高考生物大一轮复习 第五单元 遗传的基本规律15课件 新人教版.ppt

第15讲 基因的自由组合定律,考纲要求 基因的自由组合定律(),教材导学 一、两对相对性状的杂交实验,二、对自由组合现象的解释和验证 理论解释 1.假说 (1)F1在形成配子时，_彼此分离，_自由组合。 (2)F1产生雌雄配子各_种类型，且数量_。 (3)受精时，雌雄配子的结合是_的，结合方式有_种，遗传因子的组合形式有_种，性状表现为_种。,2.图解,实验验证 实验：F1×_YyRr Yyrr yyRr yyrr 1黄圆1黄皱1绿圆1绿皱 结论：F1形成配子时，不同对的遗传因子自由组合,三、自由组合定律 自由组合定律的内容：控制不同性状的_的分离和组合是互不干扰的；在形成_时，决定同一性状的_彼此分离，决定不同性状的_自由组合。,四、孟德尔实验方法的启示和遗传规律的再发现 1.实验方法启示 孟德尔获得成功的原因：正确选材(豌豆)；对相对性状遗传的研究，从_对到_对；对实验结果进行_的分析；运用_法(包括“提出问题提出假说演绎推理实验检验得出结论”五个基本环节)这一科学方法。,2.遗传规律再发现 (1)1909年，丹麦生物学家约翰逊把“遗传因子”叫做_。 (2)因为孟德尔的杰出贡献，他被公认为“遗传学之父”。,自我校对 一、黄圆 9黄圆 1绿皱 自由组合 9331 黄皱和绿圆 6/16 (3/8) 二、1.(1)每对遗传因子 不同对的遗传因子 (2)4 相等 (3)随机 16 9 4 实验验证：yyrr 三、遗传因子 配子 成对的遗传因子 不同对的遗传因子 四、1.一 多 统计学 假说演绎 2.(1)基因,基础自测 判断正误 (1)F1产生配子时，成对的基因彼此分离并自由组合。( ) (2)孟德尔的豌豆杂交实验(二)中，F1产生的雌雄配子的结合是随机的，结合方式有16种。 ( ) (3)孟德尔的豌豆杂交实验(二)中，F2的基因型有9种，比例为422221111。 ( ) (4)杂种F1(YyRr)产生4个配子，比例为1111。( ),(5)随等位基因的分离，非等位基因也一定自由组合。( ) (6)基因自由组合指的是受精作用过程中，雌、雄配子的随机结合。 ( ) (7)假定五对等位基因自由组合，则杂交组合AaBBCcDDEe×AaBbCCddEe产生的子代中，有一对等位基因杂合、四对等位基因纯合的个体所占比率是1/32。( ) (8)F1黄色圆粒豌豆(YyRr)产生基因型YR的卵细胞和基因型YR的精子数量之比为11。 ( ),(9)基因A、a和基因B、b分别位于不同对的同源染色体上，一个亲本与aabb测交，子代基因型为AaBb和Aabb，分离比为11，则这个亲本基因型为AABb。 ( ) (10)南瓜的扁盘形、圆形、长圆形三种瓜形由两对等位基因控制(A、a和B、b)，这两对基因独立遗传。现将2株圆形南瓜植株进行杂交，F1收获的全是扁盘形南瓜；F1自交，F2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜。据此判断，亲代圆形南瓜植株的基因型分别是aaBB和Aabb。 ( ),【答案】 (1)× (2) (3) (4)× (5)× (6)× (7)× (8)× (9) (10)×,考点突破 考点一 孟德尔遗传定律、实质及其适用条件 1.基因自由组合定律实质与减数分裂(细胞学基础),理解自由组合定律的实质要注意三点： (1)同时性：同源染色体上等位基因的分离与非同源染色体上非等位基因的自由组合同时进行。 (2)独立性：同源染色体上等位基因间的相互分离与非同源染色体上非等位基因的自由组合，互不干扰，各自独立地分配到配子中去。 (3)普遍性：自由组合定律广泛适用于进行有性生殖的生物。