做功的和，W 损失 1mv2 mgssin .故 B 、D 正确2例 3 如图所示，足够长的金属导轨MN、 PQ 平行放置，间距为L，与水平面成角，导轨与定值电阻 R1 和 R2 相连，且 R1 R2R，

12、 R1 支路串联开关S，原来 S 闭合匀强磁场垂直导轨平面向上，有一质量为m、有效电阻也为R 的导体棒 ab 与导轨垂直放置，它与导轨粗糙接触且始终接触良好现将导体棒ab 从静止释放，沿导轨下滑，当导体棒运动达到稳定状态时速率为v，此时整个电路消耗的电功率为重力功率的34.已知重力加速度为 g，导轨电阻不计，求：(1)匀强磁场的磁感应强度B 的大小和达到稳定状态后导体棒ab 中的电流强度 I ；(2)如果导体棒 ab 从静止释放沿导轨下滑x 距离后达到稳定状态，这一过程回路中产生的电热是多少？(3)导体棒 ab 达到稳定状态后， 断开开关 S，从这时开始导体棒ab 下滑一段距离后， 通过导体棒

13、 ab 横截面的电荷量为q，求这段距离是多少？解析(1)回路中的总电阻为：R 总3R2当导体棒 ab 以速度 v 匀速下滑时棒中的感应电动势为：E BLv此时棒中的感应电流为：I ER总此时回路的总电功率为：P 电I2R 总此时重力的功率为：P 重 mgvsin 根据题给条件有： P3mgvsin 电 P 重，解得： I2R43mgRsin B2L2v1(2)设导体棒 ab 与导轨间的滑动摩擦力大小为F f，根据能量守恒定律可知：4mgvsin .精品文档1 Ff v 解得： Ff 4mgsin 导体棒 ab 减少的重力势能等于增加的动能、回路中产生的焦耳热以及克服摩擦力做功的和 mgsin

14、x1mv2Q Ff x2解得： Q3mgsin x 1mv242(3)S 断开后，回路中的总电阻为：R 总 2R设这一过程经历的时间为t ，这一过程回路中的平均感应电动势为E ，通过导体棒 ab的平均感应电流为 I ，导体棒 ab 下滑的距离为 s，则： E BLsEBLst t，I总 2R tR 得： q It BLs4q2vR2R解得： s 3mgsin 巩固练习1 (2013 徽安 16)如图所示，足够长的平行金属导轨倾斜放置，倾角为37，宽度为0.5 m，电阻忽略不计， 其上端接一小灯泡， 电阻为 1一.导体棒 MN 垂直导轨放置， 质量为0.2 kg，接入电路的电阻为1 ，两端与导轨

15、接触良好，与导轨间的动摩擦因数为0.5.在导轨间存在着垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为0.8 T 将导体棒 MN 由静止释放，运动一段时间后，小灯泡稳定发光，此后导体棒MN 的运动速度以及小灯泡消耗的电功率分别为(重力加速度 g 取 10 m/s2，sin 37 0.6)()A 2.5 m/s1 WB5 m/ s 1 WC7.5 m/s9 WD 15 m/ s9 W解析 导体棒 MN 匀速下滑时受力如图所示，由平衡条件可得F 安 mgcos 37mgsin 37 ，所以 F 安 mg(sin 37 cos 37 ) 0.4 N ，由 F安BIL 得 IF 安 1 A，所以 E I(R灯R

16、MN) 2 V，BL导体棒的运动速度 v E 5 m/s，小灯泡消耗的电功率为P 灯I2R 灯1BLW正确选项为B.2如图甲所示，电阻不计且间距L 1 m 的光滑平行金属导轨竖直放置，上端接一阻值R2 的电阻， 虚线 OO 下方有垂直于导轨平面向里的匀强磁场，现将质量m 0.1 kg、电阻不计的金属杆ab 从 OO 上方某处由静止释放，金属杆在下落的过程中与导轨保持良好接触且始终水平 已知杆 ab 进入磁场时的速度v0 1 m/s，下落 0.3 m 的过程中加速度 a 与下落距离 h 的关系图象如图乙所示，g 取 10 m/ s2，则()A 匀强磁场的磁感应强度为1 TB杆 ab 下落 0.3

