2018年湖北省孝感市中考物理试卷含答案

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1、2018年湖北省孝感市中考物理试卷一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，第1-8小题只有一项符合要求，第9和10题有多项符合要求。全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选的得0分）1（3分）关于声现象，下列说法正确的是（）A只要物体振动我们就能听到声音B一切正在发声的物体都在振动C声音在气体中的传播速度一定比在固体中大D市区内禁止机动车高音鸣笛是在传播过程中减弱噪声2（3分）如图所示的光现象中，对其所涉及的物理知识，下列解释合理的是（）A甲图中，月食是由于光沿直线传播而形成的B乙图中，塔在水中“倒影”是由于光的反射而形成的实像C丙图中，放大镜把字“放大

2、”是由于放大镜具有发散作用D丁图中，近视眼形成原因是晶状体太薄，折光能力太弱，需要用凸透镜矫正3（3分）对以下各种热现象的解释，其中正确的是（）A海边昼夜温差变化比沙漠中小是因为水的比热容小B寒冬，草木上有白霜是因为空气中的水蒸气遇冷而液化C深秋，清晨河面上冒“白气”是因为河面上水蒸气的汽化D往手臂皮肤上涂些花露水，会感觉凉爽是因为花露水蒸发时吸热4（3分）为了练习使用滑动变阻器，同时探究串联电路中电压、电流的规律，某实验小组设计了如图所示的电路。此电路中灯泡的电阻始终保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向左滑动时（电表均在安全范围内），则（）A电压表V1的示数变大B电压表V1与V2的示数

3、之和变小C电流表A的示数变小D若电压表V1突然短路，则小灯泡变亮5（3分）关于做功或能量转化的过程中，下列说法正确的是（）A汽油机在压缩冲程中，是内能转化为机械能B拉弯的弓将箭射出，其弹性势能主要转化为动能C电动机工作过程中，是机械能转化为电能D吊车吊着货物沿水平方向移动一段距离，此过程中货物的重力对自身做了功6（3分）对生活中的有关物理现象，其说法正确的是（）A利用斜面搬运物体，既可省力也可省功B建筑工地上尘土飞扬，不能说明分子在不停地作无规则运动C开车要系安全带，是为了在紧急刹车时减少驾驶员的惯性D刮大风时窗户有时会被向外推开，这是由于室外的大气压强大于室内的大气压强7（3分）2018年6

4、月2日，我国制造的高分辨率卫星“高分六号”成功发射升空，在其发射及完全进入太空过程中，下列说法中正确的是（）A在上升过程中火箭受到的大气压强越来越大B火箭使用的助推燃料，其热值越低越好C进入太空后，卫星“高分六号”的质量变为零D竖直向上加速过程中，卫星“高分六号”受到的支持力大于其自身的重力8（3分）下列有关物理现象中说法正确的是（）A家庭电路中电流过大时，可能是电路发生了短路B物体内能增加时，一定是外界对物体做了功C声控开关是利用声音的音调来控制电路的D光可以在真空中传播，其传播速度与超声波相同9（3分）如图所示，条形磁铁放在粗糙程度相同的水平桌面上静止后，闭合开关S，滑片P向下移动。下列说

5、法正确的是（）A通电螺线管的右端为N极B滑片P向下移动过程中，通电螺线管的磁性变弱C滑片P向下移动过程中，条形磁铁所受摩擦力一直不变D滑片P向下移动过程中，条形磁铁可能静止，也可能向左运动10（3分）为测量小灯泡的电功率，某实验小组选用了如图所示的电路图进行实验，其中小灯泡上标有“2.5V 0.5W“的字样（灯丝的电阻随温度的升高而变大），电源的电压恒为4.5V，则（）A当小灯泡正常发光时，电路中的电流为0.2AB当小灯泡正常发光时，滑动变阻器与小灯泡两端的电压之比为4：5C当小灯泡正常发光时，10min内电路消耗的总电能为300JD当小灯泡两端的实际电压为额定电压的一半时，其实际功率大于0.

