17.3电阻的测量— 人教版九年级物理上册同步测试

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1、2020-2021学年九年级全册人教版物理第十七章第三节电阻的测量同步测试一、单选题（共7题；共21分）1.用伏安法测导体电阻的实验中，连接电路时，以下哪项要求是没有必要的（）A.连接滑动变阻器的时候，应该使滑片位于变阻器阻值最大的位置B.连接开关时，应该先将开关断开C.开关应该在靠近电源、电流流出的一端，即接在电源的正极上D.电压表应与待测电阻并联，电流表应与待测电阻串联，并使电流从正接线柱流进，由负接线柱流出2.用伏安法测甲、乙两个导体的电阻时，分别测出了通过导体的电流I和电压U ， 然后作出了IU的图像如图，由此可以判断（ ）A.R甲= R乙B.R甲 R乙C.R甲R乙D.无法判断R甲与

2、R乙的大小3.某同学用两节干电池串联起来作电源，做伏安法测电阻的实验，因不慎将电流表和电压表相互接错了，如图所示，则开关闭合后，各仪表将（）A.电流表、电压表均被烧坯B.电流表、电压表不会被烧坏C.只有电流表被烧坏D.只有电压表被烧坏4.为了测出未知电阻Rx的阻值，某同学利用阻值已知的电阻R0和一只电流表或电压表分别设计了如图所示的四种电路，其中可行的是（电源电压未知且不变）（ ）A.（2）（4）B.（2）（3）C.（1）（3）D.（3）（4）5.图为某同学在做电学实验时的电路的一部分，根据此电路图，你可以判断该同学正在做的实验是（）A.肯定是测定小灯泡的电功率B.肯定是测定小灯泡的灯丝电阻C

3、.肯定是研究小灯泡的电流、电压关系D.以上三个实验均有可能6.如图，某同学用伏安法测小灯泡电阻时，将电流表与小灯泡并联，电压表与小灯泡串联，下列说法中正确的是( )A.电流表烧坏B.电压表烧坏C.两表都烧坏D.灯泡不亮7.要测量一个阻值为数百欧的电阻RX的阻值，提供的器材有：电源电压约3V，学生用电压表（量程03V）、学生用电流表（量程00.6A）、滑动变阻器（20 1A）、电阻箱（09999），开关、导线若干在下面图示的电路中，能测出RX阻值的是（ ） A.B.C.D.二、填空题（共7题；共18分）8.测定某导体_最基本的方法叫做是伏安法；其实验原理是根据_；实验时所用的两个电表在接入电路时

4、应注意：选择适当的_、正确连接_ 9.用如图所示的电路及电阻箱测量小灯泡电阻时，若每次只能接入其中的一个，则应首先将_(选填“电阻箱”“灯泡”)接入电路的M、N之间，读出电流表示数I ， 然后将另一个接入M、N之间并使得电流表读数_(选填“大于”“等于”或“小于”)I.10.某小组为测Rx阻值设计的实验电路图如图甲、乙所示，已知电源电压恒定，电压表03V量程损坏，定值电阻R1=5，R2=10。闭合开关S后，甲、乙两图对应的电压表的示数分别如图丙、丁所示。则可知电源电压是_；待测电阻Rx的阻值是_(计算电阻时，精确到0.1)。11.小辉同学用伏安法测导体的电阻，实验方案和操作过程均正确，两表的连

5、接和示数如图所示。这个实验可以改进的地方是_，你这样改的理由是_。 12.在物理实验中经常要进行多次测量，其目的有两个：为了减小误差；为了寻找规律。在“探究电流与电压、电阻的关系”的实验中，多次测量的目的是_；在“伏安法测量定值电阻的阻值”的实验中，多次测量的目的是_；在“伏安法测量小灯泡的电阻”的实验中，多次测量的目的是_。（以上均填代号） 13.小明同学要测定导体Rx的电阻，小华同学要测定标有“0.3A”字样小灯L的额定功率。他们选取了电压均为6伏的电源、均标有“102A”字样的滑动变阻器及开关和导线等。但在选取电表时，发现可选择的器材中只有一个电流表和一个电压表，经讨论后两位同学各选取了

