2022年高三考前模拟测试（二诊）理综物理试题 含解析

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1、2022年高三考前模拟测试（二诊）理综物理试题 含解析一、选择题（本大题共5小题，每小题6分，共30分在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1（6分）（xx重庆模拟）以下说法正确的是（） A H+HHe+n+17.6MeV是氢核聚变反应 B 一群处于n=3能级激发态的氢原子，自发跃迁时以发出6种不同频率的光 C 衰变说明原子核中有少量电子 D 放射性元素的半衰期会因地球温室效应面而变短【考点】： 氢原子的能级公式和跃迁；原子核衰变及半衰期、衰变速度；裂变反应和聚变反应【专题】： 衰变和半衰期专题【分析】： 氢核聚变反应是常见核反应，要熟记；一群处于n能级激发态的氢原子，自发跃迁时能发

2、出种不同频率的光衰变产生的电子由原子核内的一个中子转变成一个质子和一个电子，电子释放出来；半衰期与地球环境的变化无关【解析】： 解：A、H+HHe+n+17.6MeV是氢核聚变反应故A正确B、一群处于n=3能级激发态的氢原子向低能级跃迁时任意两个能级间自发跃迁一次，自发跃迁时能发出种不同频率的光故B错误C、衰变产生的电子由原子核内的一个中子转变成一个质子和一个电子，电子释放出来，原子核内没有电子故C错误D、半衰期由原子核本身因素决定，与地球环境的变化无关故D错误故选：A【点评】： 该题考查聚变反应、跃迁理论、衰变的实质以及半衰期，关键是要牢记半衰期与化学反应速度不同，由原子核内部自身的决定，跟

3、原子所处的化学状态和外部条件无关2（6分）（xx重庆模拟）关于航天技术和相关物理学原理，下列说法正确的是（） A 人造地球卫星最小运行速度是7.9km/s B 所有地球通讯卫星都位于地球赤道平面上 C 经典力学能解释一切微观粒子运动的规律 D 相对论认为同一过程的位移和时间的测量在不同参考系中是不同的【考点】： 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；经典时空观与相对论时空观的主要区别【专题】： 人造卫星问题【分析】： 7.9km/s是第一宇宙速度，是卫星绕地球圆周运动最大的运行速度所有地球通讯卫星都必须定点于位于地球赤道上方经典力学只适用于宏观、低速运动的物体相对论认为同一过程的位移和时间是相对

4、的【解析】： 解：A、7.9km/s是第一宇宙速度，是人造地球卫星绕地球圆周运动最大的运行速度故A错误B、地球通讯卫星是地球同步卫星，都位于地球赤道平面上，故B正确C、经典力学只能解释宏观物体运动的规律，不能解释微观粒子运动的规律，故C错误D、相对论认为同一过程的位移和时间是相对的，在不同参考系中测量出的位移和时间不同故D正确故选：BD【点评】： 解决本题的关键要掌握第一宇宙速度的意义和同步卫星的条件、经典力学适用范围和相对论的基本原理3（6分）（xx重庆模拟）如图所示，三本完全相同的物理课本a、b、c叠放在倾角为的斜面上处于静止状态，已知每本物理课本的质量为m，重力加速度为g下列说法正确的是

5、（） A a、b间摩擦力为零 B b对c压力大小为2mgcos C c受斜面摩擦力大小为mgsin D b受a、c摩擦力合力大小为2mgsin【考点】： 共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【专题】： 共点力作用下物体平衡专题【分析】： 隔离对a分析，根据共点力平衡 求出a、b间的摩擦力，对ab分析，根据平衡求出c对b的支持力，从而得出b对c的压力大小对abc整体分析，根据共点力平衡求出摩擦力大小隔离对b分析，根据平衡求出b受到a、c摩擦力的合力大小【解析】： 解：A、对a受力分析，a受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡知，b对a的摩擦力f=mgsin，故A错误B、对ab整体分析，在垂直斜

