河南省濮阳市中考物理二模试卷

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1、2018年河南省濮阳市中考物理二模试卷一、填空题（每空1分，共14分）1“歼20”是我国自主研发具有隐形功能的一种新型战机。它的机身材料和涂层对雷达发射的电磁波有良好的 （填“吸收”或“反射”）作用；飞行时，以 （填“地面”或“飞机”）为参照物，飞行员是静止的；飞机能够升空，是因为机翼上方的空气流速比下方的 （填“快”或“慢”），从而产生了升力。2古筝是通过演奏者拨动琴弦，使琴弦 而发声的。演奏时，分别拨动长度、粗细不同的琴弦，古筝就能发出 （填“音调”“响度”或“音色”）不同的声音。3科学家们近日在微观尺度下，拍下了世界上最强大的X射线激光器将液体瞬间蒸发的情景。在被X射线脉冲击中后，液滴会

2、变成一团更加细碎的颗粒和蒸汽，然后向附近的其它液滴扩散，使它们也破碎开来。在这一过程中液体的内能 ，（选填“增大”、“减小”或“不变”）这种改变内能的方式是 。4如图所示，小华制作了一个简易的密度计：她选择一根长16cm的饮料吸管，将一些铜丝从下端塞入并用石蜡封口，使吸管在液体中漂浮时能保持在 方向。密度计在液体中漂浮时，受到的浮力 重力（填“大于”、“小于”或“等于”）把密度计放入水中，露出液面的长度是7.9cm，再将密度计放入某液体中，露出液面的长度是7cm，则此液体的密度为 kg/m3（水=1.0103kg/m3）5如图电路，电源电压不变，R1为定值电阻。闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑

3、片P从最右端移动到最左端的过程中，电压表和电流表的示数变化情况如乙图所示，滑动变阻器R2的最大阻值是 ；滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为 A。6如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯L1、L2都能正常工作，甲、乙两个电表的示数之比是2：5，此时灯L1、L2的电阻之比是 ，电流之比是 。二、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分.7-12题是单项选择题，13-14题是双项选择题，答对一个给1分，答对两个给2分，有一个答错给0分，请将正确选项字母填在下面的答题栏中）7关于信息的传递与能源的利用，下列说法中不正确的是 （）A手机既能接收电磁波，也能发射电磁波B卫星通信利用超声波传

4、递信息C人类认识到涉及热现象的能量转化过程是有方向性的。所以必须节约能源D煤、石油、天然气等常规能源有限，因此，未来的理想能源是太阳能、水能和风能等可再生能源8透镜在我们的生活、学习中有着广泛应用。下列说法中符合实际的是（）A近视眼镜利用了凸透镜对光线的会聚作用B拍照时，被照者应站在距照相机镜头二倍焦距以内的位置C借助放大镜看地图时，地图到放大镜的距离应大于一倍焦距D物体经过显微镜的物镜后成倒立、放大的实像9如图所示是四个热学实验，对此，下列说法错误的是（）A两块表面干净的铅压紧后可吊起重物说明分子之间有相互作用力B加热使水沸腾，水蒸气冲起软木塞软木塞被冲开的过程中是将机械能转化为内能C抽掉中

5、间的玻璃板后，两种气体混合在一起说明分子是在永不停息地做无规则运动D绳子摩擦使铜管内乙醚沸腾，蒸气冲起软木塞说明做功可以改变物体内能10我们可以在不同的环境中看到“白气”。下面有关形成“白气”的说法中正确的是（）A文艺演出时舞台上经常施放“白气”，这是干冰在常温下的升华现象B打开盖子的热水瓶口处会出现“白气”，这是瓶内水蒸气的液化现象C清晨能看到河面上有一团团的“白气”，这是河面上水蒸气的蒸发现象D夏天，打开冰箱门时常会出现“白气”，这是冰箱内水蒸气的液化现象112012年5月19日在国际田联钻石联赛上海站男子110m栏比赛中，我国选手刘翔以12秒97的成绩卫冕冠军。下列描述正确的是（）A起跑

6、时，刘翔用力向后蹬起跑器，起跑器反过来给他一个向前的作用力B刘翔在赛道上，速度越快，惯性越大C刘翔冲过终点，不能立即停下来，是由于他受到惯性力的作用D站在领奖台上，刘翔对领奖台的压力与领奖台对他的支持力是一对平衡力12将一小石块浸没在水中，放手后小石块沉入水底，在小石块下沉过程中，下列分析正确的是（）A浮力变大B浮力变小C浮力大于重力D浮力小于重力13下列处理用电事故的措施中，正确的是（）A有金属外壳的家用电器如果没有接地，其外壳一定要接地B电器失火时，先用泡沫灭火器灭火，再切断电源C空气开关跳闸时，应立即使空气开关复位，再进行检修D遇到有人触电时，先切断电源，后将人拉开进行抢救14如图所示。