基因重新组合会产生极其多样基因型的后代，这也是现在世界上的生物种类具有多样性的重要原因。,2.基因自由组合定律的适用条件 (1)适用于两对或两对以上相对性状的遗传，并且非等位基因均位于不同对的同源染色体上。 (2)非同源染色体上的非等位基因自由组合，发生在减数第一次分裂过程中，因此只有进行有性生殖的生物，才能出现基因的自由组合。 (3)按遗传基本定律遗传的基因，均位于细胞核中的染色体上。所以，基因的分离定律和基因的自由组合定律，均是真核生物的细胞核基因的遗传规律。,【例1】 基因的自由组合定律发生于下图中哪个过程( ) A. B. C. D.,【解析】 基因的分离定律和自由组合定律都是在个体通过减数分裂产生配子时起作用，不同于性状的自由组合，也不同于配子的自由组合。 【答案】 A,【例2】 某男性与一正常女性婚配，生育 了一个白化病兼色盲的儿子。右图为此男性的 一个精原细胞示意图(白化病基因a、色盲基因 b)。下列叙述错误的是 ( ) A.此男性的初级精母细胞中含有2个染色体组 B.在形成此精原细胞过程中不可能出现四分体 C.该夫妇所生儿子的色盲基因一定来自于母亲 D.该夫妇再生一个表现型正常男孩的概率是3/8,【解析】 由此男性精原细胞的示意图可知，该男性的基因型为AaXbY，其初级精母细胞中存在同源染色体，含两个染色体组；精原细胞的形成是有丝分裂的结果，因此该过程中不会出现四分体；该男性将其Y染色体遗传给他的儿子，因此这对夫妇所生儿子的色盲基因一定来自其母亲；由这对夫妇所生儿子的表现型可知，母方的基因型为AaXBXb，故这对夫妇再生一个表现型正常男孩(A_XBY)的概率为3/4×1/4= 3/16。 【答案】 D,考点二 对两对相对性状实验的理解 【例3】 具有独立遗传的两对相对性状的纯种杂交(AABB ×aabb)，F1自交得F2，请填写与各问题相符的正确答案。 F2中亲本类型的比例是_。 F2中重组类型的比例是_。 F2中双显性性状的比例是_。,F2中纯合子的比例是_。 F2中重组类型的杂合子比例是_。 F2中AaBb的比例是_。 F2中Aabb的比例是_。,【解析】 基于对F29331的理解，可知F2中亲本类型为9+1份，因此比例为10/16=5/8；重组类型为3+3份；双显性类型为9份；纯合子4份；重组类型中杂合子4份；AaBb4份；Aabb2份。 【答案】 5/8；3/8；9/16；1/4；2/3；1/4；1/8,【例4】 用纯合的黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，F1全是黄色圆粒。F1自交得F2，在F2中杂合的绿色圆粒有4 000个，推测F2中纯合黄色皱粒的个数_。,【解析】 F2中杂合绿色圆粒为2份，即每份2 000个；F2中纯合黄色皱粒为1份，因此为2 000个。 【答案】 2 000,精要点拨 (1)亲本型和重组型： 亲本型指的是F2中与亲本性状相同的个体；重组型指的是F2中相对于亲本重组性状的个体；由于亲代可以有两种情况，即AABB×aabb，或AAbb×aaBB，因此F2中重组型可占到6/16或10/16。,(2)对9331的理解： 9指的是F2中A_B_个体，具体包括4AaBb2AABb 2AaBB1AABB； 3指的是F2中aaB_个体，具体包括2aaBb1aaBB； 3指的是F2中A_bb个体，具体包括2Aabb1AAbb； 1指的是F2中aabb个体 在涉及9331的试题中，可尝试用份数解题。,考点三 运用分离定律解决自由组合问题 【例5】 以下两题的非等位基因位于非同源染色体上，且独立遗传。 (1)AaBbCc自交，求： 亲代产生配子的种类数为_。 子代表现型种类数及重组类型数分别为_。 子代基因型种类数及新基因型种类数分别为_。