6、面方向上平衡，有：N=2mgcos，可知b对c的压力大小为2mgcos，故B正确C、对abc整体分析，整体受重力、支持力和摩擦力，根据平衡得，斜面对c的摩擦力f=3mgsin，故C错误D、b在沿斜面方向上受a、c的摩擦力，以及重力沿斜面方向的分力，根据平衡知，a、c对b摩擦力的合力大小为mgsin，故D错误故选：B【点评】： 解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，掌握整体法和隔离法的灵活运用4（6分）（xx重庆模拟）如图所示为某电场中一条竖直方向的电场线，将一带电小球在a点由静止释放，到达b点时速度恰好为零，不计空气阻力，则下列说法正确的是（） A 小球在a、b位置的加速度

7、可能相同 B 小球由a运动到b过程机械能守恒 C 场强大小关系一定是EaEb D 电势关系一定是ab【考点】： 电场强度；机械能守恒定律；电势【专题】： 电场力与电势的性质专题【分析】： 解答本题要掌握：根据质点的运动情况，正确判断其受力情况，弄清在a、b两点电场力和重力大小关系，从而知场强大小；根据机械能守恒条件判定机械能；依据电场线方向判断电势高低【解析】： 解：A、由于质点运动过程中初末速度均为零，因此质点所受电场力向上，而且先加速后减速，故在a点电场力小于重力，加速度向下，b点电场力大于重力，加速度向上，在ab之间某点重力等于电场力，合外力为零，且此时速度最大，故A错误；B、由于有电场

8、力做功，机械能不守恒，故B错误；C、根据A分析知a点场强小于b点场强，故C正确；D、由于不知道电荷正负，不知道电场方向，故无法判定电势的高低，故D错误故选：C【点评】： 解决带电粒子在复合场中的运动，要正确进行受力分析，确定其运动状态，然后依据相关规律求解此题注意电性未知，不能默认为正电荷，故电势无法确定5（6分）（xx重庆模拟）如图所示，质量为M的小车的上表面由均匀粗糙的水平段ac和光滑的四分之一圆弧段cd组成，b是ac段的中点，小车静止在光滑的水平面上，一质量为m的小物块（可视为质点）从小车左端点a处以水平初速度v0冲上小车水平段如果小车固定，小物块恰好能返回a处，如果小车不固定，下列是否

9、正确的是（） A 小物块还是恰好能返回a处 B 小物块一定能通过c处再返回 C 如果M=m，小物块一定相对小车停在b处 D 如果M=m，小物块一定相对小车停在c处【考点】： 动量守恒定律【专题】： 动量定理应用专题【分析】： 小车固定时，根据动能定理小物块克服摩擦力做的功等于小物块损失的动能，小车不固定时小车和小物块组成的系统在水平方向动量守恒据此分析求解即可【解析】： 解：令AC的长度为L，当车小车固定时，根据动能定理有：可得：当小车不固定时，小物块要滑离小车，系统克服摩擦力做的功为，而系统总能量为，根据系统水平方向动量守恒和能量守恒可知小物块将不能滑离小车，即最终小物块和小车将以共同的速度

10、运动：小车和小物块组成的系统在水平方向动量守恒，有：mv0=（m+M）v最后小物块和小车的共同速度v=A、根据能量守恒，小车和小物块最终有共同速度，根据能量守恒可知，小物块不可能滑到a处，故A错误；B、根据功能关系，小物块相对于小车滑动的距离满足：，代入速度v可得小物块相对于小车滑动的距离s=，当m大于M时，小物块相对于小车滑动的距离小于L，故小物块不能滑到c处，故B不正确；CD、当M=m时，可得共同速度，根据动能定理可得，小物块相对于小车运动的总距离s满足：可得s=L，即小物块相对于小车停在c处，故C错误D正确故选：D【点评】： 解决本问题的关键是抓住小车释放时系统水平方向动量守恒，掌握功能