7、电源电压为4.5V，电流表量程为“00.6A”，滑动变阻器规格为“10，1A”，小灯泡L标有“2.5V，1.25W”（不考虑温度对灯丝电阻的影响）在保证通过小灯泡L的电流不超过恒定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列选项正确的是（）A小灯泡的额定电流是0.6AB电流表的示数变化范围是0.30.5AC电压表的示数变化范围是03VD滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是410三、作图题（每小题2分，共4分）15请在如图所示的家庭电路，以笔画线代替导线，将一个两孔插座和一个带拉线开关的螺口灯泡接入电路。16如图所示，将一个小球放在竖直放置的弹簧上，用手向下压小球，松手后，小球在弹簧弹力作用下向上加速

8、运动，不考虑空气阻力，请画出此时小球的受力示意图。四、实验题（第18题4分，第19题7分，第20题7分，共18分）17（4分）艺馨利用如图所示的装置进行探究“平面镜成像特点”的实验。实验步骤如下：（1）将一块薄玻璃板竖直立在铺有白纸的水平桌面上；（2）取两支相同的蜡烛A和蜡烛B，点燃玻璃板前的蜡烛A，并移动玻璃板后的蜡烛B，使它与蜡烛A在玻璃板后所成的像完全重合，并用笔在白纸上标记出蜡烛A和蜡烛B的位置；（3）多次改变蜡烛A的位置，重复前面的步骤；（4）用刻度尺分别测量蜡烛A和蜡烛B到玻璃板的距离。在此实验中：我们选用玻璃板代替平面镜的目的是： ；我们选取两支相同的蜡烛是为了比较像与物的 关系

9、；实验中多次改变蜡烛A的位置，重复进行实验的目的是： ；如果实验中采用厚玻璃板，观测到蜡烛A通过玻璃板在不同位置成了两个清晰的像，且测得两个像之间的距离为0.8cm，则玻璃板的厚度为 cm。18（7分）在语文课本上学习了“死海不死”的文章后，小敏想“探究浮力的大小与哪些因素有关”，她提出了如下猜想：猜想一：可能与液体的密度有关猜想二：可能与物体排开液体的体积有关猜想三：可能与物体浸没在液体中的深度有关为了验证上述猜想，她按照图中字母顺序做了如下实验：（1）分析比较实验步骤A、C、D，可以验证猜想 ；分析比较实验步骤A、B、C，可以验证猜想 是正确的，并由此联想到，轮船的满载排水量越 （选填“大

10、”或“小”），它的承载能力就越强。（2）分析图中题中提供的信息，可知图E中物体所受的浮力大小为 N，计算可知盐水的密度是 kg/m3（3）实验中采用了 的研究方法，下列问题的研究中，也用到这种方法的是 。A、将乒乓球靠近发声的音叉，通过乒乓球被弹开显示音叉在振动B、在研究磁场时，引入“磁感线”的概念C、探究电流与电压、电阻的关系D、用合力代替同一物体上所受到的几个力。19（7分）在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压为6V保持不变，所用小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为10。（1）用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变亮。（2）闭合开关S前

11、，应将滑动变阻器的滑片P移到最 端 （选填“左“或“右”）。（3）闭合开关S后，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，接下来首先应该操作的是 （填序号）A检查电路是否断路B检查电路是否短路C移动滑动变阻器的滑片P，观察小灯泡是否发光（4）通过小灯泡的电流随它两端电压的变化如图乙所示，分析图象可知，当小灯泡两端的电压增大时，灯丝的电阻会 （选填“增大”、“不变”或“减小“）；小灯泡的额定功率为 W。（5）若将小灯泡换成定值电Rl，该电路还可以进行的实验有 （请写出一个即可）。五、综合应用题（第20题9分，第21题9分，共18分）20（9分）某型号汽车发动机的额定功率为4104W，在水平路面上

12、匀速行驶时受到的阻力是1600N在额定功率下，当汽车匀速行驶时，求：（l）发动机所提供的牵引力大小；（2）汽车行驶10min牵引力所做的功； （3）汽车行驶速度的大小。21（9分）养生壶是一种用于养生保健的烹饮容器，采用新型电加热材料，通电后产生热量把壶内的水加热。如图是某款养生壶及其铭牌，求：（1）养生壶正常工作时的电阻；（2）若正常工作时，养生壶加热效率为91%，将1kg水从20加热到85需要多长时间；【c水=4.2103J/（kg）】（3）用电高峰期，家中只有液晶电视机和养生壶工作时，养生壶将1kg水从20加热到85，实际用时363s，通过电能表测得此过程共耗电3.726105J，此时养

13、生壶两端的电压和通过液晶电视机的电流多大。（设养生壶的电阻和加热效率不变）。型号CHM16额定电压220V频 率50Hz额定功率1000W容 量1.2L2018年河南省濮阳市中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、填空题（每空1分，共14分）1“歼20”是我国自主研发具有隐形功能的一种新型战机。它的机身材料和涂层对雷达发射的电磁波有良好的吸收（填“吸收”或“反射”）作用；飞行时，以飞机（填“地面”或“飞机”）为参照物，飞行员是静止的；飞机能够升空，是因为机翼上方的空气流速比下方的快（填“快”或“慢”），从而产生了升力。【分析】（1）“隐形战机”将雷达发射的电磁波吸收，电磁波不能反射回雷达，就避开