6、一个电表。接着，他们分别将所选电表接入电路，并按规范步骤进行操作。 为了能顺利完成各自的测量任务，选取电流表的是_同学。选取电压表的同学闭合开关时，电压表示数为2.8伏；移动变阻器滑片至中点位置时（即它接入电路的电阻为5欧），电压表示数为1.8伏。选取电流表的同学闭合电键时，电流表示数为0.26安；将滑片移至中点位置时，电流表示数为0.3安。综合上述信息，请计算求出小明同学两次测定的Rx的阻值。_（计算电阻时精确到0.1欧）小华同学测得小灯L的额定功率P额 _14.在测量小灯泡电阻的实验中，因缺少电压表，小军利用两个电流表和一个已知阻值为10的电阻R0 ， 同样测出了小灯泡的电阻，原理如图甲所

7、示小军读出电流表A1的示数为0.3A，而电流表A2的示数如图乙所示，则小灯泡L两端的电压为_V，电阻为_三、作图题（共3题；共15分）15.下图是测量小灯泡发光时的电阻的电路图，请你补充完整。16.在“测量未知电阻R的阻值“实验中：请你在虚线框内如图1划出电路图并用笔画线代替导线把图2中的器材连接成实验电路17.为了测量小灯泡的电功率，小明按实验设计要求选择了一个标有“2.5V 1W”字样的小灯泡进行测量。闭合开关，调节滑动变阻器滑片的位置，测得当小灯泡两端电压为0.5V时，通过灯泡的电流为0.2A。接着他又继续改变滑动变阻器滑片位置，得到包括额定值在内的多组灯泡的U、I数据。请你根据小明的实

8、验测量在如图中画出灯泡的U-I图像。四、实验探究题（共3题；共21分）18.某同学用如图甲所示的实验装置测小灯泡的电阻：（1）请你帮他用笔划线代替导线连接实物电路，导线不允许交叉（2）该同学连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表的指针几乎不偏转，电压表有示数，接近电源电压，你认为该电路故障可能是_（3）该同学排除电路故障后，完成实验并将实验数据绘制成图象，如图乙所示，当小灯泡两端的电压为2.0V时，小灯泡的电阻为_（4）该同学提出在测定值电阻的实验中，绘制的图象是一条直线，而本实验得到的是曲线，你认为原因可能是_19.用伏安法测某导体电阻的实验： （1）实验原理是：_ （2）在连接电路

9、的过程中，开关始终是_的（填“断开”或“闭合”） （3）根据图1所示实物连接情况，闭合开关前滑片P若在B端，导线的M端应接滑动变阻器的_端（填“A”或“B”） （4）滑片P移动到某一位置时，电流表、电压表读数如图2所示则电流=_A，电压=_V；导体的电阻=_ 20.在“用电压表和电流表测小灯泡电阻的实验”中（灯泡电阻约为10）（1）实验的原理是：_ （2）这叫_ 法测电阻 （3）上图是某次用电压表和电流表测量小灯泡电阻的实物图，请用笔画线代替导线，按照实验的要求完成电路的连接_（要求：滑动变阻器的滑片向右移时电流表示数变大） （4）在探究过程中，连接电路时，滑片应位于_（选填“A”或“B”）使

10、用滑动变阻器的目的是_和_。 （5）若实验中无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电流表和电压表示数均不发生变化，并且电流表和电压表示数均比较小，则原因可能是_。 五、综合题（共3题；共25分）21.在伏安法测电阻Rx的实验中。 （1）实验时，如图甲所示，若只有RX断路，开关闭合后，电路中可能出现的一种现象是电流表示数为_A或电压表示数接近_V （2）在实验过程中，发现电压表不能使用，小明将滑动变阻器调到最大值作为定值电阻Ro使用（R0阻值已知），设计了如图乙所示的电路测量RX阻值。测量时，只闭合S1 ， 电流表示数为l1；只闭合S2电流表示数为l2 ， 则S1闭合时，电阻RX两端的电压UX=_，电阻

