2019高考物理一轮复习 优编选题（11）（含解析）新人教版.doc

2019高考物理（人教版）一轮优编选题（11）含李仕才1、.(x-t图线和v-t图线)如图甲、乙所示为某物体在0t1时间内运动的x-t图线和v-t图线,由图可知,在0t1时间内()A.物体做的是曲线运动B.物体做加速度越来越小的运动C.图甲中时刻,图线的斜率为D.x1-x0>t1答案C解析由题中所给的x-t和v-t图象易知物体做直线运动,选项A错误。根据速度图象的斜率表示加速度,可知物体做匀减速直线运动,选项B错误。根据题图乙可知,在时刻,物体的速度为,而位移图象的斜率表示速度,由此可知,题图甲中时刻,图线的斜率为,选项C正确。根据题图甲可知物体是从坐标x0位置出发沿x轴运动,t1时刻运动到x1位置,位移为x=x1-x0,根据速度图象的面积表示位移,可知位移x=,即x1-x0=,选项D错误。2、(2018河北衡水中学一调)如图所示,a、b、c三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球A、B保持静止,细绳a是水平的,现对B球施加一个水平方向的力F,将B缓缓拉到图中虚线位置,A球保持不动,这时三根细绳张力Fa、Fb、Fc的变化情况是()A.都变大B.都不变C.Fb不变,Fa、Fc变大D.Fa、Fb不变,Fc变大答案C解析以B为研究对象受力分析,将重力分解,由分解法作图如图,由图可以看出,当将B缓缓拉到图中虚线位置过程,绳子与竖直方向夹角变大,绳子的拉力大小对应图中1、2、3三个位置大小所示,即Fc逐渐变大,F逐渐变大;再以AB整体为研究对象受力分析,设b绳与水平方向夹角为,则竖直方向有Fbsin =2mg得Fb=,不变;水平方向:Fa=Fbcos +F,Fbcos 不变,而F逐渐变大,故Fa逐渐变大。3、(临界极值问题)一长轻质木板置于光滑水平地面上,木板上放质量分别为mA=1 kg和mB=2 kg的A、B两物块,A、B与木板之间的动摩擦因数都为=0.2(最大静摩擦力等于滑动摩擦力)。水平恒力F作用在A物块上,如图所示(重力加速度g取10 m/s2),则()A.若F=1 N,则物块、木板都静止不动B.若F=1.5 N,则A物块所受摩擦力大小为1.5 NC.若F=4 N,则B物块所受摩擦力大小为4 ND.若F=8 N,则B物块的加速度为1.0 m/s2答案D解析A物块与板间的最大静摩擦力为2 N,当F<2 N时,A物块没有与木板发生相对滑动,A、B与板整体向左加速,选项A错误;若F=1.5 N,对A、B及轻质木板整体有a=0.5 m/s2,对A物块分析有F-Ff=mAa,解得Ff=1 N,选项B错误;若F=4 N,则A物块与板发生相对滑动,B与板的最大静摩擦力为4 N,板对B物块的静摩擦力为2 N,选项C错误;若F=8 N,板对B物块的静摩擦力仍为2 N,根据a=可得a=1 m/s2,选项D正确。4、(多选)(临界问题)(2017湖南怀化一模)如图所示,粗糙水平圆盘上,质量相等的A、B两物块叠放在一起,随圆盘一起做匀速圆周运动,则下列说法正确的是()A.B的向心力是A的向心力的2倍B.盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍C.A、B都有沿半径向外滑动的趋势D.若B先滑动,则B对A的动摩擦因数A小于盘对B的动摩擦因数B答案BC解析根据Fn=mr2,因为两物块的角速度大小相等,转动半径相等,质量相等,则向心力相等,故A错误;对AB整体分析,FfB=2mr2,对A分析,有FfA=mr2,所以盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍,故B正确;A所受的静摩擦力方向指向圆心,可知A有沿半径向外滑动的趋势,B受到盘的静摩擦力方向指向圆心,有沿半径向外滑动的趋势,故C正确;对AB整体分析,B2mg=2mr,解得B=,对A分析,Amg=mr,解得A=,因为B先滑动,所以B先达到临界角速度,可知B的临界角速度较小,即B<A,故D错误。