14、了雷达的探测；（2）如果物体相对于参照物的位置不变，物体是静止的，物体相对于参照物的位置不断变化，物体是运动的；（3）流体流速越大，流体压强越小，流体流速越小，流体压强越大。【解答】解：（1）“歼20”的机身材料和涂层对雷达发射的电磁波有良好的吸收作用；（2）飞行员相对于飞机位置不变，则以飞机作为参照物，飞行员是静止的；（3）机翼上方的空气流速比机翼下方的流速快，因此机翼上方气体压强小于机翼下方气体压强，从而产生了升力。故答案为：吸收；飞机；快。【点评】本题考查了隐形战机隐形的原因、参照物、流体流速与流体压强的关系，难度不大，是一道基础题。2古筝是通过演奏者拨动琴弦，使琴弦振动而发声的。演奏时

15、，分别拨动长度、粗细不同的琴弦，古筝就能发出音调（填“音调”“响度”或“音色”）不同的声音。【分析】声音是由物体振动产生的，振动停止，发生停止；音调跟频率有关，频率越大，音调越高；质量大体积大的物体难振动，频率小，音调低。【解答】解：古筝是通过演奏者拨动琴弦，使琴弦振动而发声的；演奏时，分别拨动长度、粗细不同的琴弦，琴弦的振动频率不同，音调不同。故答案为：振动；音调。【点评】本题主要考查了声音发声的原因和乐音的特征；掌握弦乐、管乐、打击乐的音调、响度的影响因素。3科学家们近日在微观尺度下，拍下了世界上最强大的X射线激光器将液体瞬间蒸发的情景。在被X射线脉冲击中后，液滴会变成一团更加细碎的颗粒和

16、蒸汽，然后向附近的其它液滴扩散，使它们也破碎开来。在这一过程中液体的内能增大，（选填“增大”、“减小”或“不变”）这种改变内能的方式是做功。【分析】改变物体的内能有做功和热传递两种方式，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程，二者改变内能是等效的。【解答】解：液滴在被X射线脉冲击中后，X射线对液滴做功，使液滴的内能增大，温度升高，液滴会变成一团更加细碎的颗粒和蒸汽，然后向附近的其它液滴扩散，使它们也破碎开来。故答案为：增大； 做功。【点评】掌握改变物体内能的方式和内能大小的影响因素是解决该题的关键。4如图所示，小华制作了一个简易的密度计：她选择一根长16cm的饮料吸管，将一些铜丝从下端塞

17、入并用石蜡封口，使吸管在液体中漂浮时能保持在竖直方向。密度计在液体中漂浮时，受到的浮力等于重力（填“大于”、“小于”或“等于”）把密度计放入水中，露出液面的长度是7.9cm，再将密度计放入某液体中，露出液面的长度是7cm，则此液体的密度为0.9103kg/m3（水=1.0103kg/m3）【分析】（1）因为密度计是一根两端封闭即空心的，所以能使密度计浮在液体表面，为了使它保持竖直的漂浮，就在管的底部封存少许铅粒；（2）物体漂浮，浮力等于重力；（3）将适量细铜丝从吸管下端塞入作为配重，可以改变吸管重心的位置，使吸管竖直漂浮在液体中；吸管的长度减去露出部分的长度即为浸入的深度，根据密度计漂浮时浮力

18、等于重力列出关系式即可求出液体的密度。【解答】解：（1）将一些铜丝从下端塞入并用石蜡封口，这样做目的是让密度计竖直漂浮在液体中；（2）根据物体浮沉条件可知，密度计在液体中漂浮时，受到的浮力等于重力；（3）吸管露出水面的长度是7.9cm，则浸入水中的深度h水=16cm7.9cm=8.1cm，将该密度计放入某液体中，吸管浸入液体的深度h液=16cm7cm=9cm，因为密度计不管是在水中还是在液体中，都是漂浮状态，所以，F浮水=F浮液=G，由F浮=gV排可得：水gSh水=液gSh液，即1.0103kg/m3gS0.081m=液gS0.09m，解得：液=0.9103kg/m3；故答案为：竖直；等于；0

19、.9103。【点评】密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析有关问题：放入不同的液体，液体密度越大，排开体积越小，类似现象：轮船从江中驶入大海。5如图电路，电源电压不变，R1为定值电阻。闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从最右端移动到最左端的过程中，电压表和电流表的示数变化情况如乙图所示，滑动变阻器R2的最大阻值是20；滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.3A。【分析】（1）当滑片P在a端时滑动变阻器全部接入，R1与R2串联，电路中的电流最小，由图象读出电表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的电压特点表示出电源的电压；当滑片P在b端

20、时，滑动变阻器没有连入电路，电压表示数为零，根据欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值和电源的电压；（2）当滑动变阻器的滑片P在中点时，连入电路的阻值为R2，根据电阻的串联和和欧姆定律求出电路中的电流即可得出答案。【解答】解：（1）由电路图可知，当滑片P在a端时滑动变阻器全部接入，R1与R2串联，则电路中电流最小，由图象可知此时电路中的电流Ia=0.2A，R2两端的电压U2=4V，由I=可得：R2=20，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=IaR1+U2=0.2AR1+4V当滑片P在b端时，滑动变阻器没有连入电路，电压表示数为零，由图象可知

