冲量及其动量守恒讲义含详细解析

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1、.一、考情直播1 .考纲解读考纲内容能力要求考向定位动量和冲量理解动量的的概念，知道冲量的意义 理解动量和冲量都是矢量，会计算一维动 量变化理解动量变化和力之间的关系，会用来计 算相关问题考纲对冲量、动量的考查主要集中在对概念的理 解和简单应用上，考纲要求为 1 级，动量定理在考 纲中没有明确提出来，但是在教材中出现了动量定 理的表达式，因此要掌握动量定理的一般应用.2 .考点整合考点一动量的概念(1)定义：物体的 质量和速度的乘积叫做动量，公式：p=mv(2)动量是描述物体 运动状态 的一个状态量，它与时刻相对应.(3)动量是矢量，它的方向和速度的方向相同.(4)动量的相对性：由于物体的速度

2、与参考系的选取有关，所以物体的动量也与参考系选取有关，因而 动量具有相对性.题中没有特别说明的，一般取地面或相对地面静止的物体为参考系.第五章 动量一、考纲要求 碰撞与动量守恒动量、动量守恒定律及其应用弹性碰撞和非弹性碰撞n只限于一维I、知识网络第 1 讲 冲量 动量 动量定理.(5)动量的变化：p p po.由于动量为矢量，则求解动量的变化时，其运算遵循 平行四边形定则.A、若初末动量在同一直线上，则在选定正方向的前提下，可化矢量运算为代数运算.B、若初末动量不在同一直线上，则运算遵循平行四边形定则.(6)动量与动能的关系：P2mEk，注意动量是矢量，动能是标量，动量改变，动能不一疋改变，但

3、动能改变动量是一定要变的.【例 1】如图 6-1-1 一个质量是 0. 2kg 的钢球，以 2m/s 的速度射到坚硬的大理石板上，立即反弹，速度 大小仍为 2m/s，求出钢球动量变化的大小和方向？【解析】 取水平向右的方向为正方向，碰撞前钢球的速度v=2m/s ,碰撞前钢球的动量为p=mv=0. 2x2kg m/s=0. 4kg m/s.碰撞后钢球的速度为v = -2m/s ,碰撞后钢球的动量为p =mV=-0 . 2x2kg m/s=-0 . 4kg m/s.碰撞前后钢球动量的变化为：p=px-p=-0 . 4kg m/s-0 . 4 kg m/s=-0 . 8 kg m/s且动量变化的方向

4、向左.【规律总结】 动量是一个矢量，动量的方向和速度方向相同，所以只要物体的速度大小或方向发生变化， 动量就一定发生变化.例如做匀速直线运动的物体其动量是恒量，而做匀速圆周运动的物体，由于速度方 向不断在改变，即使其动量大小不变，但因其方向不断改变，所以其动量是一变量.考点二冲量的概念(1) 定义：力和力的作用时间 的乘积叫做冲量：I=Ft(2) 冲量是描述力的时间积累效应的物理量，是过程量，它与时间相对应.冲量是矢量，它的方向由力的方向决定(不能说和力的方向相同).如果力的方向在作用时间内保持不变，那么冲量的方向就和力的方向相同.如果力的方向在不断变化，如绳子拉物体做圆周运动，则绳的拉力在时

5、间 t 内的冲量，就不能说是力的方向就是冲量的方向.对于方向不断变化的力的冲量，其方向可 以通过动量变化的方向间接得出.高中阶段只要求会用I=Ft计算恒力的冲量.对于变力的冲量， 高中阶段只能利用动量定理通过物体 的动量变化来求.(5)要注意的是：冲量和功不同.恒力在一段时间内可能不作功，但一定有冲量.特别是力作用在静止的 物体上也有冲量.【例 2】恒力F作用在质量为m的物体上，如图 6-1-2 所示，由于地面对物体的摩擦力较大，没有被拉动,则经时间t,下列说法正确的是()A .拉力F对物体的冲量大小为零 B .拉力F对物体的冲量大小为FtC. 拉力F对物体的冲量大小是Ftcos0D. 合力对

