2019-2020学年九年级物理考点归类复习 专题五 欧姆定律练习（含解析）

《2019-2020学年九年级物理考点归类复习 专题五 欧姆定律练习（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019-2020学年九年级物理考点归类复习 专题五 欧姆定律练习（含解析）（22页珍藏版）》请在装配图网上搜索。

1、2019-2020学年九年级物理考点归类复习专题五：欧姆定律考点一：电流跟电压、电阻的关系1.一导体接到电路中 ，如果把它两端的电压增大到原来的三倍，下列说法中正确的是（ ） A.它的电阻是原来的三倍B.它的电流保持不变C.它的电流是原来的三分之一D.它的电流是原来的三倍2.在研究电流跟电压、电阻的关系实验中，当研究电流与电阻的关系时，应该( )A.调节滑动变阻器，使电路中的电流保持不变B.调节滑动变阻器，使不同的定值电阻R两端的电压保持不变C.使电阻R两端电压成倍数变化D.每次测量时都要使电路中的电流成倍数变化3.一段导体两端电压是4.0V时，导体中的电流是1.0A，如果将其两端的电压减少到

2、2.0V，导体中的电流变为( ) A.2.0AB.0.25AC.3.0AD.0.50A4.关于电流跟电压、电阻关系的正确说法是（） A.导体中的电流跟这段导体两端的电压成正比B.导体中的电流跟导体的电阻成反比C.在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比D.导体的电阻与导体中的电流成反比，跟导体两端的电压成正比5.小月在探究“电路中一个可变电阻两端电压U 与通过它的电流 I 的关系”时，记录的实验数据如下表所示请根据表中数据归纳判断：当I=0.5A时，U = _V .考点二：欧姆定律1.由欧姆定律公式I= 变形得R= ，对此，下列说法正确的是（ ）A.加在导体两端的电压越大，则导体的电阻越大

3、B.通过导体的电流越大，则导体的电阻越小C.导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体的电流成反比D.导体的电阻跟导体两端的电压和通过导体的电流无关2.由欧姆定律 推得 ，下列说法中正确的是（ ）A.导体的电阻与导体两端电压成正比B.导体的电阻与通过导体的电流成反比C.导体的电阻是导体本身的属性，与电压电流无关D.以上说法都不对3.对一确定的导体，其电阻R= 所表示的意思是（ ）A.加在导体两端的电压越大，则电阻越大B.导体中电流越小，则电阻越大C.导体的电阻等于导体两端电压与通过导体的电流之比D.导体的电阻与电压成正比，与电流成反比4.对欧姆定律公式I= 的理解，下面哪一句话是错误的：( )

4、A.对某一段导体来说，导体中的电流跟它两端的电压成正比；B.在相同电压的条件下，不同导体中的电流跟电阻成反比；C.导体中的电流既与导体两端的电压有关也与导体电阻有关；D.因为电阻是导体本身的属性，所以导体中的电流只与导体两端电压有关，与电阻无关。5.根据欧姆定律公式 可以导出 ，由公式得出的正确结论是（） A.导体电阻的大小跟导体两端电压成正比B.导体电阻的大小跟导体中电流成反比C.导体电阻的大小是由导体两端的电压和通过导体中的电流共同决定D.导体的电阻是导体本身的一种性质，它的大小与导体两端的电压和导体中的电流无关考点三：电阻的测量1.用伏安法测电阻时，某同学列出了下列注意事项，其中没有必要

5、的是（）A.连接电路时，应从电源的正极开始连线B.连接电路时，电键应始终处于断开状态C.使用电压表和电流表时要选择量程D.电路连接好后，应先用电键试触2.下列四幅图中，能测出未知电阻阻值的是（ ） 3.用如图所示的电路可以测量一个未知电阻的阻值，其中Rx为待测电阻，R为电阻箱 ，S为单刀双掷开关，R0为定值电阻小明用该电路进行实验，主要步骤有：A把开关S接b点，调节电阻箱，使电流表的示数为I；B读出电阻箱的示数R；C把开关S接a点，读出电流表的示数为I；D根据电路图，连接实物，将电阻箱的阻值调至最大（1）上述步骤的合理顺序是_（只需填写序号）（2）步骤A中电阻箱调节好后示数为30 若已知R0的