21、这时电路中电流为Ib=0.6A，电源电压加在R1上，则U=IbR1=0.6AR1 解得：R1=10，U=6V；（2）当滑动变阻器的滑片P在中点时，则滑动变阻器连入电路的阻值为：R2=R2=20=10，则电流表的示数为：I=0.3A。由图象可知：电流表示数为0.3A时对应的点是B。故答案为：20；0.3。【点评】本题关键是欧姆定律及其变形的灵活运用，难点是明白滑片移动过程中电路的变化情况，本题重点考查了应用图象解决问题，这是以后学习的重点。6如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯L1、L2都能正常工作，甲、乙两个电表的示数之比是2：5，此时灯L1、L2的电阻之比是3：2，电流之比是1：1。

22、【分析】根据电压表并联在电路中、电流表串联在电路中确定甲乙仪表的种类，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出两灯泡的电阻之比。【解答】解：如果乙为电流表将会造成电源短路，如果甲为电流表L2将被短路、不能工作，因此甲、乙都为电压表，此时灯L1、L2串联连接，电压表甲测量L2两端电压，电压表乙测量电源电压；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两灯泡两端的电压之比：=，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两灯泡的电流之比为1：1，由I=可得，两灯泡的电阻之比：=。故答案为：3：2； 1：1。【点评】本题考查了电压表和电流表在电路中的作用、串联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是明确甲乙仪表的种

23、类和测量对象。二、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分.7-12题是单项选择题，13-14题是双项选择题，答对一个给1分，答对两个给2分，有一个答错给0分，请将正确选项字母填在下面的答题栏中）7关于信息的传递与能源的利用，下列说法中不正确的是 （）A手机既能接收电磁波，也能发射电磁波B卫星通信利用超声波传递信息C人类认识到涉及热现象的能量转化过程是有方向性的。所以必须节约能源D煤、石油、天然气等常规能源有限，因此，未来的理想能源是太阳能、水能和风能等可再生能源【分析】（1）手机就是靠发射和接收电磁波来传递信息的；（2）卫星导航系统是依靠电磁波来传递信息的；（3）能量的转移与转化是有方向性

24、的；（4）像动能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。【解答】解：A、手机既可以发射电磁波，也可以接收电磁波，故A正确；B、卫星导航系统靠电磁波来传递信息，故B错误；C、人类认识到涉及热现象的能量转化过程是有方向性的，是不可逆的，所以必须节约能源，故C正确；D、煤、石油、天然气等常规能源有限且是不可再生能源，因此，未来的理想能源是太阳能、水能和风能等可再生能源，故D正确。故选：B。【点评】本题考查学生对能源、电磁波等相关知识的掌握情况，属于基础内容的考查，比较简单。8透镜在我们的生活、学习中

25、有着广泛应用。下列说法中符合实际的是（）A近视眼镜利用了凸透镜对光线的会聚作用B拍照时，被照者应站在距照相机镜头二倍焦距以内的位置C借助放大镜看地图时，地图到放大镜的距离应大于一倍焦距D物体经过显微镜的物镜后成倒立、放大的实像【分析】A、凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用；B、当物体在二倍焦距以外时，经过凸透镜成的是倒立、缩小的实像，这正是照相机的原理。C、当物体在焦距以内时，经过凸透镜成的是正立、放大的虚像，放大镜利用此原理。D、显微镜的原理：显微镜包括物镜和目镜，物镜相当于投影仪成倒立的放大的实像，目镜相当于放大镜成正立的放大的虚像。【解答】解：A、近视眼是晶状体曲度变大，会聚

26、能力增强，即折光能力增强，应佩戴发散透镜，使光线推迟会聚，即近视眼镜利用了凹透镜对光线的发散作用，说法错误；B、照相机照相的原理是将2倍焦距以外的物体成像在胶片上，所以照相时应该站在镜头的二倍焦距以外，说法错误；C、利用放大镜看地图时，地图到放大镜的距离应小于一倍焦距，说法错误；D、显微镜的物镜相当于投影仪成倒立的放大的实像；目镜相当于放大镜，将投影仪成倒立的放大的实像再次放大，成倒立的放大的虚像。说法正确；故选：D。【点评】此题主要考查了凸透镜的特点和成像原理及应用，同时掌握显微镜成像原理是解答本题的关键。9如图所示是四个热学实验，对此，下列说法错误的是（）A两块表面干净的铅压紧后可吊起重物

27、说明分子之间有相互作用力B加热使水沸腾，水蒸气冲起软木塞软木塞被冲开的过程中是将机械能转化为内能C抽掉中间的玻璃板后，两种气体混合在一起说明分子是在永不停息地做无规则运动D绳子摩擦使铜管内乙醚沸腾，蒸气冲起软木塞说明做功可以改变物体内能【分析】（1）分子间存在相互作用的引力和斥力；（2）物体对外做功，内能减小，内能转化为机械能；（3）扩散现象表明分子在不停地做无规则运动；（4）做功可以改变物体的内能。【解答】解：A、甲图表示的是将接触面被削平的两个铅块用力压紧，可以使它们结合在一起，即便在下端悬挂一定质量的重物也不分开。这个实验说明分子之间存在相互作用的引力，故A正确；B、在软木塞被冲出试管口