11、关系的应用是正确解题的关键二、非选择题（本大题共5小题，共68分）6（9分）（xx重庆模拟）某同学探究加速度与力的关系实验中，按照正确操作步骤，得到了在不同合外力下的、等几条纸带，并在纸带上每5个点取一个记数点，即相邻两记数点间的时间间隔为0.1s，将每条纸带上的计数点都记为0、1、2、3、4、5，如图所示A、B、C三段纸带，分别是从三条不同纸带上撕下的打下计数点1时，纸带的速度大小为0.201m/s；打纸带时，物体的加速度大小是2.0m/s2；在A、B、C三段纸带中，属于纸带的是B【考点】： 探究加速度与物体质量、物体受力的关系【专题】： 实验题【分析】： 根据匀变速直线运动的特点（相邻的时

12、间间隔位移之差相等）去判断问题利用匀变速直线运动的推论求解加速度和速度【解析】： 解：利用匀变速直线运动的推论v1=0.201m/s根据运动学公式x=at2得：a=m/s2=2.0m/s2根据匀变速直线运动的特点（相邻的时间间隔位移之差相等）得出：位移之差为：3.011.01=2.00cm，则后续位移为：x23=x12+2.00=5.01cmx34=x23+2.00=7.01cm所以属于纸带的是B故答案为：0.201；2.0；B【点评】： 要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用7（10分）（xx重庆模拟）某同学在利用多用电表的欧姆档测量一只

13、电流表的内阻实验中，进行了以下过程：首先仔细观察了所使用的多用电表和电流表；利用多用电表的欧姆档测量电流表的内阻，操作时应将红表笔与电流表的负（填“正”或“负”）接线柱接触；该同学将多用电表与待测电流表连接并进行了正确操作，观察到多用电表面板及指针位置如图所示，则该待测电流表的电阻R=150在进行过程时，该同学观察并记录了电流表的读数I，经过认真思考发现同时可以利用多用电表刻度、指针位置和电流表报读数I计算多用电表内部电源的电动势E和内阻r中的一个物理量，计算这个物理量的表达式是E=300I（如果表达式中涉及待测电流表的电阻R，请直接利用中的数据）【考点】： 用多用电表测电阻【专题】： 实验题

14、【分析】： 根据多用电表内部结构及电流表的使用方法可得出对应的接法；根据多用电表的读数方法可得出电流表内阻；由闭合电路欧姆定律及多用电表的使用可以求出电源的电动势【解析】： 解：由于欧姆表内部有电源，且电源的正极与红表笔相连，为了防止电流表反偏，红表笔应接电流表的负极；以保证电流表“红进黑出”，从而使电流表正常偏转；档位选择10；故读数为：15.010=150；由图可知，多用电表指针指在中间位置，故说明此时多用电表里的电流恰好达到满偏刻度的一半，则由外电阻应相等，故总电阻R总=2150=300；则可求得E=300I；因内阻包含电源的内阻及内部电阻；故不能求出电源内阻，故答案为：负；150；（4

15、）E=300I【点评】： 本题考查多用电表的使用及内部结构和原理，要注意掌握应用闭合电路欧姆定律进行分析计算的方法，并正确掌握多用电表的使用方法8（15分）（xx重庆模拟）光滑平行金属轨道如图所示，斜轨与水平轨道在bb处平滑连接（图中未画出），水平轨道处于竖直向上的匀强磁场中，de、de间宽度是bc、bc间宽度的2倍，质量、电阻均 相同的金属棒P、Q分别放置于轨道ab、ab和de、de段，P棒位于距水平轨道高度为h处，从静止开始无初速释放已知金属轨道电阻不计，bc、bc和de、de轨道足够长，重力加速度为g求：（1）P棒刚滑到bb位置时速度大小v；（2）P、Q的最终最大速度大小【考点】： 动量