6、阻值为10，则待测电阻的阻值为_（3）本实验物理思想方法可称为_（选填“控制变量法”或“等效替代法”）4.小明用“伏安法”测量一个定值电阻Rx的阻值（约为20左右）.实验器材有：定值电阻Rx、电压表（量程03V和015V）、电流表（量程00.6A和03A）、滑动变阻器（20 1A）、开关、学生电源各一个，导线若干. （1）“伏安法”测量电阻的原理是_； （2）如图a所示是“伏安法”测量电阻的实验电路图，图中甲、乙为两个电表，其中甲为_表；（3）本实验电源电压选用12V，电压表应该选用_量程，电流表选用00.6A量程；连接如图b所示的电流表时，应该使电流从“_”接线柱流入电流表；（4）闭合开关后

7、，发现电压表的示数约为6v，电流表示数为零；移动滑动变阻器滑片，电压表示数有明显变化，但电流表示数为零，则发生故障的元件是_； （5）排除故障后，接通电路，移动滑动变阻器滑片，当电流表的示数如图13b所示时，通过电阻Rx的电流大小是_A； （6）经多次测量，小明由实验数据绘制得如图c所示的U-I图象，由图象可知电阻Rx_（保留一位小数）；（7）在物理实验中，经常要对物理量进行多次测量，下列实验与本次实验进行多次测量的目的相同的是 （填序号）. A.用刻度尺测量物理课本的长与宽B.探究杠杠的平衡条件C.测量小灯泡的电功率考点四：电流表、电压表示数变化1.大功率空调在启动一瞬间，与空调并联的台灯变

8、暗，关于这一现象，下列说法不正确的是（ ）A.进户线中电流变大B.线路中电阻变大C.线路中热损失变大D.灯泡两端电压变小2.如图所示的电路中，电源电压恒定不变，当电键S闭合时（ ）A.电压表示数变小，电流表示数变小，灯变暗B.电压表示数变大，电流表示数变大，灯变亮C.电压表示数不变，电流表示数不变，灯的亮度不变D.电压表示数不变，电流表示数变小，灯变暗3.如图所示，电源电压恒定，闭合开关，移动滑片，则：( )A.电压表示数与电流表示数之比始终是个定值B.电压表示数变化量与电流表示数变化量相同C.电压表示数变化量与电流表示数变化量成正比D.电压表示数变化量与电流表示数变化量之积是个定值4.在如图

9、所示的电路中，电源电圧保持不变，闭合开关S后，当滑动变阻器R2的滑片P由中点向右端移动时（ ） A.电压表V的示数不变B.电流表A1的示数变小C.电压表V示数与电流表A2示数的比值变小D.电流表A1示数与电流表A2示数的比值变大考点五：欧姆定律的应用1.将电阻R1、R2串联在电路中，已知R1=3R2 ， 总电压为4V，则R1两端的电压为（）A.B.C.D.2.定值电阻两端的电压从2V增加到2.8V，通过该电阻的电流增加0.1A，则该电阻的阻值为（ ） A.5B.6C.7D.83.把一个阻值R1=4欧的电阻与另一个电阻R2连接后接在电源上，它们端电压比为1：4则（）A.这两个电阻一定并联B.通过

10、的电流比I1：I2=4：1C.电阻R2的阻值为16欧D.电源电压一定为5V4.额定电压相同的甲、乙两盏电灯，其额定功率之比为5：3，如果将它们串联接入电压与额定电压相同的电路中，下列叙述正确的是（）A.两灯实际消耗功率之比为5：3B.两灯都能正常发光C.两灯实际通过电流之比为3：5D.两灯实际电压之比为3：55.如图所示，电源、滑动变阻器与螺线管相连，闭合开关，在通电螺线管的右端放置一个小磁针，小磁针静止时N极水平向右则（ ）A.电源左端为正极 B.电源右端为正极C.滑动变阻器的滑片P向左移动，通电螺线管的磁性增强 D.滑动变阻器的滑片P向右移动，通电螺线管的磁性增强6.如图所示，电源电压恒定