28、的过程中，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，故B错误；C、抽去玻璃隔板后，两瓶中的气体逐渐混合，属于扩散现象，表明分子在不停地做无规则运动，故C正确；D、金属管装有少量乙醚，迅速拉动缠在金属管外的皮绳，克服摩擦做功，金属管和内部乙醚的温度升高，达到乙醚燃点燃烧，产生的高温燃气推动橡皮塞做功，可使橡皮塞从管口飞出。故D正确。故选：B。【点评】本题考查了对分子动理论和做功改变物体内能的理解，培养应用知识解决实际问题的能力。10我们可以在不同的环境中看到“白气”。下面有关形成“白气”的说法中正确的是（）A文艺演出时舞台上经常施放“白气”，这是干冰在常温下的升华现象B打开盖子的热水瓶口处会出现“白气”

29、，这是瓶内水蒸气的液化现象C清晨能看到河面上有一团团的“白气”，这是河面上水蒸气的蒸发现象D夏天，打开冰箱门时常会出现“白气”，这是冰箱内水蒸气的液化现象【分析】文艺演出时舞台上经常施放“白气”，这是干冰升华吸热使空气温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化形成变成小水珠，形成“白气”；打开盖子的热水瓶口处会出现“白气”，这是瓶内水蒸气遇冷液化形成的；清晨能看到河面上有一团团的“白气”，这是河面上水蒸气液化现象；夏天，打开冰箱门时常会出现“白气”，这是空气中水蒸气的液化现象。【解答】解：A、文艺演出时舞台上经常施放“白气”，这是干冰升华吸热使空气温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化形成变成小水珠，形成“白

30、气”，故A错误。B、打开盖子的热水瓶口处会出现“白气”，这是瓶内水蒸气遇冷液化形成的，是液化现象，故B正确。C、清晨能看到河面上有一团团的“白气”，这是河面上水蒸气液化现象，故C错误。D、夏天，打开冰箱门时空气中的水蒸气遇冷液变成小水珠，形成“白雾”，不是冰箱内水蒸气的液化现象，故D错误。故选：B。【点评】各种“白气”的形成都与物态变化有关，根据物态变化的知识分析“白气”的形成原因是解题的关键。112012年5月19日在国际田联钻石联赛上海站男子110m栏比赛中，我国选手刘翔以12秒97的成绩卫冕冠军。下列描述正确的是（）A起跑时，刘翔用力向后蹬起跑器，起跑器反过来给他一个向前的作用力B刘翔在

31、赛道上，速度越快，惯性越大C刘翔冲过终点，不能立即停下来，是由于他受到惯性力的作用D站在领奖台上，刘翔对领奖台的压力与领奖台对他的支持力是一对平衡力【分析】（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；（2）惯性指物体保持原来运动状态不变的性质，惯性是物体本身固有的属性，其大小只与质量有关；（3）二力平衡的条件是：作用在同一物体上，若这两个力大小相等，方向相反，且作用在一条直线上。【解答】解：A、起跑时，刘翔用力向后蹬起跑器，给起跑器一个向后的力，物体间力的作用是相互的，起跑器反过来给他一个向前的作用力，故该选项说法正确；B、刘翔惯性只与他的质量有关，与他的速度无关，故该选项说法不正确；

32、C、刘翔冲过终点，不能立即停下来，是由于他具有惯性，而不是受到惯性力，故该选项说法不正确；D、站在领奖台上，刘翔对领奖台的压力与领奖台对他的支持力，作用在两个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，这两个力是一对相互作用力，故该选项说法不正确。故选：A。【点评】（1）惯性是物体本身固有的一种性质，任何物体在任何情况下都具有惯性，并且注意它不是一种力；（2）平衡力和相互作用力的区别就在于是否作用在同一物体上，作用在同一物体上的是平衡力，作用在两个不同物体上的力是相互作用力；一般说来，重力和支持力是平衡力，压力和支持力是相互作用力。12将一小石块浸没在水中，放手后小石块沉入水底，在小石块下沉

33、过程中，下列分析正确的是（）A浮力变大B浮力变小C浮力大于重力D浮力小于重力【分析】在水中下沉的过程中，所处的深度增加，石块排开水的体积不变，根据阿基米德原理分析它们受到浮力的大小变化；根据物体的浮沉条件即可判断浮力与重力的关系。【解答】解：石块浸没在水中下沉时，其排开水的体积不变，根据F浮=水gV排可知，石块受到的浮力大小不变；故AB错误；由于石块下沉，根据物体的浮沉条件可知：浮力小于重力，故C错误，D正确。故选：D。【点评】本题考查阿基米德原理和浮沉条件的掌握和运用，能得出石块在水中下沉排开水的体积不变是本题的关键。13下列处理用电事故的措施中，正确的是（）A有金属外壳的家用电器如果没有接