6、125W二、作图与实验探究题（本大题共6小题，共20分）11（2分）如图所示（F为凸透镜的焦点），BC为某光线经过平面镜后的反射光线，请在图中画出与BC对应的入射光线和光线BC经凸透镜后的折射光线。12（2分）如图所示，磁铁A紧贴电梯壁上，随电梯一起竖直向上作匀速直线运动，请画出磁铁A在竖直方向上的受力示意图。13（2分）核能作为一种新能源，正在逐步被人们开发和利用，核电站是利用核能发电，其核燃料在反应堆内是通过核 （选填“裂变”或“聚变”）的方式，把核能转化为电能输送到国家电网，供千家万户使用。我国家庭照明电路的电压是 V。14（2分）现用阻值为50的电热丝，对质量为2kg的水进行加热，当电

7、热丝通过的电流为4A时，要使水温升高10，需要加热的时间至少为 s，若取其中部分水装入杯中，用己调节好的天平进行测量，天平平衡后如图所示，则杯和水的总质量为 g（水的比热容c水=4.2103J/（kg）。15（6分）某校学习小组想用不同方法测量未知电阻Rx的阻值，他们分成甲、乙两组分别进行实验：（1）甲组设计了如图甲所示的电路图；请用笔画线代替导线将实物电路图乙连接完整（要求滑片P向左滑动时电路中的电流变大）；连接好电路后在开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应滑至最 端（选填“左”或“右”）闭合开关s，将滑动变阻器的滑片P滑至某一位置后，此时电压表的示数记为U，电流表的示数记为I，则待测电阻Rx=

8、 （用题中给的字母表示）。（2）乙小组设计实验电路图如图丙所示（其中电阻R1=8）；根据电路图连接好电路，闭合开关S，发现电流表A1的示数为零、电流表A2的示数正常，若只有R1或Rx中的一处发生故障，则故障是 （选填“R1断路”“R1短路”“Rx断路”或“Rx短路”）故障排除后，闭合开关S得到电流表A2的示数I2=0.48A，电流表A1的示数如图丁所示，则I1= A；乙小组所测待测电阻Rx= 16（6分）为了探究影响浮力大小的因素，某校学习小组设计了如下两次实验。（1）第一组：甲、乙、丙图是小方同学的实验过程（整个过程为同一物块，g取10N/kg）；由图1可知由以上实验过程及数据分析可得：物体

9、所受浮力大小与 有关；该物块浸没在水中所受的浮力为 N；物块的密度为 kg/m3。（2）第二组：在水平桌面上，两个完全相同烧杯中装有相同体积的水，小杨同学将AB两个不同的实心物块，分别放入两个烧杯中，A物块沉入杯底，B物块漂浮于水面。待AB均静止后，两液面的高度仍相同，如图2所示。则A物块所受浮力 B物块所受浮力；A物块的密度 B物块的密度；甲杯对桌面压力 乙杯对桌面压力。（以上选填“”、“”或“=”）三、应用题（本大题共3小题，共20分）17（6分）客轮是水上重要的交通运输工具，能极大地促进各地人民的友好往来。请答下列问题（g取10N/kg）（1）当某客轮的速度为15km/h时，航行60km

10、需要的时间为多少小时；（2）若某客轮的排水量为5000t，那么它满载时受到的浮力为多少；（3）水面下深3m处船体所受水的压强为多少。18（6分）某兴趣小组在阅读了半导体材料相关信息后，为了探究定值电阻R1的电流与其两端电压关系，特设计了如图甲所示的电路：其中R2为多种半导体材料混合制成的电阻，其阻值随温度的变化关系如图乙所示。现将R2置于可调温装置中（不影响电路的连接），当R2的温度从最低25调至最高75的过程中，由电路中电流表与电压表对应的示数变化关系，得到此过程中R1的完整IU图象，如图丙所示。求：（1）由乙图可知，R2的阻值随温度的升高而 ；当R2的温度由最低25升高的过程中，电路中的电

11、流变化是 ；（以上选填“变大”、“不变”或“变小”）（2）定值电阻R1的阻值为多少；（3）当R2的温度为28时，电阻R2的电功率为多少。19（8分）搬运工人站在水平高台上用如图所示的滑轮组匀速竖直向上提升重物，不计绳重和摩擦，工人的重力为640N，与地面接触的总面积为4102m2，提升时间为20s，重物上升高度为2m。求：（1）提升时绳自由端的速度为多少；（2）若拉力F的大小为150N，则拉力的功率为多少；（3）若上述过程中所提货物重为360N，则滑轮组的机械效率为多少；（4）若仍用该滑轮组提升另一货物，当提升过程中该工人对高台的压强为2.0104Pa，则所提升货物的重力为多少。2018年湖北

12、省孝感市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，第1-8小题只有一项符合要求，第9和10题有多项符合要求。全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选的得0分）1（3分）关于声现象，下列说法正确的是（）A只要物体振动我们就能听到声音B一切正在发声的物体都在振动C声音在气体中的传播速度一定比在固体中大D市区内禁止机动车高音鸣笛是在传播过程中减弱噪声【分析】解决此类问题要知道：（1）声音是由物体的振动产生的，振动的物体肯定能发出声音，但由于人的听觉范围的限制，发出的声音不一定能听得见；（2）音调是指声音的高低，它和物体振动频率有关。