6、物体的冲量大小为零【解析】按照冲量的定义，物体受到恒力F作用，其冲量为Ft,物体因为静止，合外力为 0,所以合力冲量为 0 .【易错提示】力对物体有冲量作用必须具备力和该力作用下的时间两个条件.只要有力并且作用一段时间，.那么该力对物体就有冲量作用，所以冲量是过程量.需要注意的是冲量和功不同.恒力在一段时间内可能 不作功，但一定有冲量.特别是力作用在静止的物体上也有冲量.考点三动量定理(1)动量定理：物体所受合外力的冲量等于物体的 动量变化既l=Ap(2) 动量定理的理解1动量定理表明冲量是使物体动量发生变化的原因，冲量是物体动量变化的量度.这里所说的冲量必须是物体所受的合外力的冲量(或者说是

7、物体所受各外力冲量的矢量和)2动量定理给出了冲量(过程量)和动量变化(状态量)间的互求关系.3现代物理学把力定义为物体动量的变化率：F(牛顿第二定律的动量形式).t4动量定理的表达式是矢量式.在一维的情况下，各个矢量必须以同一个规定的方向为正.遇到涉及力、时间和速度变化的问题时.运用动量定理解答往往比运用牛顿运动定律及运动学规律求解简 便.应用动量定理解题的思路和一般步骤为：(1) 明确研究对象和物理过程；(2) 分析研究对象在运动过程中的受力情况；(3) 选取正方向，确定物体在运动过程中始末两状态的动量；(4) 依据动量定理列方程、求解.【例 3】一粒钢珠从静止状态开始自由下落，然后陷人泥潭

8、中.若把在空中下落的过程称为过程I,进 人泥潭直到停止的过程称为过程n,则()A、过程 I 中钢珠的动量的改变量等于重力的冲量B、 过程n中阻力的冲量的大小等于过程I 中重力的冲量的大小c、I、n两个过程中合外力的总冲量等于零D 过程n中钢珠的动量的改变量等于零【解析】根据动量定理可知，在过程 I 中，钢珠从静止状态自由下落.不计空气阻力，小球所受的合外力 即为重力，因此钢珠的动量的改变量等于重力的冲量，选项 A 正确；过程 I 中阻力的冲量的大小等于过程 I 中重力的冲量的大小与过程n中重力的冲量的大小之和，显然B 选项不对；在 I、n两个过程中，钢珠动量的改变量各不为零.且它们大小相等、方

9、向相反，但从整体看，钢珠动量的改变量为零，故合外力 的总冲量等于零，故 c 选项正确，D 选项错误.因此，本题的正确选项为A、c.【规律总结】 这种题本身并不难， 也不复杂，但一定要认真审题. 要根据题意所要求的冲量将各个外力灵 活组合.若本题目给出小球自由下落的高度，可先把高度转换成时间后再用动量定理.当tit2时，Fmg(3) 简解多过程问题.【例 4】一个质量为 m=2kg 的物体，在 Fi=8N 的水平推力作用下，从静止开始沿水平面运动了ti=5s,然后推力减小为 F2=5N,方向不变，物体又运动了 t2=4s 后撤去外力，物体再经 过 t3=6s 停下来.试 求物体在水平面上所受的摩

10、擦力.【解析】：规定推力的方向为正方向，在物体运动的整个过程中，物体的初动量R=0,末动量P2=0.据动量定理有：(F F2t2f (t1t2t3) 0即: 8 5 5 4f(5 4 6)0 ，解得 f 4N【规律总结】 由例 4 可知，合理选取研究过程，能简化解题步骤，提高解题速度.本题也可以用牛顿运动 定律求解.同学们可比较这两种求解方法的简繁情况.(4) 求解平均力问题【例 5】质量是 60kg 的建筑工人，不慎从高空跌下，由于弹性安全带的保护作用，最后使人悬挂在空中.已知弹性安全带缓冲时间为 1. 2s，安全带伸直后长 5m 求安全带所受的平均作用力.(g= 10m /s2).【解析】