11、RX=_.（均选用l1、l2和R0表示） （3）因图乙不能测量多组数据，于是小明向老师借了一只定值电阻R1（R1值己知），设计了如图丙所示的实验电路，重复（3）中的测量步骤和计算方法，并多次测量求出了电阻Rx的阻值。小明得出的RX阻值是_（选填“正确”、“错误”）的，理由是_。 22.阅读下列材料，并回答问题。在伏安法测电阻的实验中，可以有以下两种测量方法，分别叫内接法和外接法。如图所示，分别为实验电路的一部分。电流表与电压表都有电阻，它们的电阻叫内阻，电流表的内阻非常小，约为RA=0.05，所以在电学实验中，它的内阻常常忽略不计；电压表的内阻非常大，约为RV=10k，连入电路中通过的电流很小

12、，所以在电学实验中通过它的电流常常忽略不计。但在实际测量中这些忽略不计的物理量却使测量结果产生误差。博涵同学带领创新实验小组，仔细阅读上述材料后，购买了两个定值电阻并向物理老师借来所需器材进行了测量，两个定值电阻的阻值分别为R1=5，R2=20k，小组同学们为了减小实验误差，选择恰当的方法进行了合作探究，分别测出了两个电阻的阻值。若你也做为博涵创新实验小组的一员，在测量R1=5的阻值时，请你回答：（1）此实验中你们选择的恰当方法是_（选填字母） A.内接法 B.外接法（2）用你们选择的方法测得的电阻值比真实值_（选填“偏大”或“偏小”） （3）请根据欧姆定律解释测量结果偏大或偏小的原因。_ 2

13、3.图甲是用伏安法测未知电阻R的实验图（1）请用笔画线代替导线，将图甲中实物电路连接完整（2）闭合开关，将滑片P向左滑动时，此时电压表示数为2.4V，电流表示数如图乙所示，其读数为I=_A，则未知电阻R=_（3）实验中只有一个电压表和一个已知电阻R0 ， 小明设计了如图丙所示的电路，同样可以测量未知电阻Rx，请在空格内将实验步骤补充完整闭合S、断开S1 ， 用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；_，用电压表测出电源的电压U；请写出用测量值U、U1及R0来表示Rx的表达式：Rx=_答案解析部分一、单选题1.【答案】 C 【解析】【解答】解：AB、连接电路时，开关应时刻为断开状态；并将滑动变阻

14、器滑片移至阻值最大处，故不合题意；C、串联电路中，开关起的作用与开关的位置无关，因此开关在电路的任何位置都可以，故符合题意；D、根据电压表和电流表的使用规则可知，电压表应与待测电阻并联，电流表应与待测电阻串联，并且电流从正接线柱流进，从负接线柱流出，故不合题意。故选C。【分析】根据“伏安法”测电阻的实验中注意的事项进行分析，主要从以下几方面分析，开关的状态、滑动变阻器的滑片位置、电表的量程的选择、电路的连接顺序。2.【答案】 B 【解析】【解答】如图，导体两端的电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比，I甲I乙 ， 所以R甲R乙 故选B【分析】根据欧姆定律可知，导体两端的电压一定时，导体中的

15、电流跟导体的电阻成反比掌握欧姆定律内容：导体中的电流跟电压成正比，跟电阻成反比是解决本题的关键3.【答案】 B 【解析】【解答】解：电流表和电压表位置互换后，电压表串联接入电路，由于电压表电阻很大，因此电路中电流就很小，几乎没有电流通过电阻，所以电流表、电压表都不会被烧坏。故选B。【分析】电压表由于自身电阻较大，简化电路时按断路处理；电流表由于自身电阻较小，简化时按导线处理两表位置互换后，电压表就串联接入电流，由于自身电阻较大，导致总电阻很大，因此电流中电路很小，电流表中电流很小。4.【答案】 A 【解析】【解答】（1）开关S1闭合，S2断开时R0和Rx串联，电流表可以测出通过Rx的电流Ix；