13、物体振动频率越快，音调越高；振动频率越慢，音调越低；（3）响度指声音的强弱，响度与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小。【解答】解：A、振动的物体都能够发声，但是不一定能听到，故A错误；A、声音是由物体的振动产生的，一切发声的物体都在振动，故B正确；C、根据声音在不同介质中传播速度表可知：声音在固体中最快，液体次之，气体最慢，故C错误；D、市区内禁止机动车高音鸣笛是在声源处减弱噪声，故D错误。故选：B。【点评】本题是一道综合了声学中多个知识点的题目，做题时要对照相关的物理知识，仔细分析每一种情况的对错。2（3分）如图所示的光现象中，对其所涉及的物理知识，下列解释合理的是（）A

14、甲图中，月食是由于光沿直线传播而形成的B乙图中，塔在水中“倒影”是由于光的反射而形成的实像C丙图中，放大镜把字“放大”是由于放大镜具有发散作用D丁图中，近视眼形成原因是晶状体太薄，折光能力太弱，需要用凸透镜矫正【分析】（1）根据光的直线传播分析；（2）倒影属于平面镜成像；（3）凸透镜对光线具有会聚作用；（4）近视眼的成因是只能看清近处的物体，看不清远处的物体，晶状体太厚，折光能力太强，或者眼球在前后方向上太长，因此来自远处点的光会聚在视网膜前。【解答】解：A、月食是由于地球挡住了太阳射向月球的光，是由光沿直线传播而形成的，故A正确；B、倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的虚像，故B错误；C、

15、放大镜是凸透镜，对光线有会聚作用，故C错误；D、产生近视眼的原因是晶状体太厚，折光能力太强，来自远处点的光会聚在视网膜前，应用凹透镜矫正，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了光现象和透镜的应用，属于基础知识。3（3分）对以下各种热现象的解释，其中正确的是（）A海边昼夜温差变化比沙漠中小是因为水的比热容小B寒冬，草木上有白霜是因为空气中的水蒸气遇冷而液化C深秋，清晨河面上冒“白气”是因为河面上水蒸气的汽化D往手臂皮肤上涂些花露水，会感觉凉爽是因为花露水蒸发时吸热【分析】（1）水的比热容大，在同样吸放热条件下水的温度变化小；（2）物质从液体变为固态是凝固过程，凝固放热；物质从固态变为液态是熔化过

16、程，熔化吸热；物质从气态变为液态是液化过程，液化放热；物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸热；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放热。物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸热。【解答】解：A、沿海地区和沙漠地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，冬暖夏凉，昼夜温差小；沙漠地区多砂石，砂石的比热容较小，在相同的吸热条件下，砂石的温度变化大，故A错误；B、白霜是固态的小冰粒，它是由空气中的水蒸气直接变成的，属于凝华现象，故B错误；C、“白气”是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故C错误；D、花露水蒸发时要吸收热量，所以在皮肤上涂一些花露水，花

17、露水蒸发时带走部分热量，会感到凉爽，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了比热容的应用以及生活中的物态变化，属于基础知识的考查，解决此类问题的关键是分清物质变化前后的状态，是中考的热点。4（3分）为了练习使用滑动变阻器，同时探究串联电路中电压、电流的规律，某实验小组设计了如图所示的电路。此电路中灯泡的电阻始终保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向左滑动时（电表均在安全范围内），则（）A电压表V1的示数变大B电压表V1与V2的示数之和变小C电流表A的示数变小D若电压表V1突然短路，则小灯泡变亮【分析】由图可知：滑动变阻器和灯泡串联，电压表V1测量灯泡两端电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电

18、压，将滑动变阻器的滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律和串联电路的电压特点即可判断。【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器和灯泡串联，电压表V1测量灯泡两端电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压；（1）将滑动变阻器的滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小；即电流表示数变小，故C正确；（2）由于灯泡的电阻始终保持不变，根据U=IR可知灯泡两端的电压变小，即电压表V1的示数变小；故A错误，（3）由串联电路的电压特点可知，V1、V2示数之和为电源电压，因电源电压不变，所以V1、V2示数之和不变，故B错误；（4）由于电压表

19、V1与灯泡并联，若电压表V1突然短路，则灯泡也被短路，所以灯泡不发光；故D错误。故选：C。【点评】本题考查串联电路的电压的特点，关键知道各个电压表的测量对象和滑动变阻器滑片移动过程中阻值的变化。5（3分）关于做功或能量转化的过程中，下列说法正确的是（）A汽油机在压缩冲程中，是内能转化为机械能B拉弯的弓将箭射出，其弹性势能主要转化为动能C电动机工作过程中，是机械能转化为电能D吊车吊着货物沿水平方向移动一段距离，此过程中货物的重力对自身做了功【分析】（1）在压缩冲程中，活塞压缩汽油与空气形成的燃料混合物，活塞对气体做功，将机械能转化为气体的内能；（2）根据动能和势能的转化分析；（3）电动机是消耗电