17、 m 时金属杆的速度为 1 m/sC杆 ab 下落 0.3 m 的过程中 R 上产生的热量为 0.2 JD杆 ab 下落 0.3 m 的过程中通过R 的电荷量为 0.25 C解析 在杆 ab 刚进入磁场时，有B2L 2v0 mg ma，由题图乙知， a 的大小为10 m/s2，R解得 B 2 T，A 错误杆 ab 下落B2L20.3 m 时杆做匀速运动，则有v mg，解得 vR 0.5 m/s，选项 B 错误在杆ab 下落 0.3 m 的过程，根据能量守恒，R 上产生的热量.精品文档1mv2 0.287 5 J，选项 C 错误通过 R 的电荷量 q BS为 Q mgh0.25 C选2RR项D正

18、确3在如图所示倾角为 的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小均为B 的匀强磁场，区域的磁场方向垂直斜面向上，区域的磁场方向垂直斜面向下，磁场的宽度均为L的正方形导体线圈，在沿平行斜面向下的拉力F 作L.一质量为 m、电阻为 R、边长为 2用下由静止开始沿斜面下滑， 当 ab 边刚越过 GH 进入磁场时， 恰好做匀速直线运动，下列说法中正确的有 (重力加速度为 g)()A 从线圈的 ab 边刚进入磁场到线圈dc 边刚要离开磁场的过程中，线圈ab 边中产生的感应电流先沿 ba 方向再沿 a b 方向B线圈进入磁场过程和离开磁场过程所受安培力方向都平行斜面向上C线圈 ab 边刚进入磁场 时的速度大小

19、为4R mgsin FB2L2D线圈进入磁场做匀速运动的过程中，拉力F 所做的功等于线圈克服安培力所做的功答案 BC解析 由右手定则可知线圈的ab 边刚进入磁场 和线圈的 dc 边刚要离开磁场 时，线圈ab 边中的感应电流方向均为b a，线圈经过JP 时感应电流的方向为a b， A 错误由楞次定律可判断出感应电流所受磁场的安培力阻碍线圈的切割磁感线运动，B 正确线圈 ab边刚进入磁场 时，受到的安培力F 安 BI L B2L 2v，由共点力的平衡知识可知F 安 mgsin 24RF ，联立可得线圈 ab 边刚进入磁场 时的速度大小为 4R mgsin F， C 正确线圈进入B2L2磁场 做匀速

20、运动的过程中，合外力做的功为0，即拉力 F 和重力沿斜面方向的分力所做的功等于线圈克服安培力所做的功，D 错误课后练习? 题组 1 电磁感应中的动力学问题1.如图所示，在一匀强磁场中有一U 形导线框abcd，线框处于水平面内，磁场与线框平面垂直，R 为一定值电阻， ef 为垂直于ab 的一根导体杆， 它可以在ab、cd 上无摩擦地滑动 杆ef 及线框中导线的电阻都可不计开始时，给ef 一个向右的初速度，则()A ef 将减速向右运动，但不是匀减速B ef 将匀减速向右运动，最后停止C ef 将匀速向右运动D ef 将做往返运动答案ABlvB2l2v，方向向左， 故杆 ef 做减速运动；解析杆

21、ef 向右运动， 所受安培力F BIl Bl RRv 减小， F 减小，杆做加速度逐渐减小的减速运动，A 正确2.一个刚性矩形铜制线圈从高处自由下落，进入一水平的匀强磁场区域，然后穿出磁场区域继续下落，如图所示，则()A 若线圈进入磁场过程是匀速运动，则离开磁场过程也是匀速运动B若线圈进入磁场过程是加速运动，则离开磁场过程也是加速运动C若线圈进入磁场过程是减速运动，则离开磁场过程也是减速运动D若线圈进入磁场过程是减速运动，则离开磁场过程是加速运动答案 C.精品文档解析 从线框全部进入磁场至线框开始离开磁场，线框做加速度为g 的匀加速运动， 可知线圈离开磁场过程中受的安培力大于进入磁场时受的安培

22、力，故只有C 项正确3在伦敦奥运会上， 100 m 赛跑跑道两侧设有跟踪仪，其原理如图甲所示，水平面上两根足够长的金属导轨平行固定放置，间距为L 0.5 m，一端通过导线与阻值为R 0.5 的电阻连接导轨上放一质量为m 0.5 kg 的金属杆，金属杆与导轨的电阻忽略不计匀强磁场方向竖直向下用与导轨平行的拉力F 作用在金属杆上，使杆运动当改变拉力的大小时，相对应的速度 v 也会变化，从而使跟踪仪始终与运动员保持一致已知v 和 F 的关系如图乙 (取重力加速度 g 10 m/s2)则()A 金属杆受到的拉力与速度成正比B该磁场的磁感应强度为1 TC图线在横轴的截距表示金属杆与导轨间的阻力大小D导轨