16、S2闭合时为Rx的简单电路，不能直接或间接测量出Rx的电压，所以不能求出Rx的电阻（2）开关S0闭合，S接1时电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当S接2时电路为未知电阻Rx的简单电路，电流表测通过Rx的电流Ix ， 根据 Rx=UxIx 求出电阻（3）开关S1和S2都闭合时，R0被短路，电压表测量电源电压U；只闭合S1时，R0和Rx串联，电压表仍侧电源的电压，无法测出Rx两端的电压，所以不能求出Rx的电阻；（4）开关S1和S2都闭合时，R0被短路，电压表测量电源电压U；只闭合S1时，R0和Rx串联，电压表直接测量Rx两端的电压Ux 根据串联电路总电压等于各

17、串联导体电压之和，求出定值电阻两端的电压 ，根据 I0=U0R0 ，求出通过定值电阻的电流根据串联电路电流处处相等，通过Rx电流等于通过定值电阻电流 Ix=I0 ，根据 Rx=UxIx 求出电阻综上可知，（2）（4）方案可行故答案为：A【分析】开关S1闭合，S2断开时R0和Rx串联，电流表可以测出通过Rx的电流Ix ， S2闭合时为Rx的简单电路，不能直接或间接测量出Rx的电压，开关S0闭合，S接1时电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当S接2时电路为未知电阻Rx的简单电路，电流表测通过Rx的电流Ix ， 根据 Rx=UxIx求出电阻.5.【答案】 D 【解

18、析】【解答】解：由电路图可知，图示电路可以测出灯泡两端电压U与通过灯泡的电流I，由P=UI可以求出灯泡功率，由欧姆定律可以求出灯泡电阻，可以探究灯泡电压与电流的关系，因此A、B、C均可能，但到底是做什么实验，我们无法确定，故ABC错误，D正确；故选D【分析】由电路图可知，电压表测灯泡两端的电压，电流表测通过灯泡的电流，再根据选项中的实验原理进行判断6.【答案】 D 【解析】【分析】若将电流表和电压表接成如图甲所示的电路，灯泡被电流表短路，没有电流通过，因电压表内阻很大，通过电压表的电流非常小，故小灯泡不发光，V表和A表不会被烧坏故选D7.【答案】 D 【解析】【解答】A由图可知，被测电阻Rx与

19、滑动变阻器串联，电压表测Rx两端的电压，电流表测通过电路的电流，根据 R=UI 好像能够测出Rx的阻值，但因为被测电阻是一个阻值为数百欧的电阻，即至少200以上，则 ，电路中的电流小于电流表的分度值0.02A，使用该电流表无法正确测出通过电阻的电流，故不能测出Rx的阻值，A不符合题意。B由电路图可知，电阻箱与待测电阻Rx并联， ，电路中的电流小于电流表的分度值0.02A，使用该电流表无法正确测出通过电阻的电流，故不能测出Rx的阻值，B不符合题意。C由电路图可知，单刀双掷开关S接2时，电压表接线柱接反，不能测量出电压，故不能测出Rx的阻值，C不符合题意。D由电路图可知，电阻箱R与被测电阻Rx串联

20、，当开关S1闭合时，电压表测电阻箱R两端的电压，根据 I=UR 可测出串联电路的电流；再断开S1 ， 闭合S2 ， 测出串联电路两端的电压，由串联电路电压关系，可求出Rx两端的电压。从而求得Rx的阻值，D符合题意。故答案为：D。【分析】测量电阻时，若未知电阻较大，不方便测量电流则不易操作，可以利用电阻的分压关系测量.二、填空题8.【答案】电阻；欧姆定律；量程；“+”、“-”接线柱 【解析】【解答】测导体电阻的基本方法是伏安法，实验原理是欧姆定律；实验时所用的两个电表在接入电路时应注意：选择适当的量程；正确连接正负接线柱。故答案为：电阻；欧姆定律； 量程；“+”、“-”接线柱。【分析】此题考查了