20、能的机械；（4）根据做功的两个条件分析。【解答】解：A、在汽油机的压缩冲程中，活塞压缩燃料混合物使它的温度升高、内能增大，此过程中机械能转化为内能，故A错误；B、当运动员将弓拉开时，弓发生了弹性形变，具有较大的弹性势能，当人松手后，弦对箭做功消耗了弹性势能，箭的速度增大，动能增大，所以弹性势能主要转化为动能，故B正确；C、电动机工作过程中，消耗了电能，电能主要转化为机械能，故C错误；D、吊车吊着货物沿水平方向移动一段距离，此过程中货物没有在重力的方向上通过距离，所以重力不做功，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了能量的转化、做功的两个条件，难度不大。6（3分）对生活中的有关物理现象，其说法正

21、确的是（）A利用斜面搬运物体，既可省力也可省功B建筑工地上尘土飞扬，不能说明分子在不停地作无规则运动C开车要系安全带，是为了在紧急刹车时减少驾驶员的惯性D刮大风时窗户有时会被向外推开，这是由于室外的大气压强大于室内的大气压强【分析】（1）使用机械可以省力，可以省距离，就是不能省功。（2）扩散是分子的运动，不是物体的运动；（3）一切物体都有惯性，惯性是物体的固有属性，物体在任何情况下都有惯性；（4）流体的压强跟流速有关，流速越快的地方压强反而越小；【解答】解：A、使用任何机械都不省功，故A错误；B、建筑工地上尘土飞扬，是固体颗粒在空气中运动，不属于分子运动，不能说明分子不停地作无规则运动，故B正

22、确；C、开车要系安全带，是为了减小因为惯性带来的伤害，故C错误；D、当刮风时，室外的空气流速大压强小，室内的空气流速小压强大，窗户受到向外的压强大于向内的压强，把窗胡压向室外，故室内的大气压强大于室外的大气压强，故D错误。故选：B。【点评】本题考查功原理，分子运动，惯性，流速与压强的关系，是一道综合题。7（3分）2018年6月2日，我国制造的高分辨率卫星“高分六号”成功发射升空，在其发射及完全进入太空过程中，下列说法中正确的是（）A在上升过程中火箭受到的大气压强越来越大B火箭使用的助推燃料，其热值越低越好C进入太空后，卫星“高分六号”的质量变为零D竖直向上加速过程中，卫星“高分六号”受到的支持

23、力大于其自身的重力【分析】（1）大气压随高度的增加而减小；（2）热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；（3）质量是物体的属性，只与所含物质的多少有关，与物体的位置、状态、形状、温度无关；（4）物体加速运动，合力方向与运动方向相同。【解答】解：A、大气压随高度的增加而减小，所以在上升过程中火箭受到的大气压强越来越小，故A错误；B、完全燃烧相同质量的燃料时，热值高的燃料可以释放出更多的热量，所以火箭使用的助推燃料，其热值越高越好，故B错误；C、卫星“高分六号”进入太空后，位置改变了，但质量不变，故C错误；D、卫星“高分六号”在加

24、速上升时，合力方向向上，则受到的支持力大于重力，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了影响大气压的因素、热值、质量的特性以及力大小的比较，属于综合性题目。8（3分）下列有关物理现象中说法正确的是（）A家庭电路中电流过大时，可能是电路发生了短路B物体内能增加时，一定是外界对物体做了功C声控开关是利用声音的音调来控制电路的D光可以在真空中传播，其传播速度与超声波相同【分析】（1）家庭电路中电流过大的原因有两个，即短路和总功率过大；（2）改变内能的方法有两个：做功和热传递；（3）声音的振幅越大，响度越大；（4）超声波的传播需要介质，光速远远大于声速。【解答】解：A、家庭电路中电流过大的原因有两个，即

25、电路发生了短路或用电器的总功率过大，故A正确；B、物体内能增加时，可能是外界对物体做了功，也可能是吸收了热量，故B错误；C、声控开关是利用声音的响度来控制电路的，故C错误；D、光可以在真空中传播，其传播速度要远大于超声波的传播速度，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了家庭电路、内能、声音、光速等多个知识点，难度不大，是一道基础题。9（3分）如图所示，条形磁铁放在粗糙程度相同的水平桌面上静止后，闭合开关S，滑片P向下移动。下列说法正确的是（）A通电螺线管的右端为N极B滑片P向下移动过程中，通电螺线管的磁性变弱C滑片P向下移动过程中，条形磁铁所受摩擦力一直不变D滑片P向下移动过程中，条形磁铁可能