34、地，其外壳一定要接地B电器失火时，先用泡沫灭火器灭火，再切断电源C空气开关跳闸时，应立即使空气开关复位，再进行检修D遇到有人触电时，先切断电源，后将人拉开进行抢救【分析】（1）为防止因用电器漏电使其金属外壳带电而发生触电事故，一般用电器的金属外壳接地；（2）家用电器失火应先切断电源再用泡沫灭火器救火；（3）空气开关跳闸，原因是电路有短路或漏电现象，应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位；（4）发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，会使救人者触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源。【解答】解：A、为了防止因漏电而发生触电事故，有金属外壳的家用电器，外壳一定要接地，故

35、A正确；B、用电器失火时，应先立即切断电源，如果不切断电源，就用泡沫灭火器灭火，灭火者容易触电，故B错；C、因为电路有短路或漏电现象，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位，故C错；D、发现有人触电时，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源，再进行抢救，故D正确。故选：AD。【点评】生活中常见的安全用电规则和现象，要有适当的应对方法。这样才能做到安全用电；知道安全用电的原则，不接触低压带电体，不靠近高压带电体，注意水容易导电。14如图所示。电源电压为4.5V，电流表量程为“00.6A”，滑动变阻器规格为“10，1A”，小灯泡L标有“2.5V，1.25W”

36、（不考虑温度对灯丝电阻的影响）在保证通过小灯泡L的电流不超过恒定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列选项正确的是（）A小灯泡的额定电流是0.6AB电流表的示数变化范围是0.30.5AC电压表的示数变化范围是03VD滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是410【分析】知道灯泡的额定功率和额定电压，根据P=UI求出灯泡的额定电流；灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的最小电压，即电压表的最小示数；根据串联电路的电流特点可知电路中的最大电流为灯泡额的电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据欧姆定律求出电压表的最大示数，根据串联电路的电

37、流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值。【解答】解：小灯泡的额定电流I=0.5A，故A错误；由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W，当灯泡正常发光时，串联电路总电压等于各分电压之和，此时电压表的最小示数U滑=UUL=4.5V2.5V=2V，此时电路中的最大电流Imax=0.5A，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，最小为：R滑min=4；滑动变阻器接入电路中的电阻最大，灯泡的电阻：RL=5，电路中的最小电流：Imin=0.3A，电路中电流变化的范围是0.3A0.5A，故B正确；此时灯泡分担的电压最小U L小=

38、IminRL=0.3A5=1.5V，滑动变阻器两端的最大电压：U滑max=UU L小=4.5V1.5V=3V，即电压表最大示数，电压表的示数范围为2V3V，故C错误；此时滑动变阻器的最大阻值Rmax=10，所以滑动变阻器的范围是410，故D正确。故选：BD。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。三、作图题（每小题2分，共4分）15请在如图所示的家庭电路，以笔画线代替导线，将一个两孔插座和一个带拉线开关的螺口灯泡接入电路。【分析】（1）灯泡

39、的接法：火线首先接入开关，再入灯泡的顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺丝套。（2）两孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线。【解答】解：（1）火线进入开关，再从开关接入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套。如图。（2）左孔接零线，右孔接火线。如图。【点评】掌握灯泡、开关、两孔插座、三孔插座、保险丝、电能表的接法。16如图所示，将一个小球放在竖直放置的弹簧上，用手向下压小球，松手后，小球在弹簧弹力作用下向上加速运动，不考虑空气阻力，请画出此时小球的受力示意图。【分析】对小球受力分析，然后从力的作用点，沿力的方向作有向线段，即可作出小球的受力示意图。【解答】解：（1）小球向上加速运动时，受竖直

40、向下的重力G与竖直向上的弹簧的弹力F作用；由于小球向上做加速运动，小球受力不平衡，小球所受的弹力F大于重力G；（2）从小球的重心沿重力与弹力的方向作出重力与弹力的示意图，小球受力示意图如图所示；【点评】（1）本题考查了作力的示意图，是一道基础题，对物体正确受力分析是正确解题的前提与关键，要掌握作力的示意图方法；（2）对小球受力分析时，应注意，小球加速运动，受力不平衡，小球受的弹力大于小球的重力，作示意图时，应体现出两力的大小关系。四、实验题（第18题4分，第19题7分，第20题7分，共18分）17（4分）艺馨利用如图所示的装置进行探究“平面镜成像特点”的实验。实验步骤如下：（1）将一块薄玻璃板

41、竖直立在铺有白纸的水平桌面上；（2）取两支相同的蜡烛A和蜡烛B，点燃玻璃板前的蜡烛A，并移动玻璃板后的蜡烛B，使它与蜡烛A在玻璃板后所成的像完全重合，并用笔在白纸上标记出蜡烛A和蜡烛B的位置；（3）多次改变蜡烛A的位置，重复前面的步骤；（4）用刻度尺分别测量蜡烛A和蜡烛B到玻璃板的距离。在此实验中：我们选用玻璃板代替平面镜的目的是：便于确定像的位置；我们选取两支相同的蜡烛是为了比较像与物的大小关系；实验中多次改变蜡烛A的位置，重复进行实验的目的是：多次进行实验，使结论具有普遍性；如果实验中采用厚玻璃板，观测到蜡烛A通过玻璃板在不同位置成了两个清晰的像，且测得两个像之间的距离为0.8cm，则玻璃