11、，R1=10，闭合开关 S，断开开关 S1 电流表示数为 0.3A 若再闭合 S1 ， 发现电流表示数变化了 0.2A，则电源电压为_V；R2的阻值为_7.10秒内通过某导体横截面的电荷量为2库，则通过该导体的电流为_安；若该导体两端电压为3伏，则导体的电阻为_欧；若将该导体两端的电压减小到0.2伏，它的电阻为_欧. 8.在图（a）所示的电路中，电源电压保持不变电阻R1的阻值为30欧 闭合电键S后，电流表的示数为0.5安，求电源电压U现电路中有A、B、C和D四点，需将一标有“50 2A”字样的滑动变阻器R2并联其中两点上，要求：闭合电键S后，在移动变阻器滑片P的过程中，电流表的指针能随之发生偏

12、转（a）滑动变阻器R2可以并联在电路的哪两点间；（b）当电流表指针位置如图（b）所示时，变阻器连入电路的阻值R2；（c）在不损坏电路元件的情况下，求电流表示数的范围2019-2020学年九年级物理考点归类复习专题五：欧姆定律参考答案考点一：电流跟电压、电阻的关系1.一导体接到电路中 ，如果把它两端的电压增大到原来的三倍，下列说法中正确的是（ ） A.它的电阻是原来的三倍B.它的电流保持不变C.它的电流是原来的三分之一D.它的电流是原来的三倍【答案】D 【解析】A. 因电阻是导体本身的一种性质，与导体的两端电压无关，故电压增大到原来的三倍，导体中的电阻不变；A不符合题意；BCD、电阻不变，电压变

13、为原来的三倍，由I= 得，电流变为I= =3I，即电流是原来的三倍。BC不符合题意，D符合题意。故答案为：D2.在研究电流跟电压、电阻的关系实验中，当研究电流与电阻的关系时，应该( )A.调节滑动变阻器，使电路中的电流保持不变B.调节滑动变阻器，使不同的定值电阻R两端的电压保持不变C.使电阻R两端电压成倍数变化D.每次测量时都要使电路中的电流成倍数变化【答案】 B 【解析】当研究电流与电阻的关系时，应该保持电压不变，调节使滑动变阻器使其阻值发生变化，看电流怎样改变 . AC不合题意，B符合题意；每次调节，不必要使电流成倍变化，D不合题意 .故答案为：B .3.一段导体两端电压是4.0V时，导体

14、中的电流是1.0A，如果将其两端的电压减少到2.0V，导体中的电流变为( ) A.2.0AB.0.25AC.3.0AD.0.50A【答案】D 【解析】当电阻一定时，导体中的电流和导体两端的电压成正比，电压变为原来的一半，电流也变为原来电流的一半，为0.50A，D符合题意，ABC不符合题意.故答案为：D.4.关于电流跟电压、电阻关系的正确说法是（） A.导体中的电流跟这段导体两端的电压成正比B.导体中的电流跟导体的电阻成反比C.在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比D.导体的电阻与导体中的电流成反比，跟导体两端的电压成正比【答案】A,C 【解析】由欧姆定律可知，在电压一定时，导体中的电流跟

15、导体的电阻成反比；在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比故B错误，AC正确；导体的电阻只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，故D错误故选AC5.小月在探究“电路中一个可变电阻两端电压U 与通过它的电流 I 的关系”时，记录的实验数据如下表所示请根据表中数据归纳判断：当I=0.5A时，U = _V .【答案】9.5 【解析】由表格数据可知：电压增加1V，通过它的电流减小0.2A，根据规律可得，当通过它的电流减小0.1A时，电压增大了0.5V，所以，当I=0.5A时，U = 9.5V .故答案为：9.5V .考点二：欧姆定律1.由欧姆定律公式I= 变形得R= ，对此，下列说法正确的是

16、（ ）A.加在导体两端的电压越大，则导体的电阻越大B.通过导体的电流越大，则导体的电阻越小C.导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体的电流成反比D.导体的电阻跟导体两端的电压和通过导体的电流无关【答案】 D 【解析】导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端电压和通过的电流无关，故ABC错误，D正确 故选D2.由欧姆定律 推得 ，下列说法中正确的是（ ）A.导体的电阻与导体两端电压成正比B.导体的电阻与通过导体的电流成反比C.导体的电阻是导体本身的属性，与电压电流无关D.以上说法都不对【答案】 C 【解析】由欧姆定律推得 只能计算导体的电阻，但电阻与电压、电流无关，C符