26、静止，也可能向左运动【分析】由安培定则可判断电磁铁的极性，由磁极间的相互作用可判断条形磁铁受力方向；由滑片的移动可知接入电阻的变化及电流的变化，则可知磁性强弱的变化，从而求得磁铁受力大小的变化，根据二力平衡可知所受摩擦力的方向即变化。【解答】解：A、由图知，闭合开关S，电流从螺线管右侧流入；根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，则大拇指指向螺线管的右端，即为N极，故A正确；B、当滑片P逐渐向下移动时，变阻器连入电路的电阻逐渐变小，由欧姆定律可知线圈中电流逐渐变大，则通电螺线管的磁性变强，故B错误；CD、当滑片P逐渐向下移动时，由于通电螺线管的磁性变强，且螺线管和条形磁铁相对的磁极为

27、异名磁极，所以条形磁铁受到电磁铁的吸引力逐渐变大，则条形磁铁可能静止，也可能向左运动；当条形磁铁静止时，静摩擦力和吸引力平衡，吸引力增大时，静摩擦力也随着增大；当条形磁铁运动时，因压力大小和接触面的粗糙程度不变，则条形磁铁所受滑动摩擦力的大小不变；所以，条形磁铁所受摩擦力不是一直不变，故C错误，D正确。故选：AD。【点评】本题是电磁学和二力平衡知识的综合分析题，涉及的知识规律要掌握清楚：磁极间的相互作用规律，影响电磁铁磁性强弱的因素，二力平衡的判断及应用等等。10（3分）为测量小灯泡的电功率，某实验小组选用了如图所示的电路图进行实验，其中小灯泡上标有“2.5V 0.5W“的字样（灯丝的电阻随温

28、度的升高而变大），电源的电压恒为4.5V，则（）A当小灯泡正常发光时，电路中的电流为0.2AB当小灯泡正常发光时，滑动变阻器与小灯泡两端的电压之比为4：5C当小灯泡正常发光时，10min内电路消耗的总电能为300JD当小灯泡两端的实际电压为额定电压的一半时，其实际功率大于0.125W【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，然后得出滑动变阻器与小灯泡两端的电压之比，根据W=UIt求出10min内电路消耗的总电

29、能；（2）假设灯泡的电阻不变，根据P=UI=求出灯泡两端的实际电压为额定电压的一半时的实际功率，然后结合灯丝的电阻随温度的升高而变大得出答案。【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当小灯泡正常发光时，其两端的电压UL=2.5V，功率PL=0.5W，因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=UI可得，电路中的电流：I=IL=0.2A，故A正确；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：U滑=UUL=4.5V2.5V=2V，则U滑：UL=2V：2.5V=4：5，故B正确；10min内电路消耗的总电能：W=UIt=4.

30、5V0.2A1060s=540J，故C错误；（2）假设灯泡的电阻不变，当灯泡两端的实际电压为额定电压的一半时的实际功率：PL=PL=0.5W=0.125W，因灯丝的电阻随温度的升高而变大，所以，灯泡两端的实际电压为额定电压的一半时，温度低于正常发光时的温度，其阻值变小，则此时灯泡的实际功率应大于0.125W，故D正确。故选：ABD。【点评】本题考查了串联电路的特点和电功率公式、电功公式的灵活应用，利用好“灯丝的电阻随温度的升高而变大”是关键。二、作图与实验探究题（本大题共6小题，共20分）11（2分）如图所示（F为凸透镜的焦点），BC为某光线经过平面镜后的反射光线，请在图中画出与BC对应的入射

31、光线和光线BC经凸透镜后的折射光线。【分析】（1）反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角来作；根据反射定律作出反射光线，反射光线与法线的夹角为反射角。（2）根据过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴作出折射光线。【解答】解：（1）过平面镜的反射点垂直于镜面作出法线，因为反射光线与镜面的夹角为30，则反射角为：9030=60，则入射角也为60；根据入射角等于60在法线左侧作出入射光线；（2）过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；如图所示：【点评】（1）凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透

32、镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；（2）熟记反射定律的内容：射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，并会作图。12（2分）如图所示，磁铁A紧贴电梯壁上，随电梯一起竖直向上作匀速直线运动，请画出磁铁A在竖直方向上的受力示意图。【分析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。【解答】解：磁铁A紧贴电梯壁上，随电梯一起竖直向上作匀速直线运动，处于平衡状态，它在竖直方向上受到的重力和摩擦力是一对平衡力，大小相等、方向相反；过磁铁的重心

