导体棒在磁场中的运动问题

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1、导体棒在磁场中的运动问题近十年的高考物理试卷和理科综合试卷中，电磁学 的导体棒问题复现率很高，且多为分值较大的计算 题。为何导体棒问题频繁复现，原因是：导体棒问题是高中物理电磁学中常用的最典型的模型，常涉 及力学和热学问题，可综合多个物理高考知识点， 其特点是综合性强、类型繁多、物理过程复杂， 利于考查学生综合运用所学的知识，从多层面、 角度、全方位分析问题和解决问题的能力 问题是高考中的重点、难点、热点、焦点问题。有多；导体棒联立并整理可得：B = mg(R r)tan :Ed(2)借助于矢量封闭三角形来讨论，如图3-9-10所示在磁场由竖直向上逐渐变成水平的过程中，安培 力由水平向右变成竖

2、直向上，在此过程中，由图3-9-10看出Fb先减小后增大，最终N =0, FB =mg， 因而磁感应强度B也应先减小后增大 由图3-9-10 可知，当Fb方向垂直于时Fb最小，其B最小，故：sin.mgN的方向导体棒问题在磁场中大致可分为两类：一类是通电导体棒，使之平衡或运动；其二是导体棒运动切割 磁感线生电。运动模型可分为单导体棒和双导体棒。(一)通电导体棒问题通电导体棒题型， 一般为平衡型和运动型， 对于 通电导体棒平衡型，要求考生用所学的平衡条件 (包含合外力为零 y F =0,合力矩为零 M =0) 来解答，而对于通电导体棒的运动型，则要求考生用所学的牛顿运动定律、动量定理以及能量守

3、恒定律结合在一起，加以分析、讨论， 准确的解答。【例8】如图3-9-8所示，相距为 光滑平行导轨(电源的电动势 E和内阻r ,电阻R均为己知) 处于竖直向上磁感应强度为 B的匀强磁场中，一质量为 m 的导体棒恰能处于平衡状态， 则该磁场B的大小为 ；而：Fb =Bld I =ER+r联立可得：mgsin - b即 b _mg（R r）sin :-从而作出图 3-9-8d的倾角为:.的当B由竖直向上逐渐变成水平向左的过程中， 持导体棒始终静止不动，则B的大小应是上述过程中，B的最小值是【解析】此题主要用来考查考 生对物体平衡条件的理解情 况，同时考查考生是否能利用 矢量封闭三角形或三角函数 求其

4、极值的能力将图3-9-8 首先改画为从右向左看的侧 面图，如图3-9-9所示，分析 导体棒受力，并建立直角坐标系进行正交分解，也 可采用共点力的合成法来做根据题意f =0，即Z F =0,E F =0，即：Fx = FB N sin=0 由得：fbtan -mg由安培力公式：Fb = B I d 由闭合电路欧姆定律 I =R卄为保图 3-9-9ffsixiamgFy = Fcos mg = O图 3-9-10Bd【答案】mg(R r)ta ,先减小Ed后增大mg(R r)sin ：Bd点评：该题将物体的平衡条件作为重点，让考生将 公式和图象有机地结合在一起，以达到简单快速解 题的目的，其方法是

5、值得提倡和借鉴的。(二)棒生电类棒生电类型是电磁感应中最典型的模型，生电方式 分为平动切割和转动切割，其模型可分为单导棒和 双导棒。要从静态到动态、动态到终态加以分析讨 论，其中分析动态是关键。对于动态分析，可从以 下过程考虑：闭合电路中的磁通量发生变化t导体 棒产生感应电流t导体棒受安培力和其他力作用 t导体加速度变化t速度变化t感应电流变化t 周而复始地循环最后加速度减小至零t速度达到 最大T导体做匀速直线运动我们知道，电磁感应现象的实质是不同形式能量的转化过程，因此，由 功能观点切入，分清楚电磁感应过程中能量的转化 关系，往往是我们解决电磁感应问题的关键，当然 也是我们处理这类题型的有效

6、途径1.单导棒问题【例9】如图3-9-11所示，一 对平行光滑轨道放置在水平面 上，两轨道间距 L =0.20m，电 阻R=1O. ,有一导体棒静止 地放在轨道上，与两轨道垂直，|X XQOXF X X X X图 3-9-11棒及轨道的电阻皆可忽略不计，整个装置处于磁感 应强度B =0.50T的匀强磁场中，磁场方向垂直轨道 面向下现用一外 力F沿轨道方向 拉棒，使之作匀加 速运动，测得力F 与时间t的关系如 图3-9-12 所示。求棒的质量 m和加速度a .本专题共6页第2页落地时间可由t _*区 _(2h(m + B2L2C)mg2 22h(m B L C)【答案】图 3-9-14v -30