,(2)AaBbCc×aaBbCC，则后代中： 杂合子的概率为_。 与亲代具有相同基因型的个体概率为_。 与亲代具有相同表现型的个体概率为_。 基因型为AAbbCC的个体概率为_。 表现型与亲代都不同的个体的概率为_。,【解析】 (1)本题集中解决种类问题(注意掌握解题细节及方法)：,所以：AaBbCc产生的配子为2×2×2=8种。,即子代有8种表现型。子代的8种表现型中，只有A_B_C_为亲代表现型，所以新表现型有7种。,子代新基因型种类：27-1(AaBbCc)=26(种)。 (2)本题集中解决概率运算问题，先对三对基因分别分析(注意掌握解题细节及方法)： Aa×aa1Aa1aa1/2Aa1/2aa1/2A_1/2aa,Bb×Bb1BB2Bb1bb1/4BB1/2Bb1/4bb3/4B_1/4bb Cc×CC1CC1Cc1/2CC1/2Cc1C_ 后代中纯合子概率1/2aa×(1/4BB+1/4bb)×1/2CC= 1/8；,杂合子概率为1-1/8=7/8。 后代中AaBbCc概率：1/2×1/2×1/2=1/8， A_B_C_概率：1/2×3/4×1=3/8， 后代中aaBbCC概率：1/2×1/2×1/2=1/8， aaB_C_的概率：1/2×3/4×1=3/8，,因此后代与亲代具有相同基因型的个体概率为1/8+1/8= 1/4；同理，后代中与亲代具有相同表现型的个体概率为3/8+3/8=3/4。 后代中基因型为AAbbCC的个体概率为：0×1/4×1/2= 0。 表现型与亲代都不同的概率为(1-表现型与两亲本相同的概率)1-3/4=1/4。,【答案】 (1)8种 8种、7种 27种、26种 (2)7/8 1/4 3/4 0 1/4,【例6】 小麦的毛颖和光颖是一对相对性状(显、隐性由P、p基因控制)，抗锈和感锈是一对相对性状(由R、r控制)，控制这两对相对性状的基因位于两对同源染色体上。以纯种毛颖感锈(甲)和纯种光颖抗锈(乙)为亲本进行杂交，F1均为毛颖抗锈(丙)。再用F1与丁进行杂交，F2有四种表现型，对每对相对性状的植株数目作出的统计结果如图所示，则丁的基因型是 ( ),A.Pprr B.PPRr C.PpRR D.ppRr,【解析】 具有两对相对性状的亲本杂交，子一代表现为显性性状，基因型为PpRr，其与丁杂交，根据图示可知，抗锈与感锈表现型比为31，则丁控制此性状的基因型为Rr；毛颖与光颖表现型比为11，则丁控制此性状的基因型为pp，因此丁的基因型为ppRr。 【答案】 D,精要点拨 分离定律针对的是一对同源染色体上的一对等位基因的遗传情况；自由组合则针对多对同源染色体上多对等位基因共同遗传情况。由于任何一对同源染色体上的任何一对等位基因的遗传总遵循分离定律，因此，多对等位基因的自由组合现象可分解为若干个分离定律问题，而后将各组情况加以组合。 如AaBb×Aabb，可分解为如下两组：Aa×Aa，Bb×bb。然后，按分离定律进行逐一分析。最后，将获得的结果进行综合，得到正确答案。,考点四 自由组合定律拓展 1.正常情况 测交：AaBb×aabb双显一显一隐一隐一显双隐=1111。,【例7】 已知某种植物紫色和红色色素形成的生物化学途径是：,合成了红色中间产物就开红花，合成了紫色物质就开紫花，否则开白花。A(a)基因和B(b)基因分别位于两对同源染色体上，基因型为AaBb的植株自交，子一代植株的表现型及比例为 ( ) A.紫花红花白花=934 B.紫花白花=11 C.紫花白花=97 D.紫花红花白花=961,【解析】 基因型为AaBb的个体自交，正常情况下后代性状之比为9331，由于aa此时决定植株开白花，所以子一代植株的表现型及比例为紫花红花白花=934。 【答案】 A,【例8】 用两个圆形南瓜做杂交亲本，子一代均为扁盘状南瓜。