33、分别作竖直向上的摩擦力f和竖直向下的重力G，并且两线段的长度相等。如图所示：【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。13（2分）核能作为一种新能源，正在逐步被人们开发和利用，核电站是利用核能发电，其核燃料在反应堆内是通过核裂变（选填“裂变”或“聚变”）的方式，把核能转化为电能输送到国家电网，供千家万户使用。我国家庭照明电路的电压是220V。【分析】（1）核裂变和核聚变都能释放能量，对于核裂变是可控的，如核潜艇的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能

34、量；（2）家庭电路电压为220V。【解答】解：核能主要包括核裂变与核聚变，由于核聚变的反应目前还不可控，故核电站主要是利用了核裂变获得能量；我国家庭照明电路电压为220V。故答案为：裂变；220。【点评】本题考查了核能的利用以及对家庭照明电路电压的了解，属于基础性题目。14（2分）现用阻值为50的电热丝，对质量为2kg的水进行加热，当电热丝通过的电流为4A时，要使水温升高10，需要加热的时间至少为105s，若取其中部分水装入杯中，用己调节好的天平进行测量，天平平衡后如图所示，则杯和水的总质量为62g（水的比热容c水=4.2103J/（kg）。【分析】（1）知道水的质量和温度的变化量以及比热容，

35、根据Q吸=cmt求出水吸收的热量，根据题意可知消耗的电能W=Q吸，根据W=I2Rt求出需要的加热时间；（2）弄清楚天平的分度值后读数，物体的质量等于砝码质量数加上游码数。【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）2kg10=8.4104J，由题意可知，消耗的电能至少为：W=Q吸=8.4104J，由W=I2Rt可得，加热时间：t=105s；（2）天平标尺上的分度值为0.2g，杯和水的总质量为50g+10g+2g=62g。故答案为：105；62。【点评】本题考查了吸热公式、焦耳定律公式的应用，根据题意知道消耗的电能等于水吸收的热量是解决此题的关键。15（6分）某校学习小

36、组想用不同方法测量未知电阻Rx的阻值，他们分成甲、乙两组分别进行实验：（1）甲组设计了如图甲所示的电路图；请用笔画线代替导线将实物电路图乙连接完整（要求滑片P向左滑动时电路中的电流变大）；连接好电路后在开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应滑至最右端（选填“左”或“右”）闭合开关s，将滑动变阻器的滑片P滑至某一位置后，此时电压表的示数记为U，电流表的示数记为I，则待测电阻Rx=（用题中给的字母表示）。（2）乙小组设计实验电路图如图丙所示（其中电阻R1=8）；根据电路图连接好电路，闭合开关S，发现电流表A1的示数为零、电流表A2的示数正常，若只有R1或Rx中的一处发生故障，则故障是R1断路（选填“R1

37、断路”“R1短路”“Rx断路”或“Rx短路”）故障排除后，闭合开关S得到电流表A2的示数I2=0.48A，电流表A1的示数如图丁所示，则I1=0.36A；乙小组所测待测电阻Rx=6【分析】（1）根据滑片向左滑动，灯泡变亮确定滑动变阻器接线。为保护电路，闭合开关前需将滑片放在阻值最大处；根据欧姆定律的变形公式计算出被测电阻的阻值；（2）两灯泡并联，电流表测A1测电阻R1两端的电流，闭合开关S后，电流表A1的示数为零、电流表A2的示数正常，什么R1支路断路，故在R1处断路；根据图丁指针的位置，确定量程，读出示数；根据并联电路的电流特点可求R1的电流，由并联分流公式可计算出Rx电阻值；【解答】解：（

38、1）根据滑片向左滑动，电路中电流变大，灯泡变亮，则接入电阻应变小，如图所示：；为保护电路，闭合开关前需将滑片放在阻值最大处即最右端；闭合开关s，将滑动变阻器的滑片P滑至某一位置后，此时电压表的示数记为U，电流表的示数记为I，根据欧姆定律，则待测电阻Rx=；（2）两灯泡并联，电流表测A1测电阻R1两端的电流，闭合开关S后，电流表A1的示数为零、电流表A2的示数正常，并联电路互不影响，说明R1支路断路，故在R1处断路；由乙图知，电流表使用00.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.36A，电阻R1的电流，I1=0.36A；电阻Rx的电流，I2=0.48A，由并联分流的公式，=，测待测电阻Rx=6

