动能定理检测一(共14页)

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1、精选优质文档-倾情为你奉上专心-专注-专业动能定理检测一一选择题（共15题）1、一子弹以速度v飞行恰好射穿一块铜板，若子弹的速度是原来的3倍，那么可射穿上述铜板的数目为（）A3块B6块C9块D12块2、质量为1 kg的物体以某一初速度在水平地面上滑行，由于受到地面摩擦阻力作用，其动能随位移变化的图线如图所示，g10 m/s2，则物体在水平地面上( )A所受合外力大小为5 NB滑行的总时间为5 sC滑行的加速度大小为1 m/s2D滑行的加速度大小为2.5 m/s23、（多选）如图所示，长为L的长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物块.现缓慢地抬高A端，使木板以左端为轴转动，当木板转到

2、与水平面的夹角为时小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v，则在整个过程中( )A支持力对小物块做功为mgLsinB静摩擦力对小物块做功为0C静摩擦力对小物块做功为mgLsinD滑动摩擦力对小物块做功为4、（多选）一个小物块从底端冲上足够长的斜面后，又返回斜面底端已知小物块的初动能为E，它返回斜面底端的速度大小为v，克服摩擦阻力做功为E/2.若小物块冲上斜面的动能为2E，则物块()A返回斜面底端时的动能为EB返回斜面底端时的动能为3E/2C返回斜面底端时的速度大小为D返回斜面底端时的速度大小为5、如图所示，水平桌面上的A点处有一个质量为m的物体以初速度v0被抛出，不计空气阻力

3、，当它到达B点时，其动能的表达式正确的是（）ABCmgH-mghD6、构建和谐型、节约型社会深得民心，遍布于生活的方方面面。自动充电式电动车就是很好的一例，电动车的前轮装有发电机，发电机与蓄电池连接。当在骑车者用力蹬车或电动自行车自动滑行时，自行车就可以连通发电机向蓄电池充电，将其他形式的能转化成电能储存起来。现有某人骑车以500 J的初动能在粗糙的水平路面上滑行，第一次关闭自动充电装置，让车自由滑行，其动能随位移变化关系如图所示；第二次启动自动充电装置，其动能随位移变化关系如图所示，则第二次向蓄电池所充的电能是（ ）A200 JB250 JC300 JD500 J7、(多选)如图甲所示，物体

4、以一定初速度从倾角=370的斜面底端沿斜面向上运动，上升的最大高度为3.0 m。选择地面为参考平面，上升过程中，物体的机械能E随高度h的变化如图乙所示。g =10 m/s2，sin370 = 0.60 ，cos370 = 0.8 。则A物体的质量m =0. 67kg B物体与斜面间的动摩擦因数= 0.40C物体上升过程的加速度大小a =10 m/s2D物体回到斜面底端时的动能Ek =10 J8、质量为10 kg的物体，在变力F作用下沿x轴做直线运动，力随坐标x的变化情况如图1所示物体在x0处，速度为1 m/s，一切摩擦不计，则物体运动到x16 m处时，速度大小为 ()A22 m/s B3 m/

5、s C4 m/s D. 17m/s9、（多选）如图所示，一个质量为m的圆环套在一根固定的水平直杆上，环与杆的动摩擦因数为，现给环一个向右的初速度v0，如果在运动过程中还受到一个方向始终竖直向上的力F的作用，已知力F的大小Fkv(k为常数，v为环的运动速度)，则环在整个运动过程中克服摩擦力所做的功(假设杆足够长)可能为()AmvBmvC0Dmv10、如图，竖直平面内的轨道和都由两段直杆连接而成，两轨道长度相等.用相同的水平恒力将穿在轨道最低点B的静止小球，分别沿和推至最高点A，所需时间分别为t1、t2；动能增量分别为Ek1、Ek2.假定球在经过轨道转折点前后速度大小不变，且球与、轨道间的动摩擦因

6、数相等，则（） A. Ek1Ek2；t1t2 B. Ek1=Ek2；t1t2C. Ek1Ek2；t1t2 D. Ek1=Ek2；t1t2 11、在粗糙水平地面上，使一物体由静止开始运动，第一次用斜向上的拉力，第二次用斜向下的推力，两次的作用力大小相等，力与水平方向的夹角也相等、物体的位移也相等，则这两种情况下（）A拉力和推力做功相等，物体末速度相等B拉力和推力做功相等，物体末速度不等C拉力和推力做功不等，物体末动能相等D拉力和推力做功不等，物体末动能不等12、篮球比赛非常精彩，能吸引众多观众，在大型比赛中经常有这样的场面：在临终场0.1s的时候，运动员把球投出且准确命中，获得比赛的胜利。如果运

7、动员投篮过程中出手高度为h1，合外力对篮球做功为W，篮筐距地面高度为h2，球的质量为m，空气阻力不计，则篮球进筐时的动能为 （）Amgh1mgh2WBWmgh2mgh1CWmgh1mgh2Dmgh2mgh1W13、一质量为m的小球，用长为l的轻绳悬挂于O点。小球在水平力F的作用下，从平衡位置P点很缓慢地移动到Q点，如图所示，力F所做的功为（ ）A.mglcos B.Flsin C.mgl （1cos） D.Flcos14、（多选）如图所示，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变。用水平力F缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了