子一代自交，子二代出现扁盘状、圆形和长形三种南瓜，三者的比例为961，现用一扁盘状南瓜做测交实验，则其子代中扁盘状、圆形和长形三种南瓜的比例不可能为 ( ) A.100 B.110 C.101 D.121,【解析】 根据题意可知，南瓜形状受两对等位基因(假设等位基因为A和a、B和b)控制，其遗传符合基因的自由组合定律，则扁盘状、圆形和长形的基因型分别为A_B_、(A_bb和aaB_)、aabb。扁盘状南瓜的基因型有四种可能：AABB、AABb、AaBB、AaBb，故其测交后代中扁盘状、圆和长形三种南瓜的比例可能为100、110、121。 【答案】 C,【例9】 在西葫芦的皮色遗传中，已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性，但在另一白色显性基因(W)存在时，基因Y和y都不能表达。两对基因独立遗传。现有基因型为WwYy的个体自交，其后代的表现型种类及比例是 ( ) A.4种，9331 B.2种，133 C.3种，1231 D.3种，1033,【解析】 由题干信息“在另一白色显性基因(W)存在时，基因Y和y都不能表达”知，等位基因之间会相互作用，从而导致子代出现异常分离比。由于两对基因独立遗传，所以，基因型为WwYy的个体自交，符合自由组合定律，产生的后代可表示为：9W_Y_：3wwY_：3W_yy：1wwyy，由于W存在时，Y和y都不能表达，所以W_Y_和W_yy个体表现为白色，占12/16；wwY_个体表现为黄色，占3/16；wwyy个体表现为绿色，占1/16。 【答案】 C,【例10】 某种鼠中，皮毛黄色(A)对灰色(a)为显性，短尾(B)对长尾(b)为显性。基因A或b纯合会导致个体在胚胎期死亡。两对基因位于常染色体上，相互间独立遗传。现有一对表现型均为黄色短尾的雌、雄鼠交配，发现子代部分个体在胚胎期死亡。则理论上子代中成活个体的表现型及比例为 ( ) A.均为黄色短尾 B.黄色短尾灰色短尾=21 C.黄色短尾灰色短尾=31 D.黄色短尾灰色短尾黄色长尾灰色长尾=6321,【解析】 根据题干中“基因A或b纯合会导致个体在胚胎期死亡”可知：黄色短尾的雌、雄鼠的基因型都为AaB_；子代中不会出现长尾鼠(bb)。Aa×Aa1/4AA(致死)、1/2Aa(黄色)、1/4aa(灰色)。综合考虑两对性状，则子代中成活个体的表现型及比例为黄色短尾灰色短尾=21。 【答案】 B,【例11】 牡丹的花色种类多种多样，其中白色的是不含花青素，深红色的含花青素最多，花青素含量的多少决定着花瓣颜色的深浅，由两对独立遗传的基因(A和a，B和b)所控制；显性基因A和B可以使花青素含量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。一深红色牡丹同一白色牡丹杂交，得到中等红色的个体。若这些个体自交，其子代将出现花色的种类数和比例分别是_。,【解析】 理解累加效应，显性基因A和B等效且可累加，因此花色深浅取决于显性基因数目，运用9331的份数解题比较方便。 4显：AABB(1份) 3显：AABb、AaBB(2+2份) 2显：AAbb、aaBB、AaBb(1+1+4份) 1显：Aabb、aaBb(2+2份) 0显：aabb(1份) 【答案】 5 14641,精要点拨 (1)明确自由组合定律的两个解题模型，即基于93 31的理解进行份数计算和运用分离定律解决自由组合问题(分数计算)。,(2)自由组合定律拓展中大多可以考虑运用份数计算。判断双杂合子自交后代F2的表现型比例，若表现型比例之和是16，则符合自由组合定律。利用自由组合定律的遗传图解，写出双杂合子自交后代的性状分离比(9331)，根据题意将具有相同表现型的个体进行“合并同类项”，如1231即(9+3)31，12出现的原因是前两种性状表现一致的结果。