42、板的厚度为0.4cm。【分析】（1）实验时选择透明的玻璃板，在物体的一侧，既能看到物体的像，也能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置。（2）实验时选择两个相同的蜡烛，便于比较物像大小关系。（3）一次实验不具备代表性，具有很大的偶然性，所以应采取同样的实验方案多做几次，才能保证结论的正确。（4）平面镜的前后两面都能起到反射面的作用，根据物体到反射面的距离相等进行判断。【解答】解：（1）实验时选择透明的玻璃板，能同时观察到像和代替蜡烛A的蜡烛B，便于确定像的位置。（2）实验时选择两支等长的蜡烛，便于比较物像大小关系。（3）一次实验不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，研究像与物体到镜面

43、距离的普遍规律，避免实验现象的偶然性。（4）根据物像到反射面的距离相等，平面镜的前后两面所成的像之间的距离为平面镜厚度的2倍，即平面镜的厚度是0.4cm。故答案为：便于确定像的位置；大小；多次进行实验，使结论具有普遍性；0.4。【点评】掌握平面镜成像实验中各器材选择和操作的目的，例如为什么选择薄透明玻璃板、为什么选择两个完全相同的蜡烛、玻璃板为什么要竖直放置、刻度尺的作用等。18（7分）在语文课本上学习了“死海不死”的文章后，小敏想“探究浮力的大小与哪些因素有关”，她提出了如下猜想：猜想一：可能与液体的密度有关猜想二：可能与物体排开液体的体积有关猜想三：可能与物体浸没在液体中的深度有关为了验证

44、上述猜想，她按照图中字母顺序做了如下实验：（1）分析比较实验步骤A、C、D，可以验证猜想三；分析比较实验步骤A、B、C，可以验证猜想二是正确的，并由此联想到，轮船的满载排水量越大（选填“大”或“小”），它的承载能力就越强。（2）分析图中题中提供的信息，可知图E中物体所受的浮力大小为1.2N，计算可知盐水的密度是1.2103kg/m3（3）实验中采用了控制变量的研究方法，下列问题的研究中，也用到这种方法的是C。A、将乒乓球靠近发声的音叉，通过乒乓球被弹开显示音叉在振动B、在研究磁场时，引入“磁感线”的概念C、探究电流与电压、电阻的关系D、用合力代替同一物体上所受到的几个力。【分析】（1）应用控制

45、变量法分析图A、C、D所示实验与图A、B、C所示实验，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论，然后分析答题；（2）物体在盐水中受到的浮力大小等于在空气中弹簧测力计的示数减去浸没在盐水中时弹簧测力计的示数；根据图示实验求出物体在水与盐水中受到的浮力，然后根据浮力公式求出盐水的密度；（3）当一个物理量跟多个影响因素有关时，我们通常只改变其中的某一个因素，而控制其余的所以因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，这种研究问题的方法叫控制变量法。【解答】解：（1）分析比较实验步骤A、C、D实验可知，物体排开水的体积相同而物体浸没在水中的深度不同，根据F浮=GF可得物体受到的浮力相等，由此可知，物

46、体受到的浮力与物体浸没在液体的深度无关，由此可知，猜想三是错误的；分析比较实验步骤A、B、C，实验可知，物体浸入液体中的体积不同，根据F浮=GF可得物体受到的浮力不同，由此可知，物体受到的浮力与物体浸入液体中的体积有关，由此可知，猜想二是正确的；并由此联想到，轮船的满载排水量越大，它的承载能力就越强；（2）物体在空气中时弹簧测力计示数2.8N，全部浸没在浓盐水中时弹簧测力计的示数为1.6N，因此物体在浓盐水中所受的浮力为F浮=GG=2.8N1.6N=1.2N。由图A、C所示实验可知，物体浸没在水中受到的浮力：F浮=2.8N1.8N=1N，由图A、E所示实验可知，物体浸没在盐水中受到的浮力F浮=

47、1.2N，设物体体积为V，由浮力公式：F浮=gV排，F浮=水gV，F浮=盐水gV，则盐水的密度：盐水=1.2103kg/m3；（3）初中物理使用控制变量法研究的物理实验很多，如：研究影响斜面机械效率大小的因素；电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关；故C正确；A将乒乓球靠近发声的音叉，通过乒乓球被弹开显示音叉在振动，是转换法；B在研究磁场时，引入“磁感线”的概念，是建立模型法；D用合力代替同一物体上所受到的几个力，是等效替代法；故ABD错误，故选C。故答案为：（1）三；二；大；（2）1.2；1.2103；（3）控制变量；C。【点评】本题考查了弹簧测力计读数、实验现象分析、求盐水的密度，应用控

48、制变量法分析图示实验、应用浮力公式即可正确解题。19（7分）在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压为6V保持不变，所用小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为10。（1）用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变亮。（2）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到最左端 （选填“左“或“右”）。（3）闭合开关S后，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，接下来首先应该操作的是C （填序号）A检查电路是否断路B检查电路是否短路C移动滑动变阻器的滑片P，观察小灯泡是否发光（4）通过小灯泡的电流随它两端电压的变化如图乙所示，分析图象可知，当小灯泡两端的电压