16、守恒定律；机械能守恒定律；导体切割磁感线时的感应电动势【专题】： 动量定理应用专题【分析】： 根据机械能守恒定律解出金属棒刚刚到达磁场时的速度，然后P棒开始减速，Q棒开始加速，P、Q两棒产生的电动势方向相反，导致总电动势减小，但是总电动势还是逆时针方向，所以Q继续加速，P继续减速，直到P、Q产生的电动势大小相等，相互抵消，此时电流为零，两棒不在受安培力，均做匀速直线运动【解析】： 解：（1）设金属棒的质量为m，P棒刚滑到bb位置过程中，机械能守恒有：mv2=mgh，可解v=（2）由题分析知，最终P、Q均做匀速运动 感应电动势EP=EQ，vP=2vQ设P、Q的最终速度大小分别为vP、vQ，P棒在

17、水平轨道受安培力冲量大小为I，由动量定理得：对P棒有：I=mvPmv 对Q棒有：2I=mvQ0即：2mv=2mvP+mvQ解得：vP=vQ=答：（1）P棒刚滑到bb位置时速度大小v为；（2）P、Q的最终最大速度大小分别为，【点评】： 运用动量守恒定律和机械能守恒定律之前，要判断题目所给的过程是否满足守恒的条件动量守恒的条件是：系统所受的合外力为零，或者是在某一方向上所受的合外力为零，则系统在该方向上动量的分量守恒9（16分）（xx重庆模拟）如图所示，两对相互平行的几何形状完全相同的正对平行金属板a、b与c、d，四板垂直于纸面放置，四板长均为L，相邻两板间的距离也为L，板厚度不计，a与b间与c与

18、d间有相同大小的匀强电场（其它区域无电场），板右侧区域I和左侧区域II 均有垂直于纸面的匀强磁场（图中未画出）现有一质量为m、电量为q的正粒子从a、b 板间左侧中点O沿极板中轴线以初速度v进入平行金属板a、b板间，恰好从a板右侧边缘（不接触）飞出进入磁场区域I，随后恰能从d板右侧边缘（不接触）进入c、d间并从 c、d间左侧中点O沿极板中轴线进入磁场区域，然后刚好回到a、b极板间O点做周期性运动不计粒子重力，试求：（1）匀强电场电场强度大小E；（2）区域II的磁场感应强度大小B；（3）粒子从O经O回到O做周期性运动的周期【考点】： 带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【专题】：

19、 带电粒子在复合场中的运动专题【分析】： （1）粒子在电场中做类平抛运动，将粒子的运动分解，即可求出粒子射出电场时的速度大小，然后结合动能定理即可求出电场强度的大小；（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，画出粒子运动的轨迹，找出粒子运动的半径，结合洛伦兹力提供向心力，即可求出磁感应强度；（3）粒子运动的周期等于粒子分别在电场中与磁场中运动时间的和，结合运动的轨迹，分别求出各段时间即可【解析】： 解：（1）粒子在电场中沿极板的方向做匀速直线运动，设粒子在a、b板间运动时间为t1，t1=；沿电场线的方向：所以：vy=v知粒子恰好从a、b板右侧边缘（不接触）飞出时速度大小为：粒子在电场中运动，电场力做功

20、，得：qEL=m（v）2mv2联立得：E=（2）由题可知，粒子回到O点的速度为v，在极板左侧做匀速圆周运动，由图可知，粒子从O回到O做匀速圆周运动半径R=L，速率为v，则：qvB=得：B=（3）画出粒子运动的轨迹如图：设粒子在板右侧区域运动时间为t2，在c、d板间运动时间为t3，在板左侧区域运动时间为t4，由运动对称性知t3=t1粒子从O经O回到O做周期性运动的周期T=2t1+t2+t4粒子射出电场时速度的方向与水平方向之间的夹角：所以：=45所以由图中几何关系可知，粒子在极板右侧运动的半径：=粒子运动的是：t2=粒子在极板的左侧的运动轨迹是半个圆周，所以：t4=粒子从O经O回到O做周期性运动

