新课标同步导学高一物理练习同步（23份）：4本章高效整合（人教版必修1）

111一、选择题1有关惯性大小的下列叙述中，正确的是()A物体跟接触面间的摩擦力越小，其惯性就越大B物体所受的合力越大，其惯性就越大C物体的质量越大，其惯性就越大D物体的速度越大，其惯性就越大解析：物体的惯性只由物体的质量决定，和物体受力情况、速度大小无关，故A、B、D错误，C正确答案：C2.(2011抚顺六校联考)如右图所示，A、B两物体叠放在一起，用手托住，让它们静止靠在墙边，然后释放，使它们同时沿竖直墙面下滑，已知mA>mB，则物体B()A只受一个重力B受到重力、摩擦力各一个C受到重力、弹力、摩擦力各一个D受到重力、摩擦力各一个，弹力两个解析：物体A、B将一起做自由落体运动，所以A、B之间无相互作用力，物体B与墙面有接触而无挤压，所以与墙面无弹力，当然也没有摩擦力，所以物体B只受重力，选A.答案：A3下列说法正确的是()A游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于失重状态B蹦床运动员在空中上升和下落过程中都处于失重状态C举重运动员在举起杠铃后不动的那段时间内处于超重状态D体操运动员双手握住单杠吊在空中不动时处于失重状态解析：由超重、失重和完全失重的概念可知，在加速度向下时处于失重状态在加速度向上时处于超重状态，故正确答案为B.答案：B4(2011广州联考)用一根轻质弹簧竖直悬挂一小球，小球和弹簧的受力如图所示，下列说法正确的是()AF1的施力物体是弹簧BF2的反作用力是F3CF3的施力物体是小球DF4的反作用力是F1解析：F1的施力物体是地球，所以A错误；F3的施力物体是小球，C正确；根据牛顿第三定律可知F2的反作用力是F3，B正确；F4的反作用力是弹簧对天花板的拉力，D错误答案：BC5如右图所示，重10 N的物体以速度v在粗糙的水平面上向左运动，物体与桌面间的动摩擦因数为0.1，现给物体施加水平向右的拉力F，其大小为20 N，则物体受到的摩擦力和加速度大小分别为(取g10 m/s2)()A1 N,20 m/s2B0,21 m/s2C1 N,21 m/s2 D条件不足，无法计算解析：物体受到的滑动摩擦力FfFNmg0.110 N1 N，水平方向上的合外力为FFfma，则a m/s221 m/s2.答案：C6.如图所示，质量为m的物体在粗糙斜面上以加速度a加速下滑，现加一个竖直向下的力F作用在物体上，则施加恒力F后物体的加速度将()A增大 B减小C不变 D无法判断解析：施加力F前，mgsin mgcos ma施加力F后，(mgF)sin (mgF)cos ma得<1，故a>a.答案：A7如下图所示，在光滑的水平面上，质量分别为m1和m2的木块A和B之间用轻弹簧相连，在拉力F作用下，以加速度a做匀加速直线运动，某时刻突然撤去拉力F，此瞬时A和B的加速度为a1和a2，则()Aa1a20Ba1a，a20Ca1a，a2aDa1a，a2a解析：两物体在光滑的水平面上一起以加速度a向右匀加速运动时，弹簧的弹力F弹m1a.在力F撤去的瞬间，弹簧的弹力来不及改变，大小仍为m1a，因此对A来讲，加速度此时仍为a；对B物体取向右为正方向，m1am2a2，a2a，所以只有D项正确答案：D8.汶川大地震后，为解决灾区群众的生活问题，党和国家派出大量直升机空投救灾物资有一直升机悬停在空中向地面投放装有物资的箱子，如右图所示设投放初速度为零，箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，且运动过程中箱子始终保持图示姿态在箱子下落过程中，下列说法正确的是()A箱内物体对箱子底部始终没有压力B箱子刚投下时，箱内物体受到的支持力最大C箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大D若下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来”解析：因为下落速度不断增大，而阻力Ffv2，所以阻力逐渐增大，当Ffmg时，物体开始匀速下落以箱和物体为整体：(Mm)gFf(Mm)a，Ff增大则加速度a减小对物体：MgFNma，加速度减小，则支持力FN增大所以物体后来受到的支持力比开始时要增大，但不可能“飘起来”答案：C9质量为1 kg，初速度v010 m/s的物体，受到一个与初速度v0方向相反，大小为3 N的外力F的作用，沿粗糙的水平面滑动，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，经3 s后撤去外力直到物体停下来，物体滑行的总位移为(取g10 m/s2)()A7.5 m B9.25 mC9.5 m D10 m解析：刚开始物体受合外力Fmgma，代入数据，解得a5 m/s2，由于a与v0方向相反，所以由v0at得到t2 s后物体速度为零，位移xt10 m；接下来反向匀加速运动1 s，加速度a1，代入数据解得a11 m/s2，位移x1a1t20.5 m，方向与x相反v1a1t111 m/s1 m/s，接下来做加速度a2g2 m/s2的匀减速运动，所以x20.25 m，所以总位移为xx1x29.25 m.