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1、2019 年高考物理二轮练习冲刺测试专项7 电路注意事项：认真阅读理解，结合历年的真题，总结经验，查找不足！重在审题，多思考，多 理解！无论是单选、多选还是论述题，最重要的就是看清题意。在论述题中，问题大多具有委 婉性，尤其是历年真题部分，在给考生较大发挥空间的同时也大大增加了考试难度。考生要认真阅读题目中提供的有限材料，明确考察要点，最大限度的挖掘材料中的有效信息，建议考生答题时用笔将重点勾画出来，方便反复细读。只有经过仔细推敲，揣摩命题老师的意图，积极联想知识点，分析答题角度，才能够将考点锁定，明确题意。1.2012在如下图的电路中，电源电动势为12V,电源内阻为 1.0Q,电路中的电阻
2、R）为 1.5Q,小型直流电动机M的内阻为 0.5Q,闭合开关 S 后，电动机转动， 电流表的示数为 2.0A、那么以下判断中正确的选项是（）电动机A、电动机的输出功率为 14WB 电动机两端的电压为 7.0VC 电动机产生的热功率为4.0WD 电源输出的功率为 24W解析电动机两端的电压5机=EI（r+F0） = 7.0V，选项 B 正确；电动机输出的功率P机出=U机II2r机=12W 选项 A 错误；电动机产生的热功率为P机热=l2r机=2.0W,选项 C 错 误；电源输出的功率P出=ElI2r= 20W 选项 D 错误、答案B2.2012如下图，电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻 R）
3、、滑动变阻器R串联，R）=r,滑动变阻器的最大阻值是 2r.当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑 动时，以下说法中正确的选项是（）A、电路中的电流变大B 电源的输出功率先变大后变小C 滑动变阻器消耗的功率变小D 定值电阻 R）上消耗的功率先变大后变小解析当r内=R外时，电源输出功率最大；当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时, 外电路电阻减小，当滑片位于b端时，电源的输出功率变大，选项 A 对而 B 错；当把定值电阻F0看做电源内阻时，当滑动变阻器的滑片P位于a端时，滑动变阻器消耗的功率最大，由a端向b端滑动时，滑动变阻器消耗的功率变小，选项C 对；此过程中，由P= I2FO知，定值电阻F0上消
4、耗的功率变大，选项D 错、答案AC3.2012如下图，将平行板电容器两极板分别与电池的正、 负极相接,两板间一带电微粒恰好处于静止状态， 现将下极板向上平移一小段距离， 那么在此过程中以 下说法中正确的选项是（）A、电容器的带电荷量变大B 电路中有顺时针方向的短暂电流C 带电微粒仍将静止D 带电微粒将向下做加速运动解析电容器与电源相连，电容器两端电压U与电源电动势E相等、下极板向上移动，rS Q两板距离d减小，根据0= 4nkd=U可知电容器的电荷量增大，选项 A 正确、电容器被充电，有逆时针方向的短暂电流，选项B 错误、两板距离d减小，电压不变，电场强度变大，微粒将向上加速运动，选项 C、D
5、 错误、答案A4.2012温度传感器广泛应用于空调、电冰箱等家用电器中， 它是利用热敏电阻的阻值随着温度变化的特性来工作的、如图甲所示，电源的电动势E= 9.0V，内阻不计；G为灵敏电流计，内阻Fg保持不变；R为热敏电阻，其电阻阻值与温度的变化关系 如图乙所示、闭合开关 S,当R的温度等于20C时，电流表示数Ii= 2mA 当电流表的示数|2= 3.6mA 时，热敏电阻的温度是tA/kQA.60CC.100C解析由图象知，当t1= 20C,热敏电阻的阻值EE11=R+R,可解得 R)= 0.5k ；12=R+R,可解得()廿八V1T-i厂-一hiii1iia1i11-T ?-i-r r-厂71