21、的周期T=（2+）答：（1）匀强电场电场强度大小是；（2）区域II的磁场感应强度大小是；（3）粒子从O经O回到O做周期性运动的周期是（2+）【点评】： 该题考查粒子在电场中与磁场中的运动，按照规范化的步骤，做出粒子运动的轨迹，结合几何关系，找出其中的长度关系与角度关系，即可正确解答10（18分）（xx重庆模拟）如图所示，竖直固定的轨道内有一劲度系数为k的轻质弹簧，弹簧下端固定在水平地面上质量为m的物体可沿轨道上、下运动，物体与轨道间的最大摩擦力和动摩擦力大小都为f=已知弹簧弹性势能EP=kx2，式中k为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量（即弹簧伸长或缩短的长度），弹簧始终处于弹性限度内，重力加速

22、度为g，物体在距离弹簧为H的高度从静止下落试求：（1）物体从静止开始下落到刚与弹簧接触所经历的时间t；（2）物体到达最低位置时，求弹簧的最大形变量x；（3）物体到达最低位置后能否回弹？若不能，请说明理由；若能，请求出从最低位置第一次回弹的高度h【考点】： 功能关系；牛顿第二定律；弹性势能【分析】： （1）小球开始时做匀加速直线运动，由位移公式即可求出下落的时间；（2）小球接触弹簧开始，合力向下，向下做加速度逐渐减小的加速运动，运动到某个位置时，合力为零，加速度为零，速度最大，然后合力方向向上，向下做加速度逐渐增大的减速运动，运动到最低点时，速度为零，根据功能关系即可求出弹簧的最大形变量x（3）

23、根据受力分析判定小球能否回弹由功能关系可求得回弹的高度【解析】： 解：（1）由牛顿第二定律得：mgf=ma，运动学公式H=at2解得：t=2（2）物体从静止开始下落第一次到达最低位置过程，有：（mgf）（H+x）=kx2解得：x=（3）物体下落停止后，回弹条件为kxmg+f 即需要x而x=说明物体能回弹回弹有两种可能性：物体回弹至速度为零时，弹簧仍压缩x，有：kx2=kx2+（mg+f）（xx）解得：x=而x0，即需要满足k当k时，回弹高度h1=xx=当k时，物体将脱离弹簧，设物体能上升到距弹簧自由端h处由能量关系得kx2=（mg+f）（x+h） h2=x+h h2=（H+x）h2=（H+）讨

24、论当k=时，h1=；当k时，h2答：（1）物体从静止开始下落到刚与弹簧接触所经历的时间t为2；（2）物体到达最低位置时，求弹簧的最大形变量x为（3）能回弹；当k时，回弹高度h1=讨论当k=时，h1=；当k时，h2【点评】： 解决本题的关键知道根据合力的大小和方向可知加速度的大小和方向，以及知道加速度与速度同向，速度增加，加速度与速度反向，速度减小三、选做题（两个选修，考生从中选做一题，若两个都做，则按第一计分，其中选择题仅有一个正确选项，请将正确选项的标号填入答题卡上对应的位置）【选修3-3】11（6分）（xx重庆模拟）下列说法正确的是（） A 温度升高时物体内的每个分子的运动速率一定增大 B

25、 同种物质可能以晶体和非晶体两种不同的形态出现 C 物体吸热内能一定增大 D 不断改进工艺，热机的效率可能达到100%【考点】： 热力学第一定律；温度是分子平均动能的标志；* 晶体和非晶体【分析】： 热现象的微观理论认为，构成物体的各个分子的运动都是无规则的、带有偶然性的，但大量分子的运动却有一定的规律；同种物质可能以晶体和非晶体两种不同的形态出现，如金刚石和石墨；由热力学定义定律U=W+Q求解；热机的效率不可能达到100%【解析】： 解：A、温度是分子的平均动能的标志，是大量分子的运动的规律，温度升高，分子的平均动能增大，分子的平均速率增大，不是每个分子的运动速率一定增大故A错误；B、同种物