答案：B10在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如下图所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计算出(1)当M与m的大小关系满足_时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力(2)一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据为了比较容易地观测加速度a与质量M的关系，应该做a与_的图象(3)乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a图线如右图所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？解析：(1)只有M与m满足Mm才能使绳对小车的拉力近似等于盘及盘中砝码的重力(2)由于a，所以a图象应是一条过原点的直线，所以数据处理时，常作出a与的图象(3)两小车及车上的砝码的总质量相等时，由图象知乙的加速度大，故乙的拉力F大(或乙中盘及盘中砝码的质量大)答案：(1)Mm(2)(3)拉力不同11.如右图所示，一儿童玩具静止在水平地面上，一个幼儿用与水平面成53角的恒力拉着它沿水平面做直线运动，已知拉力F3.0 N，玩具的质量m0.5 kg，经时间t2.0 s，玩具移动了x4 m，这时幼儿松开手，问玩具还能运动多远？(取g10 m/s2，sin 530.8，cos 530.6)解析：一阶段xat2所以a2 m/s2Fcos 53(mgFsin 53)ma所以vat4 m/s二阶段Ffmgmgmav22ax解以上两式并代入数据得：x2.6 m.答案：2.6 m12.(2010安徽理综)质量为2 kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的vt图象如右图所示g取10 m/s2，求：(1)物体与水平面间的动摩擦因数；(2)水平推力F的大小；(3)010 s内物体运动位移的大小解析：(1)设物体做匀减速直线运动的时间为t2、初速度为v20、末速度为v2t、加速度为a2，则a22 m/s2设物体所受的摩擦力为Ff，根据牛顿第二定律，有Ffma2Ffmg联立得0.2.(2)设物体做匀加速直线运动的时间为t1、初速度为v10、末速度为v1t、加速度为a1，则a11 m/s2根据牛顿第二定律，有FFfma1联立得Fmgma16 N.(3)解法一由匀变速直线运动位移公式，得xx1x2v10t1a1tv20t2a2t46 m解法二根据vt图象围成的面积，得x46 m答案：(1)0.2(2)6 N(3)46 m一、选择题1关于超重、失重，下列说法中正确的是()A超重就是物体的重力增加了B失重就是物体的重力减小了C完全失重就是物体的重力消失了D不论超重、失重，物体的重力不变答案：D2.(2011西安高一检测)如右图球A在斜面上，被竖直挡板挡住而处于静止状态，关于球A所受的弹力，以下说法正确的是()AA物体仅受一个弹力作用，弹力的方向垂直斜面向上BA物体受两个弹力作用，一个水平向左，一个垂直斜面向下CA物体受两个弹力作用，一个水平向右，一个垂直斜面向上DA物体受三个弹力作用，一个水平向右，一个垂直斜面向上，一个竖直向下解析：球A受重力竖直向下，与竖直挡板和斜面都有挤压斜面给它一个支持力，垂直斜面向上；挡板给它一个支持力，水平向右，故选项C正确答案：C3一根细绳能承受的最大拉力是G，现把一重为 G的物体系在绳的中点，分别握住绳的两端，先并拢，然后缓慢地左右对称地分开，若要求绳不断，则两绳间的夹角不能超过()A45B60C120 D135解析：由于细绳是对称分开的，因而两绳的拉力相等，为保证物体静止不动，两绳拉力的合力大小等于G，随着两绳夹角的增大，两绳中的拉力增大，当两绳的夹角为120时，绳中拉力刚好等于G.故C正确，A、B、D错误答案：C4某实验小组，利用DIS系统观察超重和失重现象，他们在电梯内做实验，在电梯的地板上放置一个压力传感器，在传感器上放一个重为20 N的物块，如图甲所示，实验中计算机显示出传感器所受物块的压力大小随时间变化的关系，如图乙所示以下根据图象分析得出的结论中正确的是()A从时刻t1到t2，物块处于失重状态B从时刻t3到t4，物块处于失重状态C电梯可能开始停在低楼层，先加速向上，接着匀速向上，再减速向上，最后停在高楼层D电梯可能开始停在高楼层，先加速向下，接着匀速向下，再减速向下，最后停在低楼层解析：由图可知在0t1、t2t3及t4之后，传感器所受压力大小等于物块的重力大小；t1t2时间段内，传感器所受压力大小大于物块重力，处于超重状态，加速度向上；t3t4时间段内，压力小于物块重力，处于失重状态，加速度向下综上所述选项B、C正确答案：BC5一辆汽车正在做匀加速直线运动，计时之初，速度为6 m/s，运动28 m后速度增加到8 m/s，则()A这段运动所用时间是4 sB这段运动的加速度是3.5 m/s2C自开始计时起，两秒末的速度是7 m/sD从开始计时起，经过14 m处的速度是5 m/s解析：由v2v2ax得a m/s20.5 m/s2.