21、伏安法测电阻的实验，涉及到实验原理（欧姆定律：R=UI），电流表、电压表的使用方法.9.【答案】灯泡；等于 【解析】【解答】由图知道电源电压一定，且有一只电流表，所以应首先将灯泡接入电路的M、N之间，读出电流表示数I ， 然后将电阻箱接入电路，根据等效替代的方法，调节电阻箱使电流表读数等于I ， 就可以知道灯泡的电阻了。故答案为：灯泡；等于.【分析】利用电阻箱测量电阻时，当电流相等时，电阻箱的示数就是灯泡的电阻.10.【答案】 4.5；9.6 【解析】【解答】根据电压表选择0-3V量程，读数分别为1.5V和2.2V，根据图甲，电源电压为 ， 未知电阻为。故答案为：4.5；9.6.【分析】根据电

22、压和电阻的比值计算电流，利用串联电路电压规律计算总电压，结合电压和电流的比值计算电阻。11.【答案】 电流表的量程改为00.6 A；减小测量时的误差 【解析】【解答】在利用电压表和电流表测量电阻时，根据电流表图像，指针偏转较小，读数不准确，误差较大，换用00.6 A量程。 故答案为：电流表的量程改为00.6 A；减小测量时的误差。 【分析】使用电流表时，若电流值小于较小量程，使用较小量程测量，可以减小误差。12.【答案】 ； 【解析】【解答】在“探究电流与电压、电阻的关系”的实验中，最终要得出电流与电压成正比，电流与电阻成反比的实验结论，是一个普遍规律，所以多次测量的目的是为了寻找规律。“用伏

23、安法测导体的电阻”时，测量的是定值电阻的阻值，测量值是个定值，多次测量可以求平均值减小误差。“伏安法测量小灯泡的电阻”的实验中，多次实验可以得到灯泡的多个电阻值，通过实验数据分析可得灯丝电阻与灯泡功率（灯丝温度）的关系，因此多次测量是为了寻找普遍规律。 故答案为：；。 【分析】多次实验的目的有两个：在探究规律时是为了探究规律的普遍性，在测量数据时，是为了减小误差。13.【答案】 小华；11.6；1.35W 【解析】【解答】解：灯正常发光时的功率为额定功率，小华同学要测定标有“0.3A”字样小灯L的额定功率，即当灯的电流为0.3A时，灯正常发光，故小华用的是电流表； 小明用的是电压表：选取电压表

24、的同学闭合开关时，电压表示数为2.8伏；移动变阻器滑片至中点位置时（即它接入电路的电阻为5欧），根据分压原理，变阻器的电压变小，根据串联电路电压的规律，电阻的电压变大，因电压表示数为1.8伏，故电压表与变阻器并联了；因按规范步骤进行操作，即闭合开关前，变阻器连入电路中电阻最大，为10；根据欧姆定律，在小明的第一次操作中，电路中的电流：I1 0.28A；根据串联电路的规律及欧姆定律，待测电阻：RX1 11.4；在小明的第二次操作中，电路中的电流：I2 0.36A；根据串联电路的规律及欧姆定律，待测电阻：RX1 11.7；为减小误差，将两次测量的平均值作为测量结果：RX 11.6小华在第2次测量中

25、，变阻器连入电路中的电阻为5，此时电流表的示数为0.3A，灯正常发光，由欧姆定律，变阻器的电压为：UVIR滑中0.3A51.5V；根据串联电路电压的规律，灯的额定电压为：U额UUV6V1.5V4.5V；灯的额定功率为：P额U额I额4.5V0.3A1.35W。故答案为：小华；11.6；1.35W 【分析】小华同学要测定标有“0.3A”字样小灯L的额定功率，据此分析； 由题意，根据分压原理和串联电路电压的规律确定电压表与变阻器并联了；闭合开关前，变阻器连入电路中电阻最大，由欧姆定律求出小明第一次操作中，电路中的电流；根据串联电路的规律及欧姆定律求出第一次待测电阻大小： 由欧姆定律求出小明的第二次操