5、(变力做功)(2017山西怀仁县月考)如图所示,某力F=10 N作用于半径R=1 m 的转盘的边缘上,力F的大小保持不变,但方向始终保持与作用点的切线方向一致,则转动一周这个力F做的总功应为()A.0 JB.20 JC.10 JD.20 J答案B解析把圆周分成无限个小元段,每个小元段可认为与力在同一直线上,故W=Fs,则转一周中各个小元段做功的代数和为W=F2R=102 J=20 J,故B正确。6、(多选)(动力学方法和能量观点的综合应用)(2018河南洛阳市期中)如图所示,水平传送带的长度AC=L,以速度v保持匀速运动,把质量为m的货物无初速地放到A点,当货物运动到C点时速度恰为v。货物与皮带间的动摩擦因数为,B点为AC的中点,则货物从A点到C点的过程中() A.货物运动到B点时的速度为B.货物从A运动到C点时的时间为C.货物的动能增加了mgLD.摩擦力对货物做功的平均功率为mgv答案CD解析货物从A到C过程中在滑动摩擦力作用下做匀加速直线运动,加速度为a=g,v2=2aL,A到B过程中,=2a,货物运动到B点时的速度为vB=,故A错误;由s=t=,货物从A运动到C点时的时间t=,故B错误;由动能定理得mgL=mv2;货物的动能增加了mgL,故C正确;摩擦力对货物做功的平均功率为P=mgv,故D正确。7、(人船模型)(2017云南昆明三中检测) 一装有柴油的船静止于水面上,船前舱进水,堵住漏洞后用一水泵把前舱中的水抽往后舱,如图所示。不计水的阻力,船的运动情况是()A.向后运动B.向前运动C.静止D.无法判断答案B解析虽然抽水的过程属于船与水的内力作用,但水的质量发生了转移,从前舱转移到了后舱,相当于人从船的一头走到另一头的过程。故B正确。8、(平行板电容器的动态分析)(2017湖南永州一模)如图所示,平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接,电容器下极板接地。一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于静止状态,现将平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离,下列说法正确的是()A.带电油滴将竖直向上运动B.P点的电势将降低C.电容器的电容增大,极板带电荷量不变D.电容器的电容增大,极板带电荷量减小答案A解析将上极板竖直向下移动时,d减小,电容器两端的电压U不变,由E=分析得知,板间电场强度增大,则油滴所受电场力增大,油滴将竖直向上运动,故A正确;P点到下极板的距离不变,而E增大,由U=Ed知,P点与下极板间电势差增大,P点的电势大于零,则P点的电势升高,故B错误;d减小,由C=知,电容C增大,U不变,由C=分析可知电容器所带电荷量增加,故C、D错误。9、(带电粒子在交变电场中的运动)(2017甘肃兰州七里河区期中)将如图所示的交流电压加在平行板电容器A、B两板上,开始B板电势比A板电势高,这时有一个原来静止的电子正处在两板的中间,它在电场力作用下开始运动,设A、B两极板间的距离足够大,下列说法正确的是()A.电子一直向着A板运动B.电子一直向着B板运动C.电子先向A板运动,然后返回向B板运动,之后在A、B两板间做周期性往复运动D.电子先向B板运动,然后返回向A板运动,之后在A、B两板间做周期性往复运动答案D解析根据交流电压的变化规律,作出电子的加速度a、速度v随时间变化的图线,如图甲、乙。从图中可知,电子在第一个内做匀加速直线运动,第二个内做匀减速直线运动,在这半周期内,因初始B板电势比A板电势高,所以电子向B板运动,加速度大小为。在第三个内电子做匀加速直线运动,第四个内做匀减速直线运动,但在这半周期内运动方向与前半周期相反,向A板运动,加速度大小为。所以电子在交变电场中将以t=时刻所在位置为平衡位置做周期性往复运动,综上分析选项D正确。