17、合题意.故答案为：C.3.对一确定的导体，其电阻R= 所表示的意思是（ ）A.加在导体两端的电压越大，则电阻越大B.导体中电流越小，则电阻越大C.导体的电阻等于导体两端电压与通过导体的电流之比D.导体的电阻与电压成正比，与电流成反比【答案】 C 【解析】导体的电阻大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，而与导体两端的电压、通过的电流无关，欧姆定律的变形公式R= 只能表示在数值上电阻等于导体两端的电压与通过的电流之比故只有选项C的说法符合题意故选C4.对欧姆定律公式I= 的理解，下面哪一句话是错误的：( ) A.对某一段导体来说，导体中的电流跟它两端的电压成正比；B.在相同电压的条件下，不同

18、导体中的电流跟电阻成反比；C.导体中的电流既与导体两端的电压有关也与导体电阻有关；D.因为电阻是导体本身的属性，所以导体中的电流只与导体两端电压有关，与电阻无关。【答案】D 【解析】A.当电阻一定时，导体中的电流和它两端的电压成正比，A不符合题意；B.在电压一定时，导体中的电流和导体的电阻成反比，B不符合题意；CD.导体的电流和导体的电阻有关，也和导体两端的电压有关，C不符合题意，D符合题意；故答案为：D.5.根据欧姆定律公式 可以导出 ，由公式得出的正确结论是（） A.导体电阻的大小跟导体两端电压成正比B.导体电阻的大小跟导体中电流成反比C.导体电阻的大小是由导体两端的电压和通过导体中的电流

19、共同决定D.导体的电阻是导体本身的一种性质，它的大小与导体两端的电压和导体中的电流无关【答案】 D 【解析】电阻是导体本身的一种性质，电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，导体电阻在数值上等于导体两端电压与通过导体的电流之比，故D正确；故选D考点三：电阻的测量1.用伏安法测电阻时，某同学列出了下列注意事项，其中没有必要的是（）A.连接电路时，应从电源的正极开始连线B.连接电路时，电键应始终处于断开状态C.使用电压表和电流表时要选择量程D.电路连接好后，应先用电键试触【答案】 A 【解析】A、没有必要，只要能正常快速连接即可；B、说法正确，连接电路时，电键应始

20、终处于断开状态，是为了防止短路；B、说法正确，使用电压表和电流表时要选择量程，是为了准确读数；D、说法正确，电路连接好后，应先用电键试触，是为了防止短路的发生。故选A。2.下列四幅图中，能测出未知电阻阻值的是（ ） 【答案】ACD 【解析】 A由电路图可知，开关S断开时，电路为R0的简单电路，电流表测通过R0的电流I0 ， 由I= 可得电源的电压U=I0R0；当S闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流I，由并联电路的电流特点可知通过Rx的电流Ix=II0 ， 由并联电路的电压特点可知Rx两端的电压Ux=U，由Rx= 求出未知电阻阻值，故A正确；B由电路图可知，当开关接1时，若电压表正负接线柱接法

21、正确，此时可以测出R0两端电压，但接下来把开关接到2时，电压表的正负接线柱此时就变得相反了，测不出Rx的电压，也就无法利用串联电路的电压分配规律求出Rx的阻值了，故B错误；C由电路图可知，R0与Rx并联，电流表A1测R0支路的电流，电流表A2测Rx支路的电流，根据并联电路中各支路两端的电压相等和I= 可知，I0R0=IxRx ， 解得Rx= ，故C正确；D由电路图可知，闭合S1、S2时，Rx短路，电压表测电源电压U；断开S1 ， 闭合S2时，R0与Rx串联，电压表测量R0两端的电压U0 ， 根据串联电路的电流特点和欧姆定律可得通过Rx的电流Ix= ，根据串联电路的特点可求出Rx两端的电压Ux=

22、UU0 ， 则由欧姆定律可求得Rx的阻值，故D正确故选ACD3.用如图所示的电路可以测量一个未知电阻的阻值，其中Rx为待测电阻，R为电阻箱 ，S为单刀双掷开关，R0为定值电阻小明用该电路进行实验，主要步骤有：A把开关S接b点，调节电阻箱，使电流表的示数为I；B读出电阻箱的示数R；C把开关S接a点，读出电流表的示数为I；D根据电路图，连接实物，将电阻箱的阻值调至最大（1）上述步骤的合理顺序是_（只需填写序号）（2）步骤A中电阻箱调节好后示数为30 若已知R0的阻值为10，则待测电阻的阻值为_（3）本实验物理思想方法可称为_（选填“控制变量法”或“等效替代法”）【答案】 DCAB ；30 ；等效替