再由vv0at得运动时间t s4 s ，故A对，B错两秒末速度v2v0at26 m/s0.52 m/s7 m/s，C对经14 m处速度为v，则v2v2ax，得v m/s5 m/s，即D亦对答案：ACD 6.如右图所示，5个质量相同的木块并排放在水平地面上，它们与地面间的动摩擦因数均相同，当用力F推第一块使它们共同加速运动时，下列说法中不正确的是()A由右向左，两块木块之间的相互作用力依次变小B由右向左，两块木块之间的相互作用力依次变大C第2块与第3块木块之间弹力大小为0.6FD第3块与第4块木块之间弹力大小为0.6F解析：取整体为研究对象，由牛顿第二定律得F5mg5ma.再选取1、2两块为研究对象，由牛顿第二定律得F2mgFN2ma.两式联立得FN0.6F.进一步分析可得从左向右，木块间的相互作用力是依次变小的答案：AD7物块静止在固定的斜面上，分别按图示的方向对物块施加大小相等的力F，A中F垂直于斜面向上，B中F垂直于斜面向下，C中F竖直向上，D中F竖直向下，施力后物块仍然静止，则物块所受的静摩擦力增大的是 ()解析：由于物块始终静止在斜面上，物块所受静摩擦力与正压力无直接关系，对物体进行受力分析，沿斜面方向列平衡方程可判断出选项D正确答案：D8.如右图所示，小车M在恒力F作用下，沿水平地面做直线运动，由此可判断()若地面光滑，则小车可能受三个力作用若地面粗糙，则小车可能受三个力作用若小车做匀速运动，则小车一定受四个力作用若小车做加速运动，则小车可能受三个力作用A BC D解析：若小车匀速运动，则小车受合力为零；若小车做变速运动，则小车受合力不为零作出如图所示的受力分析图若地面光滑，则图中Ff不存在；若地面粗糙，存在FN必存在Ff，反之存在Ff必存在FN；做匀速运动时受力分析即为右图所示：若地面光滑，受三个力；若地面粗糙，受四个力综上所述，选项C正确答案：C9.如右图所示是某物体运动全过程的速度时间图象以a1和a2表示物体在加速过程和减速过程中的加速度，以x表示物体运动的总位移，则x、a1和a2的值为()A30 m,1.5 m/s2，1 m/s2B60 m,3 m/s2，2 m/s2C15 m,0.75 m/s2，0.5 m/s2D100 m,5 m/s2，3 m/s2解析：总位移x m30 m加速时a1 m/s21.5 m/s2，减速时a2 m/s21 m/s2.答案：A10BRT是“快速公交”的英文简称，现在我国一些城市已经陆续开通，其中BRT专车车身长将采用12米和18米相结合的方式，是现有公交车长度的23倍现有一辆BRT公交车车长18米，可以看做是由两节完全相同的车厢组成现假设BRT公交车其首段从站台的A点出发到尾端完全出站都在做匀加速直线运动，站在站台上A点一侧的观察者，测得第一节车厢全部通过A点所需要的时间为t1，那么第二节车厢全部通过A点需要的时间是()A.t1 B(1)t1C(1)t1 D()t1解析：以公交车为参考系，等效为观察者从A点反方向做匀加速直线运动，设每节车厢长为L，观察者通过第一节车厢的过程有Lat，通过前两节车厢的过程有2Lat2，那么通过第二节车厢所需时间为t2tt1，以上各式联立可得t2(1)t1，B正确答案：B二、非选择题11.如右图所示，一长木板斜搁在高度一定的平台和水平地面上，其顶端与平台相平，末端置于地面的P处，并与地面平滑连接将一可看成质点的滑块自木板顶端无初速释放，沿木板下滑，接着在地面上滑动，最终停在Q处滑块和木板及地面之间的动摩擦因数相同现将木板截短一半，仍按上述方式搁在该平台和水平地面上，再次将滑块自木板顶端无初速释放，设滑块在木板和地面接触处下滑过渡，则滑块最终将停在何处？解析：设平台离地面的高度为h，木板与地面的夹角为，APx，PQx，利用牛顿第二定律及运动学公式得：v22(hggx)，在水平地面上，v22gx，即2(hggx)2gx，得xx，即xx是确定值，与木板的长度无关，滑块最终将停在Q处答案：滑块最终将停在Q处12如图(a)所示，质量为M10 kg的滑块放在水平地面上，滑块上固定一个轻细杆ABC，ABC45.在A端固定一个质量为m2 kg的小球，滑块与地面间的动摩擦因数为0.5.现对滑块施加一个水平向右的推力F184 N，使滑块做匀加速运动求此时轻杆对小球作用力F2的大小和方向(取g10 m/s2)有位同学是这样解的小球受到重力及杆的作用F2，因为是轻杆，所以F2方向沿杆向上，受力情况如图(b)所示根据所画的平行四边形，可以求得：F2mg210 N20 N.你认为上述解答是否正确？如果不正确，请说明理由，并给出正确的解答解析：解答不正确杆AB对球的作用力方向不一定沿着杆的方向，其具体的大小和方向由实际的加速度a来决定并随着加速度a的变化而变化由牛顿第二定律，对整体有F1(Mm)g(Mm)a解得a m/s2 m/s2对小球有F2 N4 N20.4 N轻杆对小球的作用力F2与水平方向的夹角arctan arctan 5，斜向右上方111