根据的推断确定F2中各表现型所对应的基因型，推断亲代基因型及子代各表现型个体出现的比例。,考点五 遗传病计算 【例12】 已知某夫妇的子代患甲病和患乙病的概率分别为m、n，两病独立遗传，则该夫妇的子代： (1)只患甲病和只患乙病的概率分别为_。 (2)同时患两种病和只患一种病的概率分别为_。 (3)患病和不患病的概率分别为_。,【答案】 (1)m-mn、n-nm (2)mn m+n-2mn或m(1-n)+n(1-m) (3)m+n-mn或1-(1-m)(1-n) (1-m)(1-n),【例13】 某海岛人群中约3 600人中有一个白化病患者，现在有一个表现型正常，其双亲也正常，其弟是白化病并且为色盲患者的女性，与该岛一个无亲缘关系的正常男性婚配，他们所生男孩同时患两种病的概率为_。,【解析】 由题可知，该女性的基因型为A_aXBX-，与其结婚的男性基因型为AaXBY时，后代才会出现同时患两种病的男孩。根据题意得，aa=1/3 600，则a=1/60，A=59/60，Aa=2×1/60×59/60=59/1 800，AA=59/60×59/60，则正常个体中Aa占(59/1 800)/(59/60×59/60+59/1 800)=2/61；双亲正常，其弟是白化病并且为色盲患者，则该女性的基因型是AaXBXb的几率为2/3×1/2=1/3，与其结婚的正常男性的基因型是AaXBY的几率为2/61，则后代是男孩、患白化病的概率为2/3Aa×2/61Aa2/3×2/61×1/4=1/(12×61)aa，患色盲的概率为1/2XBXb×XBY=1/2×1/2XbY=1/4XbY，则所生男孩同时患两种病的概率为1/(12/61)×1/4=1/732。 【答案】 1/732,(1)若采用花粉形状鉴定法验证基因的分离定律，可选择亲本甲与亲本_杂交。 (2)若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，杂交时选择的亲本是_。将杂交所得F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色，置于显微镜下观察，统计花粉粒的数目，预期花粉粒的类型及比例为_。,(3)利用提供的亲本进行杂交，F2能出现非糯性、抗病、花粉粒圆形植株的亲本组合有_，其中F2表现型为非糯性、抗病、花粉粒圆形植株比例最高的亲本组合是_，在该组合产生的F2表现型为非糯性、抗病、花粉粒圆形的植株中，能稳定遗传的个体所占的比例是_。,【解析】 (1)若采用花粉形状鉴定法验证基因分离定律应用花粉粒形状中长形与圆形这对相对性状的纯合子杂交获得F1，F1的花粉粒可表现出11的性状比。 (2)若采用花粉鉴定法验证基因自由组合定律应是通过糯性和非糯性、花粉粒长形和花粉粒圆形这两对相对性状的纯合子杂交获得F1，通过F1产生的花粉可表现出圆形蓝色圆形棕色长形蓝色长形棕色为1111的性状比。,(3)F2要出现非糯性、抗病、花粉粒圆形植株，则亲本组合中要提供这3种表现型，因此亲本组合有甲和乙、甲和丙、乙和丙。由于三组组合中各有一组性状为显性纯合基因决定，因此三组组合中F2表现为非糯性、抗病、花粉粒圆形分别为3/16、3/16、9/16，因此乙和丙的亲本组合比例最高，在该组合F2该种植株中可以稳定遗传的个体所占比例是1/9。,【答案】 (1)乙或丙 (2)甲和丙、乙和丁 圆形蓝色圆形棕色长形蓝色长形棕色=1111 (3)甲和乙、甲和丙、乙和丙 乙和丙 1/9,【例15】 某植物红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因控制(如A、a；B、b；C、c)，当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时(即A_B_C_)才开红花，否则开白花。