6、iiii1111i-nfC r-i-T- r -r- -biI11B- T -rp-f一”iIi1r1e ri r_-r-riii*T-*1iiE. XH. 丄 丄.L.B18iTrB1iiiII1ii1110 20 4X)6080100120140160 r/tB.80CD.120CR= 4kQ；根据闭合电路欧姆定律F2= 2kQ,结合图象得：t2= 120C.答案D5.2011如下图，两个相同的平行板电容器C、C2用导线相连，开始都不带电、现将开关 S 闭合给两个电容器充电，待充电平衡后，电容器C两板间有一带电微粒 恰好处于平衡状态、再将开关S 断开，把电容器C2两板稍错开一些（两板间距离
7、保持不变），重新平衡后，以下判断正确的选项是（）A、电容器C两板间电压减小B 电容器C2两板间电压增大C 带电微粒将加速上升D 电容器C所带电荷量增大解析充电完毕后电容器C、C2并联，且两端电压相等，都等于电源电压，断开S 后，&S Q电容器C2两板稍错开一些，即两板正对面积S减小，那么电容减小，根据C= 4nkd=U可知两板间电压 Ua 增大，此时UU，那么电容器C2又开始给C充电，直到两电容器电压再次增大，故 D 正确；电容器C两端的电压增大，根据 那么带电微粒受到的电场力增大，将加速向上运动，故答案BCD6.2012东北二校一模，16如下图，G= 6 卩 F,C2= 3 卩 F,R= 3
8、Q,6Q,电源电动势E= 18V,内阻不计、以下说法正确的选项是（）RA、开关 S 断开时，a、b两点电势相等B 开关 S 闭合后，a、b两点间的电流是 2AC 开关 S 断开时C带的电荷量比开关 S 闭合后C带的电荷量大D 不论开关 S 断开还是闭合，C带的电荷量总比 Q 带的电荷量大解析S 断开时外电路处于断路状态，两电阻中无电流通过，电阻两端电势相等，由图知a点电势与电源负极电势相等，而b点电势与电源正极电势相等， A 错误、S 断开时两电 容器两端相等，此时两者两端的电压比原来的电压都增大，故A 错误，B 正确；电容器C所带电荷量E=Jd可知，C两板间电场强度增大, C正确、电压都等于
9、电源电动势，而CQ,由Q= CU知此时QQ，当 S 闭合时，稳定状态E下C与R并联，C2与R并联，电路中电流1=R匚巨=2A,此时两电阻两端电压分别为U=IRi= 6V、U2=IR2= 12V,那么此时两电容器所带电荷量分别为Q1=CU= 3.6x10 C、Q2=CU= 3.6x1O5C,对电容器C来说，S 闭合后其两端电压减小，所带电荷量也减小，故 B C 正确，D 错误、答案BC7.2011如下图，直线I、n分别是电源 1 与电源 2 的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线川是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源 1、电源 2 单独连接，那么以下说法正确的选项是（）A、电源
10、 1 与电源 2 的内阻之比是 11 : 7B 电源 1 与电源 2 的电动势之比是 1 : 1C 在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1 : 2D 在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1 : 2解析在U-1图象中，图线i、n斜率的绝对值代表电源的内阻,U210=A12=石Q,那么r1:2= 11 : 7,选项 A 正确；图线与纵轴的交点表示电源电动势，那么E=巳=10V,选项 B 正确；小灯泡在第一种连接状态下消耗的功率为P=UI1= 15W 小灯士 3泡的电阻R=|1= 5Q;小灯泡在第二种连接状态下消耗的功率为Rz=U2I2= 30W 小灯泡的U25电阻 R =匚=6Q,选项 C
11、 正确、D 错误、答案ABC8.2012湖北巽対叨在如图甲所示的电路中，电源的电动势为3.0V，内阻不计,L1、L2、L3为 3 个用特殊材料制成的同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所 示、当开关S 闭合稳定后（）图甲图乙A、通过 L1电流的大小为通过 L2电流的 2 倍B L1消耗的电功率为 0.75WU10r1=A11=7Q,r2C L2消耗的电功率约为 0.3WD L2的电阻为 6Q解析开关 S 闭合后，小灯泡 L1两端电压为 3.0V，由图乙可知通过小灯泡L1的电流为0.25A，小灯泡 Li消耗的功率为 3.0X0.25W= 0.75W,选项 B 正确、小灯泡 L2、L3共