8、x0 ，此时物体静止。撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0。物体与水平面间的动摩擦因数为，重力加速度为g 。则（）A撤去F时，物体的加速度大小为B撤去F后，物体先做加速运动，再做减速运动C物体做匀减速运动的时间为D物体在加速过程中克服摩擦力做的功为15、如图是质量为1 kg的质点在水平面上运动的v-t图像，以水平向右的方向为正方向。以下判断正确的是A在03 s时间内，合力对质点做功为10 JB在46 s时间内，质点的平均速度为3 m/sC在15 s时间内，合力的平均功率为4 WD在t6 s时，质点的加速度为零二计算题（共4题，写出必要的过程和步骤，只写结果不得分）16、用竖直向上

9、大小为30 N的力F，将质量为2 kg的物体从地面由静止提升，物体上升2m后撤去力F，经一段时间后，物体落回地面。若忽略空气阻力，g取10 m/s2。求：（1）拉力F做的功（2）物体上升2m时的动能（3）物体刚落回地面时的速度17、（18分）如下图所示，让小球从图中的C位置由静止开始摆下，摆到最低点D处，摆线刚好被拉断，小球在粗糙的水平面上由D点向右做匀减速运动，到达小孔A进入半径R=0.3m的竖直放置的光滑竖直圆弧轨道，当小球进入圆轨道立即关闭A孔，小球恰好能做圆周运动。已知摆线长L=2m，小球质量为m=0.5kg，D点与小孔A的水平距离s=2m，g取10m/s2。求：（1）小球摆到最低点时

10、的速度以及小球在最低点时对绳子的拉力（2）小球运动到光滑竖直圆弧轨道最高点时的速度（3）求粗糙水平面动摩擦因数。18、如图甲所示，竖直平面内的坐标系xoy内的光滑轨道由半圆轨道OBD和抛物线轨道OA组成，OBD和OA相切于坐标原点O点，半圆轨道的半径为R , 一质量为m的小球（可视为质点）从OA轨道上高H处的某点由静止滑下。（1）若小球从H=3R的高度静止滑下，求小球刚过O点时小球对轨道的压力；（2）若用力传感器测出滑块经过圆轨道最高点D时对轨道的压力为F，并得到如图乙所示的压力F与高度H的关系图象，取g=10m/s2。求滑块的质量m和圆轨道的半径R的值。19、如图所示，一块足够大的光滑平板放

11、置在水平面上，能绕水平固定轴MN调节其与水平面所成的倾角。板上一根长为=0. 60m的轻细绳，它的一端系住一质量为0.2kg的小球P，另一端固定在板上的O点。先将轻绳平行于水平轴MN拉直，然后给小球一沿着平板并与轻绳垂直的初速度v0=3.0m/s。重力加速度g=l0(1)求当平板的倾角固定为90，小球经过运动轨迹的最低点时轻细绳中的拉力大小；(2)当平板的倾角固定为时，若小球能保持在板面内作圆周运动，倾角的值应在什么范围内？动能定理检测一参考答案1、答案：、C解析：、试题分析：子弹以速度v运动时，恰能水平穿透一块固定的木板，根据动能定理有：，设子弹的速度为时，穿过的木板数为n，则有：联立两式并

12、代入数据得：n=9块，C正确。2、答案：、D解析：、根据动能定理可得：结合动能随位移变化的情况得：初动能，初速度；，A错误；根据牛顿第二定律可得：，运动时间为，故BC错误；D正确；故选D3、答案：、ABD解析：、物块在缓慢提高过程中，由动能定理可得：，则有故A正确；物块在缓慢提高过程中，静摩擦力始终与运动方向垂直，所以摩擦力不做功，故B正确C错误；物块在滑动过程中，由动能定理可得：，则有滑动摩擦力做功为故D正确；故选：ABD4、答案：、AC解析：、试题分析：当动能增量2倍，则速度变大倍，由于物体在斜面上的加速度大小相同，因此上升时位移变大，通过可知，位移变大2倍，即相同情况下，上升时摩擦力做功

13、变大W=-fs即增加1倍，所以回来时损失的动能比以前的动能增加1倍，即回到出发剩下的动能为2E-E=E，由于返回动能扩大一倍，所以速度变大倍，AC对，BD错。5、答案：、B解析：、由A到B，由动能定理可知，故选B6、答案：、A解析：、第一次关闭自动充电装置，自由滑行时只有摩擦力做功，根据动能定理有，第二次启动充电装置后，滑行直至停下来的过程，动能一部分克服摩擦力做功，一部分转化为电能，计算得,即充电，选项A对。7、答案：、CD解析：、物体到达最高点时，机械能E=EP=mgh，m=1kg，选项A错误；物体上升过程中，克服摩擦力做功，机械能减少，减少的机械能等于克服摩擦力的功，E=-mgcos，=