11、 人下落为自由落体运动，下落到底端时的速度为：V022ghV0. 2gh 10m/s取人为研究对象，在人和安全带相互作用的过程中，人受到重力mg 和安全带给的冲力 F，取 F 方向为正方向，由动量定理得：Ft=nV nV).所以FmgmV01100N,(方向竖直向下)【注意】 动量定理既适用于恒力作用下的问题，也适用于变力作用下的问题如果是在变力作用下的问 题，由动量定理求出的力是在t 时间内的平均值.(5)求解恒力作用下的曲线运动问题【例 6】如图 6-1-3 所示，以vo= 10m/s2的初速度与水平方向成 300角抛出一个质量 m= 2kg 的小球.忽 略空气阻力的作用，g 取 10m/

12、s2.求抛出后第 2s 末小球速度的大小.解得Vy=gt-V0. sin300=15m/s. 而Vx=V0. cos30=5 J3m/s在第 2s 未小球的速度大小为：v v2V：10、3m/s【注意】 在求解曲线运动问题中，一般以动量定理的分量形式建立方程，即：Fxt=mvx-mvxo; Fyt=mvy-mvyo.(5)求解流体问题【例 7】某种气体分子束由质量 m=5. 4X10-26kg 速度 V= 460m/s 的分子组成，各分子都向同一方向运动， 垂直地打在某平面上后又以原速率反向弹回，如分子束中每立方米的体积内有no= 1. 5X10个分子，求被分子束撞击的平面所受到的压强.【解析

13、】 设在 t 时间内射到 S 的某平面上的气体的质量为M,则：M V tS.n0m取厶 M 为研究对象，受到的合外力等于平面作用到气体上的压力F 以 V 方向规定为正方向，由动量定理得:-F t= MV-(- M. V)，解得F 2V2n0Sm，平面受到的压强 P 为：P F /S 2V2n0m 3.428Pa【注意】处理有关流体(如水、空气、高压燃气等)撞击物体表面产生冲力(或压强)的问题，可以说非动 量定理莫属.解决这类问题的关键是选好研究对象，一般情况下选在极短时间t 内射到物体表面上的流体为研究对象(6)对系统应用动量定理.【例 8】如图 6-1-4 所示， 质量为M的汽车带着质量为m

14、的拖车在平直公路上以加速度a匀加速前进，当速度为 V)时拖车突然与汽车脱钩，到拖车停下瞬间司机才发现.若汽车的牵引力一直未变，车与路面的 动摩擦因数为，那么拖车刚停下时，汽车的瞬时速度是多大？【解析】小球在运动过程中只受到重力的作用,方向应用动量定理得：Fyt=mVy-mVy0所以 mgt=m/y-(-mv. sin30),在水平方向做匀速运动,在竖直方向做匀变速运动,竖直图 6-1-3.6-1-.【解析】以汽车和拖车系统为研究对象， 全过程系统受的合外力始终为M ma，该过程经历时间为 V0/卩 g,末状态拖车的动量为零全过程对系统用动量定理可得：M m aMV/M m Vo, V/_m_a

15、VogMg【注意】 这种方法只能用在拖车停下之前.因为拖车停下后，系统受的合外力中少了拖车受到的摩擦力， 因此合外力大小不再是 M ma.二、高考热点探究一般而言，高考中对冲量、动量的考查主要集中在对概念的理解和简单应用，动量定理的一般应用及对现象的解析【真题 1】一位质量为m的运动员从下蹲状态向上起跳，经t 时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v.在此过程中，()12A.地面对他的冲量为m+mg t，地面对他做的功为mv2B. 地面对他的冲量为 mv+mgX t，地面对他做的功为零12C. 地面对他的冲量为 mv,地面对他做的功为 -mv2D. 地面对他的冲量为 mv- mgAt，地面对他做