23、代法【解析】本题用到了等效替代法，替代法的测量关键是等效，本题可以利用电流等效即先把开关S接a点，读出电流表的示数为I（此电流为Rx、R0共同作用的效果）；然后再把开关S接b点，调节电阻箱，使电流表的示数仍变为原来的数值I（此电流为R、R0共同作用的效果）既然Rx和R0共同作用的效果与R、R0共同作用的效果相同，则Rx+R0=R+R0 ， 即Rx=R这里用电阻箱R等效替代了待测电阻Rx 故合理顺序为DCAB；（2）因为Rx和R0共同作用的效果与R、R0共同作用的效果相同，所以Rx+R0=R+R0 ， 即Rx=R=30；（3）本实验物理思想方法叫等效替代法4.小明用“伏安法”测量一个定值电阻Rx

24、的阻值（约为20左右）.实验器材有：定值电阻Rx、电压表（量程03V和015V）、电流表（量程00.6A和03A）、滑动变阻器（20 1A）、开关、学生电源各一个，导线若干. （1）“伏安法”测量电阻的原理是_； （2）如图a所示是“伏安法”测量电阻的实验电路图，图中甲、乙为两个电表，其中甲为_表；（3）本实验电源电压选用12V，电压表应该选用_量程，电流表选用00.6A量程；连接如图b所示的电流表时，应该使电流从“_”接线柱流入电流表；（4）闭合开关后，发现电压表的示数约为6v，电流表示数为零；移动滑动变阻器滑片，电压表示数有明显变化，但电流表示数为零，则发生故障的元件是_； （5）排除故障

25、后，接通电路，移动滑动变阻器滑片，当电流表的示数如图13b所示时，通过电阻Rx的电流大小是_A； （6）经多次测量，小明由实验数据绘制得如图c所示的U-I图象，由图象可知电阻Rx_（保留一位小数）；（7）在物理实验中，经常要对物理量进行多次测量，下列实验与本次实验进行多次测量的目的相同的是 （填序号）. A.用刻度尺测量物理课本的长与宽B.探究杠杠的平衡条件C.测量小灯泡的电功率【答案】（1） （2）电压 （3）015V；0.6A （4）电流表短路 （5）0.34A（6）22.2 （7）A 【解析】解.（1）用伏安法测电阻，需用电压表与电阻并联测出电压，电流表与电阻串联测出电流，根据R=U/I

26、计算出电阻值，由于要多测几次求平均值，所以电路中需用到滑动变阻器，注意电流从电表的正接线柱流入、负接线柱流出；“伏安法”测量电阻的原理是；（2）如图a所示是“伏安法”测量电阻的实验电路图，图中甲电表并联、乙电表串联，所以甲为电压表；（3）本实验电源电压选用12V，根据题给滑动变阻器（20 1A）、定值电阻Rx的阻值（约为20左右）所以由I=U/R可估算得：I总min=12V/（20+20）=0.3A；被测定值电阻Rx两端的电压最小为URx=6V，所以电压表应该选用015V量程，电流表选用00.6A量程；连接如图b所示的电流表时，应该使电流从正接线柱流入即0.6A接线柱流入电流表；（4）闭合开关

27、，发现电压表的示数约为6v，电流表示数为零；移动滑动变阻器滑片，电压表示数有明显变化，说明电路连通，但电流表示数为零，则发生故障的元件是电流表短路；（5）排除故障后，接通电路，移动滑动变阻器滑片，当电流表的示数如图13b所示时，根据电流表选用00.6A量程，则通过电阻Rx的电流大小是0.34A；（6）多次测量，小明由实验数据绘制得如图c所示的U-I图象，由图象选择坐标点（10v；0.45A）可知电阻Rx10v/0.45A22.2（保留一位小数）；（7）本次实验对物理量电阻R进行多次测量，求平均值，减少实验误差，所以下列实验与进行多次测量的目的相同的是A.故答案为：（1）（2）电压（3）015V