14、0.5，选项B错误；物体上升过程中，由牛顿第二定律得：mgsin+mgcos=ma，解得a=10m/s2，选项C正确；由图象可知，物体上升过程中摩擦力做功W=30-50=-20J，在整个过程中由动能定理得EK-EK0=2W，则EK=EK0+2W=50 J +2（-20）J =10J，选项D正确。8、答案：、B解析：、Fx图象与坐标轴围成的图形面积表示力F做的功，图形位于x轴上方表示力做正功，位于x轴下方表示力做负功，面积大小表示功的大小，所以物体运动到x16 m处时，力F对物体做的总功W40 J，由动能定理Wmv22/2mv12/2，代入数据可得v23 m/s，B正确9、答案：、ACD解析：、

15、圆环向右运动的过程中可能受到重力、竖直向上的力F、杆的支持力和摩擦力，根据圆环初速度的情况，分析竖直向上的力F与重力大小关系可知：圆环可能做匀速直线运动，或者减速运动到静止，或者先减速后匀速运动，根据动能定理分析圆环克服摩擦力所做的功。A、当时圆环受摩擦力做减速运动到静止，只有摩擦力做功，由动能定理得：，即；正确C、当时圆环摩擦力做功为零；正确D、当时圆环受摩擦力，先做减速运动，当时圆环做匀速直线运动，当时，得据动能定理可得：，；正确故选ACD10、答案：、B解析：、因为摩擦力做功Wf=mgcoss=mgx，可知沿两轨道运动，摩擦力做功相等，根据动能定理得： WFmghWf=Ek， 知两次情况

16、拉力做功相等，摩擦力做功相等，重力做功相等，则动能的变化量相等. 作出在两个轨道上运动的速度时间图线如图所示，由于路程相等，则图线与时间轴围成的面积相等，由图可知，t1t2.故B正确，A、C、D错误. 故选：B. 11、答案：、B解析：、试题分析：由恒力做功的公式可知，两次作用力的功相等，但是斜向下推比斜向上拉物体所受摩擦力大小不同，故两过程阻力做功不同，由动能定理可知，物体末动能不等，选B。12、答案：、C解析：、由动能定理有，；C正确故选C13、答案：、C解析：、小球在缓慢移动的过程中，水平力F是变力，不能通过功的公式求解功的大小，根据动能定理得，WF-mgl（1-cos）=0，解得水平力

17、F所做的功WF=mgl（1-cos），故C正确，A、B、D错误。14、答案：、ABD解析：、撤去F后，在物体离开弹簧的过程中，弹簧弹力是变力，由受力分析可知，物体先做加速度减小的加速运动，当弹簧弹力减小到与滑动摩擦力相等时，速度达到最大，然后做加速度反向增大的减速运动，随即离弹簧再做匀减速运动直至停止。也即经历了变加速、变减速、匀减速三种运动情况，当撤去推力F的瞬间，由牛顿第二定律可知，选项正确；同理选项B正确；做匀减速运动是从弹簧恢复原长开始的，也可考虑为反向的匀加速直线运动，由位移公式得，选项C正确；当弹簧恢复原长时：，故弹力做功为：即，即弹簧的弹性势能为，所以F对其做功为，速度最大时合力

18、为零，此时弹簧弹力，所以物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为，D正确；故选ABD15、答案：、B解析：、A、根据动能定理，在03.0s时间内，合力对质点做功等于动能的增加量，故，故A错误；B、由于速度时间图线与时间轴包围的面积表示位移，故物体在4.0s6.0s时间内的位移为，故平均速度为，故B正确；C、根据动能定理，在1s5.0s时间内，合力对质点做功等于动能的增加量，故，故合力的平均功率为，故C错误；D、在t=6.0s时，质点速度为零，但从5s到7s物体做匀变速直线运动，加速度不变，故该时刻物体的加速度不为零，故D错误。16、答案：、（1）60J；（2）20J；（3）解析：、

19、试题分析：（1）（2）从物体静止上升2m，由动能定理：解得：（3）对全过程，由动能定理：解得：方向竖直向下17、答案：、（1）（2）（3）解析：、（1）对CD段应用动能定理，得代入数据解得：m/s在最低点有：解得：由作用力与反作用力的关系可知：小球在最低点对绳子的拉力为什10N。（2）小球运动到光滑竖直圆弧轨道最高点时,，得由动能定理得：代入数据解得：小球在A点时的速度为（3）对DA段应用动能定理，有，解得：18、答案：、（1）（2） m0.1kg解析：、（1）（2分）（2分）解得（1分）（2）由图乙可知，在H大于0.5m时，小球才能通过D点。（2分）当H0.5m时，有（2分（2分）（1分）当H1.0m时，有（3分）（2分）m0.1kg（2分）19、答案：、(1) 9N ；(2) 解析：、（1）小球由水平位置运动到竖直位置的过程中根据动能定理 在最低点，根据牛顿第二定律 联立以上可得 根据牛顿第三定律可知轻绳中的拉力大小为9N （2）小球要做圆周运动，在最高点小球由水平位置运动到最高点，根据动能定理 联立以上两式可得 小球能保持在板面内作圆周运动，倾角的值为