16、的功为零【解析】 取运动员为研究对象，由动量定理得：F mg t mv 0，即 I Ft mv mg t，运动员地面没有离开地面，地面对运动员的弹力做功为零.所以B 选项正确.【点评】本题考查了考生对冲量和功这两个概念的理解，冲量和功都是过程量，但决定因素不一样，冲量是力在时间上的积累，而功是力在空间上的积累.【真题 2】如图 6-1-5 所示，一质量为 m 的小球，以初速度v0沿水平方向射出，恰好垂直地射到一倾角为300的固定斜面上,并立即反方向弹回.已知反弹速度的大小是入射速度大小的斜面对小球的冲量大小.【解析】小球在碰撞斜面前做平抛运动.设刚要碰撞斜面时小球速度为3夹角为 30,且水平分

17、量仍为V0,如图.由此得v= 2V0，碰撞过程中，小球速度由v变为反向的一V.碰4撞时间极短，可不计重力的冲量，由动量定理，斜面对小球的冲量为Im(3v) mv,由、得|7 mv02【点评】本题考查了考生应用动量定理处理变力的冲量的能力, 性.【真题 3】如图 6-1-6 倾角为 45的斜面固定于地面，斜面顶端离地面的咼度h0= 1m 斜面底端有求在碰撞中v.由题意，v的方向与竖直线的在应用动量定理的时候一定要注意其矢量.一垂直于斜而的固定挡板在斜面顶端自由释放一质量mr0.09kg 的小物块(视为质点)小物块与斜面之间的动摩擦因数卩= 0.2 .当小物块与挡板碰撞后，将以原速返回.重力加速度

18、g= 10 m/s2.在小物块与挡板的前 4 次碰撞过程中，挡板给予小物块的总冲量是多少？【解析】解法一：设小物块从高为h处由静止开始沿斜面向下运动，到达斜面底端时速度为12由功能关系得mghmvmg cosh2sin以沿斜面向上为动量的正方向. 按动量疋理，碰撞过程中挡板给小物块的冲量I mv m( v)设碰撞后小物块所能达到的最大高度为12h，则一mvmghmg cos2sin同理，有mgh1mv2mg cosh2sinImv m( v)式中，V为小物块再次到达斜面底端时的速度，I为再次碰撞过程中挡板给小物块的冲量.式得I kltantan由此可知，小物块前 4 次与挡板碰撞所获得的冲量成

19、等比级数，首项为(11)(12)小物块受到重力，斜面对它的摩擦力和支持力,2h设小物块与挡板碰撞前的速度为v,则v22asin以沿斜面向上为动量的正方向.按动量定理，碰撞过程中挡板给小物块的冲量为由式中li2m.2gh(1cot )总冲量为I l1l2l3l4l1(1 k k2k3)由1 k k2kn 11)1 k得|. 2gh(1 cot )1 k代入数据得I 0.43(3.6)N-s解法二：设小物块从高为h处由静止开始沿斜面向下运动,小物块向下运动的加速度为a,依牛顿第二定律得mg sin mg cos ma.I mv m( v)由式得 打2m.、2gh(1 cot )设小物块碰撞后沿斜面

20、向上运动的加速度大小为a,依牛顿第二定律有mg sin mg cos ma2小物块沿斜面向上运动的最大高度为hsi n2a.1.【答案】B .这样接球目的是为了通过延长作用时间减少篮球对运动员的作用力，即动量变化率由式得h k2hta n式中k_Y tan同理，小物块再次与挡板碰撞所获得的冲量I 2m 2gh （1 cot由式得I kI由此可知，小物块前 4 次与挡板碰撞所获得的冲量成等比级数，首项为I1总冲量为2m 2gh(1cot )I(11)Iik2knJ I3 J XU k k2A)1 kk3)(13)(12)代入数据得三、抢分频道1 k41 kI2m2gh(1 cot )0.43(3