49、增大时，灯丝的电阻会增大（选填“增大”、“不变”或“减小“）；小灯泡的额定功率为0.5W。（5）若将小灯泡换成定值电Rl，该电路还可以进行的实验有伏安法测电阻（请写出一个即可）。【分析】（1）滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变亮，电阻减小，接右下接线柱；（2）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P滑到最大值处；（3）灯泡不发光时，首先看电流表，在看电压表，最后移动滑动变阻器；（4）分析图象可知得出小灯泡两端的电压增大时灯丝的电阻的变化，读出电流表在额定电压下的电流，由P=UI计算出额定功率；（5）用电压表测量电阻，电流表测量电流，可以测量电阻。【解答】解：（1）滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变

50、亮，根据P=I2R知电流增大，由欧姆定律知电阻减小，应接右下接线柱，电路如下图所示：（2）为了保护电路，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P滑到最大值左端；（3）因为电流表和电压表都有示数，就应该考虑是灯泡实际功率太小，所以应该移动滑动变阻器。故选C；（4）由图象可知，当小灯泡两端的电压增大时，电流也增大，但电流增大较小，根据R=知，灯丝的电阻会增大；当灯泡正常发光时电压为2.5V，由图知，电流为0.2A，所以灯泡的额定功率：P额=U额I=2.5V0.2A=0.5W；（5）若将小灯泡换成定值电Rl，用电压表测量电阻，电流表测量电流，根据R=可以测量电阻。故答案为：（1）见上图；（2）左；（3）

51、C；（4）增大；0.5；（5）伏安法测电阻。【点评】能正确连接实物电路，能灵活运用欧姆定律，能从图象中读出正确信息，并能利用电功率公式进行计算，是此题中考查的主要内容。五、综合应用题（第20题9分，第21题9分，共18分）20（9分）某型号汽车发动机的额定功率为4104W，在水平路面上匀速行驶时受到的阻力是1600N在额定功率下，当汽车匀速行驶时，求：（l）发动机所提供的牵引力大小；（2）汽车行驶10min牵引力所做的功； （3）汽车行驶速度的大小。【分析】（1）汽车在水平路面上匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等；（2）知道发动机的功率和行驶时间，根据W=Pt

52、求出牵引力所做的功；（3）根据P=Fv求出汽车行驶速度的大小。【解答】解：（1）因汽车在水平路面上匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，发动机所提供的牵引力大小：F=f=1600N；（2）由P=可得，汽车行驶10min牵引力所做的功：W=Pt=4104W1060s=2.4107J；（3）由P=Fv可得，汽车行驶速度的大小：v=25m/s。答：（l）发动机所提供的牵引力大小为1600N；（2）汽车行驶10min牵引力所做的功为2.4107J； （3）汽车行驶速度的大小为25m/s。【点评】本题考查了二力平衡条件和做功公式、功率公式的应用，要注意功率P=Fv的应用。21（9

53、分）养生壶是一种用于养生保健的烹饮容器，采用新型电加热材料，通电后产生热量把壶内的水加热。如图是某款养生壶及其铭牌，求：（1）养生壶正常工作时的电阻；（2）若正常工作时，养生壶加热效率为91%，将1kg水从20加热到85需要多长时间；【c水=4.2103J/（kg）】（3）用电高峰期，家中只有液晶电视机和养生壶工作时，养生壶将1kg水从20加热到85，实际用时363s，通过电能表测得此过程共耗电3.726105J，此时养生壶两端的电压和通过液晶电视机的电流多大。（设养生壶的电阻和加热效率不变）。型号CHM16额定电压220V频 率50Hz额定功率1000W容 量1.2L【分析】（1）已知养生壶

54、的额定功率和额定电压，由电功率公式的变形公式可以求出养生壶的电阻；（2）已知水的质量、水的比热容和水温的变化，利用热量公式求出水吸收的热量；求出电热水壶产生的热量，然后应用功率公式的变形公式求出电热水壶正常工作的时间。（3）求出用电高峰，实际电功率，然后可求得其实际电压，分别求得电路实际总电功率和电养生壶的实际电功率，然后可知液晶电视机的实际电功率，再利用P=UI可求通过液晶电视机的电流。【解答】解：（1）由P=可得，养生壶正常工作时的电阻：R=48.4。（2）水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）1kg（8520）=2.73105J，由=可得，养生壶消耗的电能：W=3105J，

55、由P=可得，养生壶工作时间：t=300s；（3）在用电高峰时，养生壶仍然将1kg水从20加热到85，且加热效率不变，所以养生壶消耗的电能不变，仍然为3105J，则养生壶的实际功率：P实=W826W，养生壶的电阻不变，由P=可得实际电压：U实=200V，此过程共耗电3.726105J，则电路的总功率：P总=1026W，因为P总=P实+P液晶，所以液晶电视机的实际功率：P液晶=P总P实=1026W826W=200W，由P=UI可得，通过液晶电视机的电流：I=1A。答：（1）养生壶的电阻是48.4（2）工作时间是300s。（3）实际电压是200V，通过液晶电视机的电流是1A。【点评】本题是一道电学与热学的综合应用题，与生活息息相关，使学生觉得学了物理有用，在应用时要注意应结合题意选择合适的计算公式。29