23、与金属杆之间的动摩擦因数0.4答案BCD解析由题图乙可知拉力与速度是一次函数，但不成正比，故A 错；图线在横轴的截距是速度为零时的拉力，金属杆将要运动，此时阻力 最大静摩擦力等于该拉力，也等于运动BLvB2L2v时的滑动摩擦力， C 对；由 F BIL mg 0 及 I R 可得： F R mg 0，从题图乙上分别读出两组 F、 v 数据代入上式即可求得 B 1 T， 0.4，所以选项 B、 D 对4.如图所示，光滑斜面的倾角为，斜面上放置一矩形导体线框abcd，ab 边的边长为l 1， bc边的边长为 l 2，线框的质量为 m，电阻为 R，线框通过绝缘细线绕过光滑的定滑轮与一重物相连，重物质

24、量为 M.斜面上 ef 线( ef 平行底边 )的右方有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度为 B，如果线框从静止开始运动，进入磁场的最初一段时间是做匀速运动的，且线框的 ab 边始终平行于底边，则下列说法正确的是()Mgmgsin A 线框进入磁场前运动的加速度为mB线框进入磁场时匀速运动的速度为Mg mgsin RBl 12 2C线框做匀速运动的总时间为B l1Mg mgRsin D该匀速运动过程产生的焦耳热为(Mg mgsin )l 2答案 D解析 由牛顿第二定律，Mg mgsin (M m)a ，解得线框进入磁场前运动的加速度为Mg mgsin 错误由平衡条件，Mg mgsin F 安

25、0，F 安 BIl 1，I E，E Bl 1v，联，AM mR立解得线框进入磁场时匀速运动的速度为vMg mgsin R2 2， B 错误线框做匀速运动的总时间为 t l22 2B l1B l1l 2，C 错误由能量守恒定律，该匀速运动过程产生的焦耳热vMg mgsin R等于系统重力势能的减小，为(Mg mgsin )l 2，D 正确? 题组 2 电磁感应中的能量问题5一质量为m、电阻为r 的金属杆ab，以初速度v0 从一对光滑的平行金属导轨底端向上滑行， 导轨平面与水平面成 30角，两导轨上端用一电阻 R 相连，如图所示，磁场垂直斜面向上，导轨的电阻不计，金属杆向上滑行到某一高度之后又返回

26、到底.精品文档端时的速度大小为v，则()A 向上滑行的时间小于向下滑行的时间B向上滑行的过程中电阻 R 上产生的热量大于向下滑行的过程中电阻R 上产生的热量C向上滑行的过程中与向下滑行的过程中通过电阻R 的电荷量相等122D金属杆从开始上滑至返回出发点的过程中，电阻R 上产生的热量为 2m(v0 v)答案 ABC解析 金属杆沿斜面向上运动时安培力沿斜面向下，沿斜面向下运动时安培力沿斜面向上，所以上滑过程的加速度大于下滑过程的加速度，因此向上滑行的时间小于向下滑行的时间，A 对；向上滑行过程的平均速度大，感应电流大，安培力做的功多，R 上产生的热量多， B对；由 q知 C对；由能量守恒定律知回路

27、中产生的总热量为122R r02m(v v )， D 错6.在如图所示的倾角为的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小为B 的匀强磁场，区域的磁场方向垂直斜面向上，区域的磁场方向垂直斜面向下，磁场的宽度均为L，一个质量为 m、电阻为 R、边长也为 L 的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，当ab 边刚越过 GH 进入磁场区时，恰好以速度v1 做匀速直线运动；当ab 边下滑到JP与MN的中间位置时， 线框又恰好以速度v2 做匀速直线运动， 从 ab 边越过 GH 到到达 MN 与 JP的中间位置的过程中，线框的动能变化量为Ek，重力对线框做功大小为W1，安培力对线框做功大小为 W2，下列说法中正确