现有甲、乙、丙、丁4个纯合白花品系，相互之间进行杂交，杂交组合、后代表现型及其比例如下：,根据杂交结果回答问题： (1)这种植物花色的遗传符合哪些遗传定律？ (2)本实验中，植物的花色受几对等位基因的控制，为什么？,【解析】 本题考查孟德尔的遗传定律的应用的相关知识。 (1)由各组杂交组合的后代的性状及比例看出遵循孟德尔的遗传定律，即遵循了基因的自由组合定律和基因的分离定律。 (2)题干中个体基因型中每对等位基因至少含有一个显行基因时才开红花，否则开白花。本实验中乙×丙和甲×丁两个杂交组合中，F2代中红色个体占全部个体的比例为81/(81+ 175)=81/256=(3/4)4，依据自由组合的计算规律，n对等位基因自由组合且完全显性时，F2代中显性个体的比例是(3/4)n，可判断这两对杂交组合涉及4对等位基因。,【答案】 (1)基因的自由组合定律和基因的分离定律(或基因的自由组合定律) (2)4对 本实验中乙×丙和甲×丁两个杂交组合中，F2代中红色个体占全部个体的比例为81/(81+175)=81/256= (3/4)4，依据n对等位基因自由组合且完全显性时，F2代中显性个体的比例是(3/4)n，可判断这两对杂交组合涉及4对等位基因。,【例16】 为提高小麦的抗旱性，有人将大麦的抗旱基因(HVA)导入小麦，筛选出HVA基因成功整合到染色体上的高抗旱性T0植株(假定HVA基因都能正常表达)。某些T0植株体细胞含两个HVA基因，这两个基因在染色体上的整合情况有下图所示的三种类型(黑点表示HVA基因的整合位点)。,(1)将T0植株与非转基因小麦杂交：若子代高抗旱性植株所占比例为50%，则两个HVA基因的整合位点属于图_类型；若子代高抗旱性植株所占的比例为100%，则两个HVA基因的整合位点属于图_类型。 (2)让图C所示类型的T0植株自交，子代中高抗旱性植株所占比例为_。,【解析】 本题考查遗传相关知识，考查学生的综合应用能力。 第(2)题，A图看作为AA，而非转基因小麦看作为aa，则A图杂交后代抗旱比例为100%，B图可看作为Aa(因两个HAV基因都在一条染色体上)，则B图杂交后代抗旱比例为50%，C图可看作为AaBb(A、B任一都抗旱)，此时非转基因小麦看作为aabb，则C图杂交后代抗旱比例为15/16(仅aabb不抗旱)。 【答案】 (1)B A (2)15/16,精要点拨 (1)自由组合定律相关实验的根本在于对自由组合定律的理解和验证。具体考查的情况包括验证自由组合定律，探究两对等位基因的位置关系(位于同一对同源染色体上，不满足自由组合定律；或是位于非同源染色体上，满足自由组合定律)，利用自由组合定律推理和计算等。 (2)画基因在染色体上的位置模型图和灵活使用假设法是遗传实验题中常用的方法。,课堂练习 1.教材原话填空。 (1)孟德尔对自由组合现象的解释： F1产生配子时，_分离，_，产生数量相等的_种配子。 受精时，雌雄配子随机结合，结合方式有_种。 F2遗传因子组成有_种，性状表现为_种，比值为_。,(2)自由组合定律：控制不同性状的遗传因子的分离和组合是_的；在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子_，决定不同性状的遗传因子_。 (3)自由组合定律实质：位于_上的_的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，_上的_彼此分离的同时，_上的_自由组合。,答案 (1)每对遗传因子 不同对的遗传因子自由组合 4 16 9 4 9331 (2)互不干扰 彼此分离 自由组合 (3)非同源染色体 非等位基因 同源染色体 等位基因 非同源染色体 非等位基因,2.