26、作中电路中的电流；根据串联电路的规律及欧姆定律，求出第二次操作中待测电阻大小；为减小误差，将两次测量的平均值作为测量结果；小华在第2次测量中，根据已知条件，由欧姆定律求出变阻器的电压，根据串联电路电压的规律得出灯的额定电压，根据P=UI求出灯的额定功率.14.【答案】1；5 【解析】【解答】解：（1）由图乙可知，电流表A2的量程是00.6A，最小分度值是0.02A，电流表示数是IA2=0.2A；（2）由并联电路的特点知，流过定值电阻R0的电流IR0=IA1IA2=0.3A 0.2A=0.1A，电源电压U=IR0RO=0.1A10=1V，灯接在电源两端，灯泡两端的电压是1V；灯泡电阻RL= UI

27、L = UIA2 = 1V0.2A =5；故答案为：1；5【分析】根据电流表示数读取电流，利用电流和电阻计算分压，再利用电压和电流的大小计算电阻.三、作图题15.【答案】解:如图所示:【解析】【解答】解：由I=UR的变形式知R=UI ， 要测量小灯泡发光时的电阻，就要测量灯泡两端的电压和通过灯泡中的电流，电压表并联在灯泡的两端；为了保护电路，在电路中要串联一个滑动变阻器。故答案为：。【分析】先根据测量电阻的原理判断所要测量的物理量，再根据所测的物理量分析所要使用的测量工具；为防止电路中的电流过大，在电路中串联一个滑动变阻器。16.【答案】解：首先把三节干电池串联起来组成电源，然后把待测电阻、滑

28、动变阻器、电流表应串联在电路中，电压表并联在待测电阻两端，实物电路图如图甲所示，根据实物电路图画出电路图，如图乙所示；故答案为：实物电路图如图甲所示，电路图如图乙所示故答案为：实物电路图与电图如图所示 【解析】【分析】伏安法测电阻实验中，待测电阻、滑动变阻器、电流表应串联在电路中，电压表并联在待测电阻两端，据此连接电路图，连接电路图时，注意电表量程的选择，注意电表正负接线柱不要接反，注意滑动变阻器的接法；根据实物图画出电路图17.【答案】解：如图所示：【解析】【解答】解：由题，当小灯泡两端电压为0.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，则U-I图象上对应坐标为（0.2 0.5）；当灯泡正常工作时，

29、由P额=U额I可得，通过灯泡的电流 ，在U-I图象上对应坐标为（0.4 2.5）。由于灯泡电阻随温度的升高而增大，当其两端电压变大时，灯泡的电阻变大，所以灯泡的U-I图像是通过上述两点且阻值变大的平滑曲线，答案如下：【分析】根据P=UI可求得灯泡正常发光的电流，由题知0.5V时通过灯泡的电流，再根据灯泡电阻随温度升高而增大，画出其U-I图像.四、实验探究题18.【答案】 （1）解：（2）灯泡断路（3）5（4）灯泡的电阻随温度的升高而增大 【解析】【解答】（1）将电压表与灯泡并联，滑动变阻器、电流表与灯泡串联，实物电路图如图所示（2）闭合开关后，灯泡不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不动，产生这