21、.6)N s(15)(14)20 分钟）限时基础训练（姓名成绩_1篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球迅速引至胸前这样 做可以（）A.减小球对手的冲量C.减小球的动量变化量班级B .减小球的动量变化率D .减小球的动能变化量.B. 在上升过程中空气阻力对物体的冲量比下降过程中的冲量小C. 物体动量的增量大于抛出时的动量D.物体机械能的减小量等于FH5.【答案】BC.由运动学知，上升的时间大于下降的时间，根据冲量定义I Ft，可知 A 错 B 对；取竖直向上为正，物体动量的增量p mv mv m v v mv，故 C 正确；由于阻力做功等于 2FH,故D 错误.

22、6 .如图 6-1-7 （甲），物体 A 和 B 用轻绳相连挂在轻质弹簧下静止不动，A 的质量为 mB 的质量为 M,当连接 A B 的绳突然断开后， 物体 A 上升经某一位置时的速度大小为V,这时物体 B 下落的速度大小为U，如图（乙）所示.在这段时间里，弹簧的弹力对 物体 A 的冲量（ ）A.mvB.mv MuC.mv MuD.mv mu6.【答案】D.分别以 A B 为研究对象，由动量定理得I mg mv,Mgt2Mu,图 6-1-7两物体的运动具有同时性，则1 t2，所以I mu mv.7.如图 6-1-8 所示，两个质量相等的物体在同一高度沿倾角不同的两个光滑. 斜面由静止自由滑下，

23、 到达斜面底端的过程中， 两个物体具有的相同的物理量 是 （）.A. 重力的冲量B. 合力的冲量C. 刚到达底端时动量的水平分量D. 以上几个量都不同7 .【答案】D.角度不同，所用的时间不同，速度方向不同，到达所以到底端的速度水平分量也不同，动 量就不同，重力的冲量也不同，故D正确.&质点所受的力 F 随时间变化的规律如图 6-1-9 所示，力的方向始终在一直线上.已知t= 0 时质点的速度为零.在图示 t1、t2、t3和 t4各时刻中，哪一时刻质点的速度最大（）A.t1AAB.t2/: . /C. t30tD. t4V8.【答案】0t2 阶段，冲量为正，12t4阶段，冲量为负，由动量定理判

24、图 6-1-8断 t2时刻“面积”最大，动量最大，进而得出t2时刻速度最大.9.粗糙水平面上物体在水平拉力F 作用下从静止起加速运动，经过时间t 撤去 F,在阻力 f 作用下又经3t 停下，则 F: f 为（ ）A. 3: 1B. 4: 1C. 1: 4D. 1; 38.【答案】E.用全过程法求解即可，Ft f 4t 0,F : f 4:1，故E正确.10. （2001 年京、皖、蒙春季高考试题）质量为 叶 0. 10 kg 的小钢球以V0=10 m/s 的水平速度抛出，下落 h=5 m 时撞击一钢板，撞后速度恰好反向，则钢板与水平面的夹角0=_ .刚要撞击钢板时小球的动2量大小为_ .（取g

25、=10 m/s ）10.答案】45; . 2 kg m/s 小球撞击后速度恰好反向，说明撞击前速度与钢板垂直.利用这一结论 可求得钢板与水平面的夹角0=45 ,利用平抛运动规律（或机械能守恒定律）可求得小球与钢板撞击前V-*1打图图66-187.开始运动，当该物体具有最大速度时,大动量值是 _kg m/s.物体运动的时间是 _s ,该物体的最4.【答案】5, 25.由图象知t=5 s 时，Fi、F2大小相等，此后F2Fi,物体开始做减速运动，故t=5 s 时速度最大.由I=Ft知，Ft图象中图线与时间轴所围面积为力的冲量，所以，前5 s 内Fi、F2的冲量分别为Ii=37.5 N s,丨丨2=