下列有关遗传规律的叙述中，正确的是 ( ) A.在减数分裂中，非等位基因的分离或组合是互不干扰的 B.两对相对性状遗传分别符合基因分离定律时，则这两对相对性状遗传一定符合基因自由组合定律 C.杂交后代出现性状分离，且分离比为31，就一定为常染色体遗传 D.对实验数据进行统计学分析是孟德尔成功的重要原因,解析 位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的。两对基因位于一对同源染色体上时，其遗传不遵循自由组合定律。伴性遗传也遵循分离定律。 答案 D,A.表中Y、y、R、r基因的载体有染色体、叶绿体、线粒体 B.表中Y与y、R与r的分离以及Y与R或r、y与R或r的组合是互不干扰的 C.代表的基因型在F2中出现的概率之间的关系为= D.F2中出现表现型不同于亲本的重组类型的概率是3/8或5/8,解析 依据表格知，的基因型依次为YYRR、YYRr、YyRr、yyRr。它们在F2中出现的概率依次为1/16、2/16、4/16、2/16，故代表的基因型在F2中出现的概率大小为=；由F2产生的配子类型可知F1的基因型为YyRr，但亲本类型不能确定，故重组类型的比例不唯一；表中基因的载体为染色体。 答案 A,4.某生物个体减数分裂产生的配子种类及其比例为AbaB ABab=1234，若该生物进行自交，则其后代出现纯合体的概率为 ( ) A.30% B.26% C.36% D.35%,解析 该生物产生的配子Ab、aB、AB、ab分别占1/10、2/10、3/10、4/10，故该生物自交后代出现纯合子的概率为(1/10)2+ (2/10)2+(3/10)2+(4/10)2=30%。 答案 A,5.(2012·上海)小麦粒色受不连锁的三对基因Aa、Bb、Cc控制。A、B和C决定红色，每个基因对粒色增加效应相同且具叠加性，a、b和c决定白色。将粒色最浅和最深的植株杂交得到F1。F1的自交后代中，与基因型为Aabbcc的个体表现型相同的概率是 ( ) A.164 B.664 C.1564 D.2064,解析 由题可知粒色最深的植株基因型为AABBCC(6显)，颜色最浅的植株基因型为aabbcc(0显)，此外，小麦粒色还存在5显、4显、3显、2显、1显等情况。AABBCC与aabbcc杂交得到F1(AaBbCc)，F1自交后代中与Aabbcc(1显)表现相同的有Aabbcc(1/2×1/4×1/4)、aaBbcc(1/4×1/2×1/4)、aabbCc(1/4×1/4×1/2)，合计664。 答案 B,6.已知某一动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型个体(aa的个体在胚胎期致死)，两对基因遵循基因自由组合定律，AabbAAbb=11，且该种群中雌雄个体比例为11，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的成活子代中能稳定遗传的个体所占比例是 ( ) A.5/8 B.3/5 C.1/4 D.3/4,解析 该种群中AabbAAbb=11，且雌雄个体比例为11，自由交配时有Aabb×Aabb、AAbb×AAbb、Aabb×AAbb、AAbb×Aabb四种情况，成活子代中能稳定遗传的个体有9/15=3/5。 答案 B,7.某种蛇体色的遗传如下图所示，当两种色素都没有时表现为白色。选纯合的黑蛇与纯合的橘红蛇作为亲本进行杂交，下列说法错误的是 ( ),A.亲本黑蛇和橘红蛇的基因型分别为BBoo、bbOO B.F1的基因型全部为BbOo，表现型全部为花纹蛇 C.让F1花纹蛇相互交配，后代花纹蛇中纯合子的比例为1/16 D.