30、一现象的原因是灯泡断路（3）由乙图可知：当小灯泡两端的电压为2.0V时通过灯泡的电流为0.4A，则由I=UR得：灯泡阻值R=UI=2V0.4A=5；（4）绘制的图象是曲线，说明灯丝电阻不是定值，原因是灯丝亮度大时，其温度也高，灯丝的电阻会随温度的升高而增大的原因故答案为：（1）如上图；（2）灯泡断路；（3）5；（4）灯泡的电阻随温度的升高而增大【分析】（1）伏安法测灯泡电阻，电流表与灯泡串联测电路电流，滑动变阻器与灯泡串联保护电路，同时改变灯泡两端电压，开关串联在电路中，控制电路的通断，电压表与灯泡并联测灯泡电压，据此连接电路图（2）闭合开关，灯泡不亮，可能是灯泡短路、或灯泡断路、或灯泡之外电

31、路存在断路；电流表指针不动，说明电路断路；电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外不存在断路；综合分析可知，电路故障是灯泡断路（3）由图读出当小灯泡两端的电压为2.0V时通过灯泡的电流，由R=UI计算出灯泡阻值（4）灯泡灯丝的电阻会随温度的增大而增加，而灯泡亮度大时，此时的温度也会升高，其电阻会增大19.【答案】 （1）R= UI （2）断开 （3）A （4）0.5；3.5；7 【解析】【解答】解：（1）由欧姆定律公式I= UR 变形可得R= UI ；（2）连接电路时，为防止电流过大烧坏电路元件、保护电路开关处于断开状态（3）闭合开关前要把滑动变阻器调到阻值最大处，同时滑动变

32、阻器连入电路中的电阻线越长，电阻越大，滑片远离下端使用的接线柱时，电阻大，故M需接在A端；（4）从图2可知：电流表的量程是00.6A，分度值是0.02A，所以，该电流表的读数是0.5A；电压表的量程是015V，分度值是0.5V，故该电压表的读数是3.5V；由I= UR 得：电阻R= UI = 3.5V0.5A =7故答案为：（1）R= UI ；（2）断开；（3）A；（4）0.5；3.5；7 【分析】（1）实验原理是由电阻计算公式R= UI ；（2）连接电路时，开关处于断开状态（3）根据滑动变阻器一上一下的接线原则以及闭合开关前要把滑动变阻器调到阻值最大处（4）先确定两表所用量程、分度值，然后根

33、据指针位置读数，最后根据R= UI 求出阻值的大小20.【答案】 （1）R=U/I（2）伏安法（3）解：如图所示:（4）A；保护电路；改变待测电阻两端的电压（5）连接电路时把滑动变阻器下面的两个接线柱接入了电路 【解析】【解答】(1)本实验的原理是：R =UI ；(2)用电压表和电流表测电阻的方法，叫伏安法测电阻；(3)滑片向右移时电流表示数变大，说明变阻器接入电路的阻值在减小，故滑动变阻器下面的接线柱应接B端；电路中的最大电流I 0.3A ， 所以电流表接00.6A量程；根据电流流向法，可从电源的负极出发，依次串联开关、滑动变阻器(按一上一下的原则)、灯泡，从电流表回到电源的正极即可，如下图

34、所示：;(4)在探究过程中，连接电路时，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处，即A端；在探究过程中，使用滑动变阻器的目的是保护电路及改变小灯泡两端的电压；(5)移动滑动变阻器的滑片，电流表和电压表示数均不发生变化，并且电流表和电压表示数均比较小，说明滑动变阻器相当于定值电阻，且电阻较大，则滑动变阻器同时接了下面两个接线柱.故答案为：（1）R=UI；（2）伏安；（3）如上图所示；（4）A；保护电路；改变待测电阻两端的电压；（5）连接电路时将滑动变阻器下面的两个接线柱接入了电路【分析】本题考查了利用电流表和电压表测量电阻的实验，这种方法称为伏安法，用电压表和电流表测电阻的实验，就是利用与电阻并联的电压