39、。故答案为：（1）如上图；右；（2）R1断路；0.36；6。【点评】本题是有关伏安法测电阻的实验，考查了测量的原理，实物图的连接、电表的读数及电阻的计算，同时考查了电路故障的分析及欧姆定律在串联电路中的应用，考查全面，难度适中。16（6分）为了探究影响浮力大小的因素，某校学习小组设计了如下两次实验。（1）第一组：甲、乙、丙图是小方同学的实验过程（整个过程为同一物块，g取10N/kg）；由图1可知由以上实验过程及数据分析可得：物体所受浮力大小与液体的密度有关；该物块浸没在水中所受的浮力为1N；物块的密度为4.8103kg/m3。（2）第二组：在水平桌面上，两个完全相同烧杯中装有相同体积的水，小杨

40、同学将AB两个不同的实心物块，分别放入两个烧杯中，A物块沉入杯底，B物块漂浮于水面。待AB均静止后，两液面的高度仍相同，如图2所示。则A物块所受浮力=B物块所受浮力；A物块的密度B物块的密度；甲杯对桌面压力乙杯对桌面压力。（以上选填“”、“”或“=”）【分析】（1）分析乙丙两图找出相同量和不同量，采用控制变量法做出分析，得出相应的结论；此题采用称重法求物体在水中受的浮力；根据F浮=液gV排计算出排开液体的体积即物体的体积；根据m=求出物体的质量；根据=算出物体的密度；（2）根据物体放入前后液面的高度判断出排开水体积的关系，根据阿基米德原理判断出浮力大小；根据浮沉情况判断出两个物体密度的关系和重

41、力的关系，从而判断出对桌面压力的大小。【解答】解：（1）比较甲、乙、丙图，乙、丙中排开液体的体积相同，液体密度不同，弹簧测力计示数不同即浮力不同，分析可得：物体所受浮力大小与液体的密度有关；弹簧测力计的分度值为0.2N，物体的重力为4.8N；物块浸没在水中所受的浮力为：F浮=GF水=4.8N3.8N=1N；根据F浮=液gV排知物体的体积V=V排=104m3；物体的质量：m=0.48kg；物体的密度：=4.8103kg/m3；（2）物体放入烧杯前，水的体积相同，放入物体后，两液面仍然相平，说明排开液体的体积相同，根据F浮=液gV排知，液体密度相同，排开液体的体积相同，所以浮力相同；因为A沉底，浮

42、力小于重力即FA浮GA，A水；B漂浮，浮力等于重力即FB浮=GB，B水，所以GBGA，AB；因为烧杯在水平面上，所以对水平面的压力等于烧杯、水、物体的总重力，F=G烧杯+G水+G物因为G烧杯、G水都相同，GBGA，所以FAFB。故答案为：（1）液体的密度；1；4.8103；（2）=；。【点评】本题考查了用阿基米德原理重力浮力和物体密度的方法以及根据浮沉情况和阿基米德原理分析判断两物体所示浮力、密度、重力的大小关系，是一道综合题，有一定的难度。三、应用题（本大题共3小题，共20分）17（6分）客轮是水上重要的交通运输工具，能极大地促进各地人民的友好往来。请答下列问题（g取10N/kg）（1）当某

43、客轮的速度为15km/h时，航行60km需要的时间为多少小时；（2）若某客轮的排水量为5000t，那么它满载时受到的浮力为多少；（3）水面下深3m处船体所受水的压强为多少。【分析】（1）知道客轮行驶的速度和路程，根据v=求出行驶的时间；（2）知道客轮排水量（满载时排开水的质量），利用重力公式求客轮满载时受到的重力，再根据阿基米德原理求客轮受到的浮力；（3）根据液体压强公式p=gh求出水对船体的压强。【解答】解：（1）由v=可得，客轮行驶的时间：t=4h；（2）客轮排开水的质量：m排=5000t=5000103kg=5106kg，客轮满载时受到的浮力：F浮=G排=m排g=5106kg10N/kg

44、=5107N；（3）水对船体的压强：p=gh=1103kg/cm310N/kg3m=3104Pa。答：（1）当某客轮的速度为15km/h时，航行60km需要的时间为4h；（2）若某客轮的排水量为5000t，那么它满载时受到的浮力为5107N；（3）水面下深3m处船体所受水的压强为3104Pa。【点评】本题考查了学生对速度、阿基米德原理、液体压强公式的掌握和运用，知道客轮的排水量是指满载时排开水的质量是本题的关键。18（6分）某兴趣小组在阅读了半导体材料相关信息后，为了探究定值电阻R1的电流与其两端电压关系，特设计了如图甲所示的电路：其中R2为多种半导体材料混合制成的电阻，其阻值随温度的变化关系