让F1花纹蛇与杂合的橘红蛇交配，其后代出现白蛇的概率为1/8,解析 根据题图分析，亲本黑蛇含基因B，橘红蛇含基因O，所以它们的基因型分别是BBoo、bbOO；F1是由纯合的黑蛇与纯合的橘红蛇杂交所得，所以基因型是BbOo，表现型全部为花纹蛇，让F1花纹蛇相互交配，后代花纹蛇占9/16，其中纯合子占1/9；让F1花纹蛇BbOo与杂合的橘红蛇bbOo交配，后代出现白蛇bboo的概率为：1/2×1/4=1/8。 答案 C,8.人类中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的；二者缺一，个体即聋。这两对基因分别位于两对常染色体上。下列有关说法，不正确的是( ) A.夫妇中有一个耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子 B.一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，只能生下耳聋的孩子 C.基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的几率为7/16 D.耳聋夫妇可以生下基因型为DdEe的孩子,夫妇中一个听觉正常(D_E_)、一个耳聋(D_ee、ddE_、ddee)有可能生下听觉正常的孩子。双方一方只有耳蜗管正常(D_ee)，另一方只有听神经正常(ddE_)的夫妇也有可能生出听觉正常的孩子。夫妇双方基因型均为DdEe，后代中听觉正常的占9/16，耳聋占7/16。基因型为D_ee和ddE_的耳聋夫妇，有可能生下基因型为(D_E_)听觉正常的孩子。 答案 B,9.(2010·大纲全国)现有4个纯合南瓜品种，其中2个品种的果形表现为圆形(圆甲和圆乙)，1个表现为扁盘形(扁盘)，1个表现为长形(长)。用这4个南瓜品种做了3个实验，结果如下： 实验1：圆甲×圆乙，F1为扁盘，F2中扁盘圆长=961 实验2：扁盘×长，F1为扁盘，F2中扁盘圆长=961 实验3：用长形品种植株的花粉分别对上述两个杂交组合的F1植株授粉，其后代中扁盘圆长均等于121。,综合上述实验结果，请回答： (1)南瓜果形的遗传受_对等位基因控制，且遵循_定律。 (2)若果形由一对等位基因控制用A、a表示，若由两对等位基因控制用A、a和B、b表示，以此类推，则圆形的基因型应为_，扁盘的基因型应为_，长形的基因型应为_。,(3)为了验证(1)中的结论，可用长形品种植株的花粉对实验1得到的F2植株授粉，单株收获F2中扁盘果实的种子，每株的所有种子单独种植在一起得到一个株系。观察多个这样的株系，则所有株系中，理论上有1/9的株系F3果形均表现为扁盘，有_的株系F3果形的表现型及数量比为扁盘圆=11，有_的株系F3果形的表现型及数量比为_。,解析 本题主要考查学生的理解能力，考查遗传的基本规律。第(1)题，根据实验1和实验2中F2的分离比961可以看出，南瓜果形的遗传受2对等位基因控制，且遵循基因的自由组合定律。第(2)题，根据实验1和实验2的F2的分离比9 61可以推测出，扁盘形应为A_B_，长形应为aabb，两种圆形为A_bb和aaB_。第(3)题中，F2扁盘植株共有4种基因型，其比例为：1/9AABB、2/9AABb、4/9AaBb和2/9AaB B，测交后代分离比分别为：1/9A_B_；2/9(1/2A_B_ 1/2A_bb)；4/9(1/4A_B_1/4Aabb1/4aaBb1/4aabb)；2/9(1/2A_B_1/2aaB_)。,答案 (1)2 基因的自由组合 (2)AAbb、Aabb、aaBb、aaBB AABB、AABb、AaBb、AaBB aabb (3)4/9 4/9 扁盘圆长=121,