35、测出两端的电压，利用与电阻串联的电流表测出通过的电流，根据欧姆定律求出电阻的阻值，然后利用与电阻串联的滑动变阻器改变电阻两端的电压和通过的电流达到多次测量取平均值减小误差的目的.五、综合题21.【答案】 （1）0；3（2）I2R0；I2R0/I1（3）错误；只闭合 S1、只闭合 S2两种不同状态下，R1与 Rx 两端电压不一定相同 【解析】【解答】（1）当RX断路时，电路中几乎没有电流，电流表无示数，电压表测量电源电压，为3V；（2）根据图乙，两电阻并联，电压相等，则UX=I2R0 ， 未知电阻为RX=UXI=I2R0I1；（3）当两个电阻并联，再和滑动变阻器串联时，若两个电阻分别接通电路，两

36、个电阻处的电压不一定相等，所以结论错误。 【分析】（1）当电压表测量的位置断路，电流表无示数，电压表的示数是电源电压； （2）根据并联电路的电压相等可知电压的大小，利用电压和电流的比值计算电阻的大小； （3）在组合电路中，分别接通不同的支路，之路上的电压不一定相同。22.【答案】 （1）B（2）偏小（3）若采用外接法，电压表测的电压是准确的，根据并联电路电流的规律，电流表的示数等于通过定值电阻的真实电流和通过电压表的电流，故电流表示数比通过定值电阻的电流偏大，由定律定律，R= UI ，用这种方法测得的电阻值比真实值偏小 【解析】【解答】（1）电流表的内阻非常小，约为RA=0.05；电压表的内阻

37、非常大，约为RV=10k，在测量R1=5的阻值时。若采用内接法，如上左图，电流表测的通过定值电阻的电流是准确的，定值电阻为电流表内阻的 倍，由分压原理，电流表分去的电压为电压表示数的 11+100UV 若采用外接法，电压表测的电压是准确的，定值电阻是电压表内阻的 倍，根据分流原理，设通过定值电阻的电流为I，则通过电压表的电流为 比较得，采用外接法对测量的影响较小，选B；（2）采用外接法，测得的电阻值比真实值偏小。（3）采用外接法，测得的电阻值比真实值偏小的原因：电压表测的电压是准确的，根据并联电路电流的规律，电流表的示数等于通过定值电阻的电流和通过电压表的电流，故电流表示数比通过定值电阻的电流

38、偏大，由定律定律，R= UI ，用这种方法测得的电阻值比真实值偏小。【分析】电学实验中，当满足待测电阻阻值远小于电压表内阻时，电流表应用外接法，当电流表内阻远小于待测电阻阻值时，电流表应用内接法.若采用内接法，电流表测的通过定值电阻的电流是准确的，根据分压原理，得出电流表分去的电压为电压表示数大小关系；若采用外接法，电压表测的电压是准确的，根据分流原理，得出通过电压表的电流与电流表示数的大小关系；从而比较采用内、外接法对测量的影响的大小.23.【答案】 （1）（2）0.3；8（3）闭合开关S、S1；【解析】【解答】解：（1）变阻器应串联在电路中，可将导线一端接在变阻器上端，另一端接在电阻R右端

39、，如图所示（2）读图可知，电流表的量程为00.6A，其分度值为0.02A，则电流表的示数为0.3A由公式I=UR得，R=UI=2.4V0.3A=8；（3）实验步骤：闭合开关S、断开S1 ， 用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；闭合开关S、S1 ， 用电压表测出电源的电压U；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R0两端的电压：U0=UUx=UU1 ， 因串联电路中各处的电流相等，所以，I=U0R0=UXRX ， 即=U1RX ， 解得：Rx= 故答案为：（1）如上图所示；（2）0.3；8；（3）闭合开关S、S1； 【分析】（1）变阻器应串联在电路中，且要一上一下接线柱进行连接；（2）明确电流表的量程和分度值，读出示数，再利用欧姆定律的变形公式计算电阻的大小；（3）由电路图可知，当开关S、S1均闭合时电路为Rx的简单电路，电压表测电源的电压；当开关S闭合、S1断开时，R0、Rx串联，电压表测Rx两端的电压；根据串联电路的分压特点和定值电阻的阻值求出Rx的阻值，据此设计实验步骤得出结果21 / 21