45、如图乙所示。现将R2置于可调温装置中（不影响电路的连接），当R2的温度从最低25调至最高75的过程中，由电路中电流表与电压表对应的示数变化关系，得到此过程中R1的完整IU图象，如图丙所示。求：（1）由乙图可知，R2的阻值随温度的升高而变小；当R2的温度由最低25升高的过程中，电路中的电流变化是变大；（以上选填“变大”、“不变”或“变小”）（2）定值电阻R1的阻值为多少；（3）当R2的温度为28时，电阻R2的电功率为多少。【分析】（1）由图象乙可知，R2的阻值随温度的升高而 变小；当R2的温度由最低25升高的过程中，根据欧姆定律可得电路中的电流变化是 变大；（2）由丙图，当R1两端的电压为1.0

46、V时，可得电流，根据欧姆定律可求电阻R1；（3）由图乙、丙及题意知，当R2取最大值为R2=17.5时，可得电路中的最小电流，根据欧姆定律和串联电路的电压特点，可求电源电压；当R2的温度为28时，由图乙可知R2此时的电阻，由欧姆定律可求此时的电流，再根据P=I2R可求电功率。【解答】解：（1）由图象乙可知，R2的阻值随温度的升高而 变小；当R2的温度由最低25升高的过程中，根据欧姆定律可得电路中的电流变化是 变大；（2）由R1的完整IU图象，如图丙所示，当R1两端的电压为为：U1=1.0V时，电路中的电流：I1=0.2A，根据欧姆定律，所以定值电阻R1的阻值：R1=5；（3）由图乙、丙及题意知，

47、当R2取最大值为R2=17.5时，电路中有最小电流，I2=0.2A，电源电压等于：U=U1+U2=1.0V+0.2A17.5=4.5V，当R2取的温度为28时，R2=10，电路中电流为I=0.3A，电阻R2的电功率为：P2=I2R2=（0.3A）210=0.9W。故答案为：（1）变小；变大；（2）（2）定值电阻R1的阻值为5；（3）当R2的温度为28时，电阻R2的电功率为0.9W。【点评】本题考查欧姆定律、串联电路规律及电功率的计算，关键是从图中获取有效的信息。19（8分）搬运工人站在水平高台上用如图所示的滑轮组匀速竖直向上提升重物，不计绳重和摩擦，工人的重力为640N，与地面接触的总面积为4

48、102m2，提升时间为20s，重物上升高度为2m。求：（1）提升时绳自由端的速度为多少；（2）若拉力F的大小为150N，则拉力的功率为多少；（3）若上述过程中所提货物重为360N，则滑轮组的机械效率为多少；（4）若仍用该滑轮组提升另一货物，当提升过程中该工人对高台的压强为2.0104Pa，则所提升货物的重力为多少。【分析】（1）已知提升时间和重物上升高度，利用速度公式可求得重物上升速度，由图可知，n=3，然后可知提升时绳自由端的速度；（2）已知拉力F的大小，利用P=Fv可求得拉力的功率；（3）根据=可求得滑轮组的机械效率；（4）根据F=（G+G动）可求得动滑轮的重力，根据升过程中该工人对高台的

49、压强与地面接触的总面积可求得该工人对高台的压力，然后可求人对 绳子的拉力，再利用F=（G+G动）可求得所提升货物的重力。【解答】解：（1）重物上升速度：v物=0.1m/s，由图可知，n=3，则提升时绳自由端的速度：v=3v物=30.1m/s=0.3m/s，（2）拉力的功率：P=Fv=150N0.3m/s=45W；（3）已知G=360N，则滑轮组的机械效率；=100%=80%；（4）在上述过程中，F=150N，G=360N，不计绳重和摩擦，拉力F=（G+G动），则动滑轮的重力：G动=3FG=3150N360N=90N，当提升另一重物时，工人对高台的压力：F压=pS=2.0104Pa4102m2=800N，压力和支持力是一对相互作用力，则F压=F支=800N，此时人受向下的重力、向下的绳子拉力和向上的支持力，则有：G人+F拉=F支，所以，人对绳子末端的拉力：F拉=F支G人=800N640N=160N，由F拉=（G+G动）得，此时所提升货物的重力：G=3F拉G动=3160N90N=390N。答：（1）提升时绳自由端的速度为0.3m/s，（2）若拉力F的大小为150N，则拉力的功率为45W；（3）若上述过程中所提货物重为360N，则滑轮组的机械效率为80%；（4）所提升货物的重力为390N。【点评】本题考查了滑轮组的拉力、功、机械效率、功率以及压强的计算，把握相关公式是解题的关键。