26、质可能以晶体和非晶体两种不同的形态出现，故B正确；C、由热力学定义定律得：U=W+Q，吸收热量Q0，对外做功W0，但是不知道W与Q大小关系，所以内能可能改变，可能不变，故C错误；D、根据热力学第二定律，不断改进工艺，热机的效率也不可能达到100%故D错误故选：B【点评】： 该题考查热力学第一定律、热力学第二定律、温度的微观意义等，考查内容较广，每个知识点都可能作为考查的内容，但难度不大，故应全面把握，多加积累12（6分）（xx重庆模拟）如图所示，开口向下竖直放置的玻璃管中用高度h=5cm的汞柱密封了长l1=16cm的空气柱现将玻璃管缓慢旋转180（汞不溢出）至开口向上竖直放置，求此状态下气柱长

27、l2（设大气压p0=75cm汞柱不变，环境温度不变）【考点】： 理想气体的状态方程【专题】： 理想气体状态方程专题【分析】： 整个过程中气体的温度不变，根据气体的初末状态的压强和体积的状态参量，由玻意耳定律列式计算即可【解析】： 解：密闭气体发生等温变化，设玻璃管内横截面积为s初态：V1=sl1 p1=70cm汞柱末态：V2=sl2 p2=80cm汞柱由p1 V1=p2 V2，解得：l2=14cm答：空气柱的长度为14cm【点评】： 以封闭的气体为研究对象，找出气体变化前后的状态参量，利用气体的状态方程计算即可【选修3-4】13（xx重庆模拟）如图所示为等腰棱镜，真空中a、b两束单色光与棱镜轴

28、线OO等距，两束光折射后相交于图中的P点以下判断正确的是（） A 在真空中的光速vavb B 该棱镜对光的折射率nanb C 通过棱镜的时间tatb D a、b两束光从同一介质射入真空过程中，发生全反射的临界角ab【考点】： 光的折射定律【专题】： 光的折射专题【分析】： 通过光线的偏折程度，比较a、b两束光的折射率大小，在真空中，不同的色光传播的速度相同，根据n=比较两束光在棱镜中传播的速度，从而比较传播的时间根据sinC=比较临界角的大小【解析】： 解：A、在真空中，不同的色光传播的速度都相同，va=vb故A错误B、两束光折射后相交于图中的P点，可知b光偏折厉害，则a光的折射率小于b光的折

29、射率，所以nanb，故B错误C、a光的折射率小于b光的折射率，根据v=知，a光在棱镜中传播的速度大于b光的传播速度，a光在棱镜中传播的距离较小，则a光通过棱镜的时间小于b光通过棱镜的时间即tatb故C错误D、根据sinC=，可知a光发生全反射的临界角大于b光发生全反射的临界角，即ab故D正确故选：D【点评】： 解决本题的突破口通过光线的偏折程度比较出折射率的大小，从而可以比较出频率、波长、在介质中的速度、临界角等大小关系14（xx重庆模拟）一列简谐波沿x轴正方向传播，频率为10Hz，t=0时刻的波形如图所示，介质中质点A的平衡位置在xA=8cm处，质点B的平衡位置在xB=16cm处试求：当质点

30、A的状态与图示时刻质点B的运动状态相同时所需的最短时间t【考点】： 横波的图象；波长、频率和波速的关系【专题】： 振动图像与波动图像专题【分析】： 从波形图得到波长，求解出波速；当质点A的状态与图示时刻质点B的运动状态相同所需的最短时间即为波形向右平移xAB的时间【解析】： 解：由图象知，该简谐横波的周期 T=0.1s 波长=20cm当波形向右平移xAB时，质点A的状态与图示时刻质点B的运动状态相同，且所需要时间最短所需的最短时间 t= T=0.1=0.06s答：当质点A的状态与图示时刻质点B的运动状态相同时所需的最短时间t为0.06s【点评】： 本题要能够根据波形图得到波长，灵活运用波形平移法，确定质点振动状态的关系