10、(带电粒子在叠加场中的运动)(2017广东湛江一中月考)如图所示,一带电液滴在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中刚好做匀速圆周运动,其轨道半径为r。已知电场的电场强度为E,方向竖直向下;磁场的磁感应强度为B,方向垂直纸面向里,不计空气阻力,重力加速度取g,则()A.液滴带正电B.液滴比荷C.液滴顺时针运动D.液滴运动的速度大小v=答案C解析液滴在重力场、匀强电场和匀强磁场组成的复合场中做匀速圆周运动,可知,液滴受到的重力和电场力是一对平衡力,重力竖直向下,所以电场力竖直向上,与电场方向相反,故可知液滴带负电,故A错误;由液滴做匀速圆周运动,得知电场力和重力大小相等,得mg=qE,解得,故B错误;磁场方向垂直纸面向里,洛伦兹力的方向始终指向圆心,由左手定则可判断液滴的运动方向为顺时针,故C正确;液滴在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动的半径为r=,联立各式得v=,故D错误。11、(多选)(电磁感应中的电路问题)(2017山东潍坊统考)在如图甲所示的电路中,电阻R1=R2=2R,圆形金属线圈半径为r1,线圈导线的电阻为R,半径为r2(r2<r1)的圆形区域内存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场,磁感应强度B随时间t变化的关系图线如图乙所示,图线与横、纵轴的交点坐标分别为t0和B0,其余导线的电阻不计。闭合S,至t1时刻,电路中的电流已稳定,下列说法正确的是()A.电容器上极板带正电B.电容器下极板带正电C.线圈两端的电压为D.线圈两端的电压为答案BD解析由楞次定律知圆形金属线圈内的感应电流方向为顺时针方向,金属线圈相当于电源,电源内部的电流从负极流向正极,则电容器的下极板带正电,上极板带负电,A错,B对。由法拉第电磁感应定律知感应电动势为E=S=,由闭合电路欧姆定律得感应电流为I=,所以线圈两端的电压U=I(R1+R2)=,C错,D对。12、(多选)(理想变压器原、副线圈关系的应用)(2017山西晋城期末)图甲所示的变压器原、副线圈匝数比为31,图乙是该变压器cd输入端交流电压u的图象,L1、L2、L3、L4为四只规格均为“9 V6 W”的相同灯泡,各电表均为理想交流电表,以下说法不正确的是()甲乙A.ab输入端电压的瞬时值表达式为Uab=27sin 100t(V)B.电流表的示数为2 A,且四只灯泡均能正常发光C.流过灯L2的电流每秒方向改变50次D.ab输入端输入功率Pab=18 W答案ACD解析变压器副线圈两端的电压U2=9 V,副线圈中的三只灯泡均正常发光,副线圈中的电流I2=3=2 A,原线圈中的电流为I1,解得I1= A,灯L4正常发光,电压为9 V,ab输入端电压的瞬时值表达式Uab=36sin 100t(V),A错误,B正确;交变电流的频率为50 Hz,所以流过每只灯泡的电流每秒方向改变100次,C错误;ab输入端输入功率P=UabI1=36W=24 W,D错误。13、(多选)(核力与核能)关于原子核的结合能,下列说法正确的是()A.原子核的结合能等于使其完全分开成自由核子所需的最小能量B.一重原子核衰变成粒子和另一原子核,衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能C.铯原子核Cs)的结合能小于铅原子核Pb)的结合能D.比结合能越大,原子核越不稳定答案ABC解析原子核分开成自由核子时,需要的最小能量就是原子核的结合能,选项A正确;重核衰变时释放能量,衰变产物更稳定,即衰变产物的比结合能更大,衰变前后核子数不变,所以衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能,选项B正确;铯核的核子数比铅核的核子数少,其结合能也小,选项C正确;比结合能越大,原子核越稳定,选项D错误。