26、 12.5 N s，所以，前 5 s 内合力的冲量为I=1i+l2=25 N s，由动量定理知，物体在前 5 s 内增加的动量，也就是从静止开始运动后5 s 末的动量，为 25 kg m/s.能力提升训练1.如图 6-1-12 所示，一铁块压着一纸条放在水平桌面上，当以速度v抽出纸条后，铁块掉在地上的P点.若以 2v速度抽出纸条，则铁块落地点为（A.仍在P点B.在P点左边C.在P点右边不远处D.在P点右边原水平位移的两倍处铁块v纸条图 6-1-12的速度大小 v=. 2v0=102m/s，因此其动量的大小为 p=mv=2kg m/s.基础提升训练1质量不等的两个物体静止在光滑的水平面上，两物体

27、在外力作用下，获得相同的动能下面的说法中正确的是（）A.质量小的物体动量变化大B.质量大的物体受的冲量大C质量大的物体末动量小D.质量大的物体动量变化率一定大1.【答案】B.根据p=mv=2mEk知，两物体在外力的作用下获得相等的动能，质量大的物体获得的动 量大，则其所受的冲量大，B 选项正确，A、C 选项错.根据题目条件无法比较动量变化率的大小，D 选项错.2 沿同一直线，甲、乙两物体分别在阻力Fi、F2作用下做直线运动，甲在ti时间内，乙在t2时间内动量p随时间t变化的pt图象如图 6-1-10 所示. 设甲物体在ti时间内所受到的冲量大小为|1,乙物体在t2时间内所受到的冲量大小为I2,

28、则两物体所受外力F及其冲量I的大小关系是（）A.FiF2,C.FiF2,I1=12liI2B.FivF2,11v12D.Fi=F2,Ii=l22 【答案】3 .质量为P知FiF2.由Ft=Ap知Ii=l2.tm的小球从h高处自由下落，与地面碰撞时间为At，地面对小球的平均作用力为F,取竖直向A.由F=上为正方向，在与地面碰撞过程中（）A. 重力的冲量为mg（J却+At）B.地面对小球作用力的冲量为FAtC.合外力对小球的冲量为（mgF）AtD.合外力对小球的冲量为（mg- F）At3.【答案】B.在与地面碰撞过程中，取竖直向上为正方向，重力的冲量为 量为（FmgAt，故正确选项应为E.4一个物

29、体同时受到两个力Fi、F2的作用，Fi、F2与时间的关系如图mgA t，合外力对小球的冲6-1-11 所示，如果该物体从静止.1 .【答案】B.纸条抽出的过程，铁块所受的滑动摩擦力一定，以 力的作用时间较长，铁块获得速度较大，平抛运动的水平位移较大滑动摩擦力作用时间较短，铁块获得速度较小，平抛运动的位移较小，故B 选项正确.2.如图 6-1-13 所示，质量为m的小球在竖直光滑圆形内轨道中做圆周运动，周期为则（）1每运转一周，小球所受重力的冲量的大小为02每运转一周，小球所受重力的冲量的大小为mgT3每运转一周，小球所受合力的冲量的大小为04每运转半周，小球所受重力的冲量的大小一定为mgT2以

30、上结论正确的是A. B.C.D.2 【答案】B.重力为恒力，故物体每转一周重力的冲量为mgT由于物体做的是非匀1T速圆周运动，故转半周的时间不一定是T,所以，重力的冲量也不一定是m=.每转一周，物体的动量22变化量为零，故合外力的冲量为零.选项 B 正确.3.如图 6-1-14，质量分别为m、m的木块叠放在光滑的水平面上，在A上施加水平恒力F,使两木块从静止开始做匀加速运动，A、B无相对滑动，则经过ts，木块A所受的合外力的冲量为 _ ，木块B的动量的增量p为_ .v的速度抽出纸条，铁块所受滑动摩擦.以 2v的速度抽出纸条的过程，铁块受.t1t2说明：式中Ff仅表示滑动摩擦力的大小，Ff前的负