28、的有()图 6A 在下滑过程中，由于重力做正功，所以有v v12B从 ab 边越过 GH 到到达 MN 与 JP 的中间位置的过程中，线框的机械能守恒C从 ab 边越过 GH 到到达 MN 与 JP 的中间位置的过程中，有W E的机械能转化为电1k能D从 ab 边越过 GH 到到达 MN 与 JP 的中间位置的过程中，线框动能的变化量大小EkW1W2答案 CD解析 ab 边越过 JP 后回路感应电动势增大，感应电流增大，因此所受安培力增大，安培力阻碍线框下滑，因此ab 边越过 JP 后开始做减速运动，使感应电动势和感应电流均减小，安培力减小， 当安培力减小到与重力沿斜面向下的分力mgsin 相

29、等时， 以速度 v2 做匀速运动，因此 v2v1 ，A 错；由于有安培力做功，线框机械能不守恒，B 错；线框克服安培力做功，将机械能转化为电能，克服安培力做了多少功，就有多少机械能转化为电能，由动能定理得 W1 W2 Ek， W2 W1 Ek，故 C、 D 正确7如图所示，足够长的粗糙绝缘斜面与水平面成 37角，在斜面上虚线 aa和 bb与斜面底边平行，在aa、 b b 围成的区域有垂直斜面向上的有界匀强磁场，磁感应强度为B 1 T；现有一质量为 m 10 g、总电阻为R 1、边长为 d 0.1m 的正方形金属线圈MNPQ ，让 PQ 边与斜面底边平行，从斜面上端静止释放，线圈刚好匀速穿过磁场

30、已知线圈与斜面间的动摩擦因数为0.5， (取 g10 m/s2， sin 37 0.6， cos 37 0.8)求：(1) 线圈进入磁场区域时，受到的安培力大小；(2) 线圈释放时， PQ 边到 bb的距离；.精品文档(3) 整个线圈穿过磁场的过程中，线圈上产生的焦耳热答案 (1)2102 N(2)1 m(3)4 10 3 J解析(1)对线圈受力分析有：F 安 mgcos mgsin 代入数据得： F 安 210 2 NEB2d2v(2)F 安 Bid E BvdI R解得： F 安R代入数据得： v 2 m/s线圈进入磁场前做匀加速运动，a gsin gcos 2 m/s2线圈释放时， PQ

31、 边到 bb 的距离 x v2 1 m2a(3)由于线圈刚好匀速穿过磁场，则磁场宽度等于d 0.1 mQ W 安 F 安2d解得： Q4 10 3 J8如图所示，电阻可忽略的光滑平行金属导轨长s 1.15 m，两导轨间距 L 0.75 m，导轨倾角为 30，导轨上端 ab 接一阻值为 R 1.5 的电阻，磁感应强度为 B0.8 T 的匀强磁场垂直轨道平面向上阻值r 0.5、质量 m0.2 kg 的金属棒与轨道垂直且接触良好，从轨道上端ab 处由静止开始下滑至底端，在此过程中金属棒产生的焦耳热Qr 0.1 J(取 g 10 m/s2)求：(1)金属棒在此过程中克服安培力做的功W 安 ；(2)金属

32、棒下滑速度 v2 m/s 时的加速度 a；(3)为求金属棒下滑的最大速度v ，有同学解答如下： 由动能定理， W W12， .安 2mvmGm由此所得结果是否正确？若正确，说明理由并完成本小题；若不正确，给出正确的解答答案(1)0.4 J (2)3.2 m/s2 (3)见解析解析(1)下滑过程中安培力做的功即为电阻上产生的焦耳热，由于R 3r，因此Rr0.3 JQ 3Q所以W安 Q QR Qr 0.4 JB2L2(2)金属棒下滑时受重力和安培力F 安 BIL R rv由牛顿第二定律得mgsin 30 B2L2 v maR r22B L所以 a gsin 30 vm R r 10 1 0.82 0.752 2 m /s 2 3.2 m/ s220.2 1.5 0.5(3)此解法正确金属棒下滑时受重力和安培力作用，其运动满足B2 L2mgsin 30 v ma上式表明， 加速度随速度增大而减小，棒做加速度减小的加速运动无论最终是否达到匀速， 当棒到达斜面底端时速度一定为最大由动能定理可以得到棒的最大速度，因此上述解法正确12mgssin 30 Q 2mvm所以 vm2Q2gssin 30m 2 10 1.151 2 0.4 m/s 2.74 m/ s. 2 0.2.