12、同分得 电压 3.0V，每个小灯泡均分得 1.5V，由图乙可知通过小灯泡L2、L3的电流为 0.20A，选项 A1.5 V错误、小灯泡 L2消耗的功率为 1.5X0.20W= 0.3W,选项 C 正确，而 02A = 7.5Q,选项 D 错误、答案BC9.如下图的电路中，电源电动势为E,内阻为r,R为定值电阻，R 为滑动变阻器、闭合电键 S,当滑动变阻器 艮的滑动触头向右移动时，电路中的电流I、R两端的电压U、R两端的电压U2、电源两端的电压U都发生了变化，电流的变化量为I,R两端电压的变化量为U,R2两端电压的变化量为 U,电源两端电压的变化量为U对于它们之间的关系，以下说法正确的选项是（）
13、UUUUA、比值丨不变，I |I 不变, 且TT |I121212B 比值亍增大，I |I 增大, 且亍=I|IUUUUC 比值|增大，I|I 增大，且|=I |ID继续调节R,当R=R2+r时，R上的功率最大U_U_ _解析R=|,R阻值不变，|不变，R= | |不变，R=|= | 一定相等，选项 AU2U1增大，丨i1=RUu正确；R2=，因滑动变阻器R的滑动触头向右移动，阻值增大，所以HUU+r不变，T丰I TTI，选项B错误；因艮增大，所以T=艮+R增大,U1 rp|，选项C错误；当R上的功率最大时，此时艮等于零，选项D错误、答案A10.2012海南单科，13图示电路可用来测量电阻的阻
14、值、其中E为电源，R为电阻，R为待测电阻，OV 可视为理想电压表，Sc为单刀单掷开关，S、Sa为单刀双掷开关、左i-厂一* 丘右2hE%(1) 当S0闭合时，假设S、S2均向左闭合，电压表读数为U;假设S、S2均向右闭合，电压表读数为U2.由此可求出R=_Q.(2) 假设电源电动势E= 1.5V，内阻可忽略；电压表量程为 1V,R=100Q.此电路可测量的R的最大值为_Q.U解析(i)由R=匚，而ix=R故R=UR-(2)当R两端电压达到 1V 时，由E= 1.5V，可得此时R两端的电压U= 1.5V 1V= 0.5V.0.5此时电路中电流I=00A1 100那么R(max=0.5Q= 0.5
15、Q= 200Q.而答案(1)包尺 2)20011.2012郑州三模，24如下图，电路中电源内阻不计，水平放置的平行金属板AB间的距离为d,金属板长为L.在两金属板左端正中间位置M有一个小液滴以初速度V0水 平向右射入两板间， 小液滴的质量为m小液滴带负电，电荷量为q.要使液滴从B板右侧上 边缘射出电场，电动势E是多大？重力加速度用g表示、解析由闭合电路欧姆定律得两金属板间电压为ELAB=IR= 2 由牛顿第二定律得UABq dmg= ma液滴在电场中做类平抛运动L=votd1E EI=R+R= 2R2= 2at22mdv22mgd由以上各式解得E=qL+q12.2012四川理综，23四川省“十
16、二五”水利发展规划指出，假设按现有供水能力测算，我省供水缺口极大，蓄引提水是目前解决供水问题的重要手段之一、某地要把河水抽高 20m 进入蓄水池，用一台电动机通过传动效率为80%的皮带，带动效率为 60%的离心水泵工作、工作电压为 380V,此时输入电动机的电功率为19kW 电动机的内阻为 0.4Q.水的密度为 1x103kg/m3，重力加速度取 10m/s2.求：(1) 电动机内阻消耗的热功率；(2) 将蓄水池蓄入 864m 的水需要的时间(不计进、出水口的水流速度)、解析(1)设电动机的电功率为P,那么P=UI设电动机内阻r上消耗的热功率为P，那么P=I2r代入数据解得P= 1X10 W(2)设蓄水总质量为M所用抽水时间为t.抽水高度为h,容积为 V,水的密度为p,那 么M=pV设质量为M的河水增加的重力势能为EP,那么E=Mg设电动机的输出功率为P。，那么P=P-P根据能量守恒定律得F0tx60%X80%= EP代入数据解得t= 2X104s、答案(1)1x103W(2)2x104s
2019年高考物理二轮练习冲刺测试专项7电路