28、；0.6A（4）电流表短路（5）0.34A（6）22.2（7）A考点四：电流表、电压表示数变化1.大功率空调在启动一瞬间，与空调并联的台灯变暗，关于这一现象，下列说法不正确的是（ ）A.进户线中电流变大B.线路中电阻变大C.线路中热损失变大D.灯泡两端电压变小【答案】 B 【解析】A、当使用大功率的空调时，电路中的总功率过大，家庭电路的电压一定，由P=UI知道，干路中的电流变大；B、不考虑温度对电阻的影响，线路中的电阻不变；C、干路中的电流变大，由Q=I2Rt可知，线路中的热损耗变大；D、由U=IR，线路电阻分压大，灯两端的电压变小；故选B2.如图所示的电路中，电源电压恒定不变，当电键S闭合时

29、（ ）A.电压表示数变小，电流表示数变小，灯变暗B.电压表示数变大，电流表示数变大，灯变亮C.电压表示数不变，电流表示数不变，灯的亮度不变D.电压表示数不变，电流表示数变小，灯变暗【答案】 C 【解析】当电键S闭合时灯泡和电阻并联在电路中，电流表测通过灯泡的电流，电压表测路端电压，故电压表示数不变，电流表示数不变灯泡亮度不变A，B，D错误，C正确故选C3.如图所示，电源电压恒定，闭合开关，移动滑片，则：( )A.电压表示数与电流表示数之比始终是个定值B.电压表示数变化量与电流表示数变化量相同C.电压表示数变化量与电流表示数变化量成正比D.电压表示数变化量与电流表示数变化量之积是个定值【答案】

30、C 【解析】A由图示可知，两电阻是串联的，电压表测滑动变阻器两端的电压；电压表示数与电流表示数之比等于滑动变阻器的电阻，所以比值是变化的，A不符合题意；B电压表是测电压的，电流表是测电流的，两个表示数的变化量是不能比较的，B不符合题意；C电压表示数变化量与电流表示数变化量之比等于定值电阻的阻值，是一定的，所以成正比，C符合题意；D电压表示数变化量与电流表示数变化量之积不是定值，是随电流的大小变化的，D不符合题意.故答案为：C.4.在如图所示的电路中，电源电圧保持不变，闭合开关S后，当滑动变阻器R2的滑片P由中点向右端移动时（ ） A.电压表V的示数不变B.电流表A1的示数变小C.电压表V示数与

31、电流表A2示数的比值变小D.电流表A1示数与电流表A2示数的比值变大【答案】AD 【解析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测电源的电压，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流 因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故A正确；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变，故B错误；当滑动变阻器R2的滑片P由中点向右端移动时，接入电路中的电阻变大，由I= 可得，通过R2的电流变小，即电流表A2的示数变小，由电压表V示数不变、电流表A2示数变小可知，电压表V示数与电流表A2示数的比值变大，故

32、C错误；由电流表A1示数不变、电流表A2示数的比值变小可知，电流表A1示数与电流表A2示数的比值变大，故D正确考点五：欧姆定律的应用1.将电阻R1、R2串联在电路中，已知R1=3R2 ， 总电压为4V，则R1两端的电压为（）A.B.C.D.【答案】 B 【解析】【分析】依据欧姆定律和电路特征解题：串联电路电流相等为I。,因为,所以,即故选B2.定值电阻两端的电压从2V增加到2.8V，通过该电阻的电流增加0.1A，则该电阻的阻值为（ ） A.5B.6C.7D.8【答案】 D 【解析】定值电阻两端的电压从2V增加到2.8V，通过该电阻的电流增加： I=I2I1= = =0.1A，解得：R=8故选D

33、3.把一个阻值R1=4欧的电阻与另一个电阻R2连接后接在电源上，它们端电压比为1：4则（）A.这两个电阻一定并联B.通过的电流比I1：I2=4：1C.电阻R2的阻值为16欧D.电源电压一定为5V【答案】 C 【解析】因并联电路中各支路两端的电压相等，且U1：U2=1：4，所以，两电阻的连接方式是串联，故A错误；因串联电路中各处的电流相等，所以，通过的电流比为1：1，故B错误；由I=可得，两电阻的阻值之比：则R2=4R1=44=16，故C正确；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压U=I（R1+R2），由于电路中的电流不确定，电源的电压无法计算，故D错误故选C4.额定电压相同的甲、