31、号表示Ff与所取正方向相反方法二：将物体整个运动过程视为在一变化的合外力作用下的运动过程在时间ti内物体所受合外力为（FFf），在时间t2内物体所受合外力为 一Ff，整个运动时间（ti+t2）内，物体所受合外力冲量为（FFf）t1+ （ 一Ff）t2.对物体整个运动过程应用动量定理有（FFf）t计（一Ff）t2=0解得Ff=_FX=2 N.tit2235有一宇宙飞船，它的正面面积S=0.98 m，以v=2X10 m/s 的速度飞入一宇宙微粒尘区，此尘区每立方米空间有一个微粒，微粒的平均质量n=2x107kg.要使飞船速度保持不变，飞船的牵引力应增加多少？（设微粒与飞船外壳碰撞后附于飞船上）5

32、解析：微粒尘由静止至随飞船一起运动，微粒的动量增加量是飞船对微粒作用的效果，设增加的牵引力为F,依动量定理列方程Ft=nmv0,即微粒对飞船的冲量大小也为Ft,其中n=空=空,V 1nmv Svt mv2-7,3、2F=Smv=0.98x2x10 x（2X10）N=0.78 N.t 1 t2 .玻璃茶杯从同一高度掉下，落在水泥地上易碎，落在海锦垫上不易碎，这是因为茶杯与水泥地撞击过 程中（）A.茶杯动量较大B .茶杯动量变化较大C.茶杯所受冲量较大D .茶杯动量变化率较大2 .【答案】D.玻璃杯从同一高度落下掉在石头作用时间短，动量变化相同，所以作用力大.3.质量为 m 的3 .【答案】mu

33、FtmAmBmBFt.因A B之间无相对运动，可把mAmB整体，由牛顿第二定律有F= (m+m)a得:a=FmAmB所受合外力的冲量IA=mAFt，木块B动量的增量mAmB，木块A所受的合外力FA=mBFtPB=mAmB4 .质量 m=5 kg去力F,物体又经4 .【解析】：因物体在水平面上运动，故只需考虑物体在水平方向上受力即可，在撤去力 平方向上还受方向与物体运动方向相反的滑动摩擦力Ff，撤去力F后，物体只受摩擦力向为正方向.的物体在恒定水平推力F=5 N 的作用下，t2=3 s 停了下来.求物体运动中受水平面滑动摩擦力的大小自静止开始在水平路面上运B看作一个kF， 木块AmA11=2 s

34、 后，撤F前，物体在水Ff.取物体运动方方法一：设撤去力F时物体的运动速度为v.对于物体自静止开始运动至撤去力有 （FFf）t1=mv对于撤去力F直至物体停下这一过程，由动量定理有（一Ff）t2=0mvF这一过程，由动量定理联立解得运动中物体所受滑动摩擦力大小为Ff=2 N.图 6-1-14.钢球自高处落下，以速率 V1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速率为V2.在碰撞过程中，钢球受到的冲量的方向和大小为（）A.向下，m（V1 V2）B .向下，m（w + V2）C.向上，m（V1 V2）D .向上，m（w+ V2）3.【答案】D.钢球落地前瞬间的动量（初动量）为mv，方向竖直向下.经

35、地面作用后其动量变为mv,方向竖直向上.设竖直向上为正方向，据动量变化P=P-P得：P=mv2-（- mv1） =m（V1+V2），因地面对钢球的作用力竖直向上，所以其冲量方向也竖直向上.4 .质量为 5 kg 的物体，原来以 v=5 m/s 的速度做匀速直线运动，现受到跟运动方向相同的冲量15 Ns的作用，历时 4s，物体的动量大小变为（）A. 80 kg m/sB. 160 kg m/sC. 40 kg m/sD. 10 kg m/s4.【答案】C.取初速度方向为正方向，由动量定理Ft mvmv代入数据可得c.5.一物体竖直向上抛出，从开始抛出到落回抛出点所经历的时间是t，上升的最大高度是 H,所受空气阻力大小恒为 F,则在时间 t 内（）A.物体受重力的冲量为零