34、乙两盏电灯，其额定功率之比为5：3，如果将它们串联接入电压与额定电压相同的电路中，下列叙述正确的是（）A.两灯实际消耗功率之比为5：3B.两灯都能正常发光C.两灯实际通过电流之比为3：5D.两灯实际电压之比为3：5【答案】 D 【解析】P= ， R= ， 两只灯泡的电阻之比为3：5，A、C、在串联电路中电流处处相等，将两只灯泡串联时，电流之比为1：1，由公式P=I2R知：灯泡消耗的实际功率之比为3：5两选项均错误；B、电源电压等于每只灯泡的额定电压，当两只灯泡串联时，每只灯泡两端的实际电压都小于其额定电压，所以灯泡都不能正常发光此选项错误；D、在串联电路中，灯泡两端实际电压与其阻值成正比，所以

35、灯泡两端实际电压之比为3：5此选项正确故选D5.如图所示，电源、滑动变阻器与螺线管相连，闭合开关，在通电螺线管的右端放置一个小磁针，小磁针静止时N极水平向右则（ ）A.电源左端为正极 B.电源右端为正极C.滑动变阻器的滑片P向左移动，通电螺线管的磁性增强 D.滑动变阻器的滑片P向右移动，通电螺线管的磁性增强【答案】 A,D 【解析】（1）由于小磁针静止时N极水平向右，根据磁极间的相互作用可知，通电螺线管的右端为N极，左端为S极，根据安培定则可判断出通电螺线管的N极，可知电源左端为正极，右端为负极；故A正确，B错误；（2）滑动变阻器滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电流变小，因此通

36、电螺线管的磁性减弱同理可以得出滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电流变大，因此通电螺线管的磁性增强，故C错误，D正确故选AD6.如图所示，电源电压恒定，R1=10，闭合开关 S，断开开关 S1 电流表示数为 0.3A 若再闭合 S1 ， 发现电流表示数变化了 0.2A，则电源电压为_V；R2的阻值为_【答案】3；15 【解析】闭合S，断开S1时，电路为R1的简单电路，由I=U/R可知，电源的电压：U=U1=I1R1=0.3A10=3V；若再闭合S1时，两电阻并联，电流表示数的变化量即为R2路的电流，则I2=0.2A；由I=U/R可知，R2=U/I2=3V/0.2A=1

37、5.故答案为：3；15.7.10秒内通过某导体横截面的电荷量为2库，则通过该导体的电流为_安；若该导体两端电压为3伏，则导体的电阻为_欧；若将该导体两端的电压减小到0.2伏，它的电阻为_欧. 【答案】0.2 ；15 ；15 【解析】通过该导体的电流为I=Q/t=2C/10s=0.2A；导体的电阻为：R=U/I=3V/0.2A=15；由于电阻是导体本身的属性，与电压和电流无关，所以当电压减小时，导体的电阻不变，仍是15.故答案为：0.2；15；158.在图（a）所示的电路中，电源电压保持不变电阻R1的阻值为30欧 闭合电键S后，电流表的示数为0.5安，求电源电压U现电路中有A、B、C和D四点，需

38、将一标有“50 2A”字样的滑动变阻器R2并联其中两点上，要求：闭合电键S后，在移动变阻器滑片P的过程中，电流表的指针能随之发生偏转（a）滑动变阻器R2可以并联在电路的哪两点间；（b）当电流表指针位置如图（b）所示时，变阻器连入电路的阻值R2；（c）在不损坏电路元件的情况下，求电流表示数的范围【答案】解：由图可知，电源电压为：U=IR=0.5A30=15V； （a）滑动变阻器应并联到R1的两端，即AB之间；（b）由题意可知，电流表的示数应大于0.5A，故电流表量程为03A，电流表示数为1.5A；通过滑动变阻器的电流为：I=1.5A0.5A=1A；滑动变阻器的电阻为：R2= = =15；（c）通过滑动变阻器的最大电流为2A，此时电路中的最大电流为I大=2A+0.5A=2.5A；滑动变阻器的最小电流为：I滑= = =0.3A；电路中的最小电流为：I小=0.3A+0.5A=0.8A答：电源电压为15V；（a）AB；（b）变阻器连入电路的阻值R2为15；（c）电流表示数的范围为0.8A2.5A【解析】根据U=IR求出电压；（a）滑动变阻器应并联到R1的两端；（b）读出电流表的示数，根据并联电路的电流规律求出变阻器的电流，然后求出电阻；（c）滑动变阻器的电阻最大时，电流最小；通过滑动变阻器的最大电流为2A22