7、，宽度【解析】此题主要用来考查学生对基本公式掌握的 情况，是否能熟练将力电关系式综合在一起，再根 据图象得出其加速度 a和棒的质量m的值。从图中 找出有用的隐含条件是解答本题的关键。解法一：导棒在轨道上做匀加速直线运动，用V表示其速度,t表示时间，则有v=at导体棒切割磁感线，产生感应电动势：E=BLv 闭合电路中产生感应电流：I =E R杆所受安培力：FB =Bld再由牛顿第二定律得：F Fb =ma联立式得：F =ma 旦一LatR在图线上取两点代入式，可得：2a =10m/ s , m =0.1kg .解法二：从F _t图线可建立方程 F =0.1t 1， 导体棒受拉力F和安培力FB作用

8、，做匀加速直线运 动，其加速度恒定。其合力不随时间t变化，并考虑初始状态Fb =0 ,因而Fb的大小为F =0.1t 再由牛顿第二定律：F _Fb =ma 联立可得：ma =1又因为：fb =BId而： I =E e =BLv R2 2联立式得：FB =旦4R而 v 二at，故 FB = B L at R0.1R0.1 1.02由得：a二22二10m/sB再由与式得： m = = 0.1kg a【答案】m =0.1kg a =10m/s2点评：解法一采用了物理思维方法，即用力学的观 点，再结合其F -t图象将其所求答案一一解出。解法二则采用了数学思维方法，先从F -t图象中建立起相应的直线方程

9、，再根据力学等知识一一求得， 此解法不落窠臼，有一定的创新精神。此题不愧为 电磁学中的经典习题，给人太多的启发，的确是一 道选拔优秀人才的好题。【例10】如图3-9-13所示，两根竖直放置在绝缘地面上的金属框架上端接 有一电容量为 C的电容器，框架上有 一质量为m，长为L的金属棒，平行 于地面放置，与框架接触良好且无摩擦， 棒离地面的高度为h，磁感应强度为B的匀强磁场与框架平面垂直，开始时电图3-9-13容器不带电，将棒由静止释放，问棒落地时的速度 多大？落地时间多长？【解析】此题主要用来考查考生对匀变速直线运动L2(0.50)2 x(0.20)2的理解，这种将电容和导棒有机地综合在一起，使

10、之成为一种新的题型。从另一个侧面来寻找电流的 关系式，更有一种突破常规思维的创新，因而此题 很具有代表性.金属棒在重力作用下下落，下落的 同时产生了感应电动势。由于电容器的存在，在金 属棒上产生充电电流，金属棒将受安培力的作用， 因此，金属棒在重力和安培力 Fb的合力作用下向下 运动，由牛顿第二定律得：mg _FB ma FB 二 BiL由于棒做加速运动，故v、a、E、Fb均为同一时刻的 瞬时值，与此对应电容器上瞬时电量为 Q =CE ,而E =Bjv，设在时间.-l内，棒上电动势的变化量为 ,：E，电容器上电量的增加量为 ：Q ,显然：.IE=BL.W.Q=C.E再根据电流和加速度的定义式

11、i二竺，a v Atit联立式得：a=啤丁m + B L C由式可知，a与运动时间无关，且是一个恒量， 故金属棒做初速度为零的匀加速直线运动，其落地 速度为V ,则：v =奇 将式代入式得：v=J 2mgh2 m +B2L2C1 2/口h at 得22mgh2 2 m B L Cmg点评：本题应用了微元法求出：Q与厶v的关系，又利用电流和加速度的定义式，使电流i和加速度a有机地整合在一起来求解，给人一种耳目一新的感觉， 读后使人颇受启示.【例11】如图3-9-14所示，倾角为 为L =1m的足够长的U型平行 光滑金属导轨固定在磁感应强 度B =仃，范围充分大的匀强 磁场中，磁场方向垂直导轨平

12、面斜向上，现用平行导轨，功 率恒为6W的牵引力F，牵引 一根质量m = 0.2 kg , 电阻R =11】,放在导轨上的导棒ab ,由静止沿导轨向上 移动(ab棒始终与导轨接触良好且垂直 )。当金属导 棒移动S=2.8m时，获得稳定速度，在此过程中金属导棒产生的热量为Q =5.8J ,(不计导轨电阻及一切摩擦，取2g =1 0m / s)。问：(1) 导棒达到稳定速度是多大？图 3-9-15(2) 导棒从静止达到稳定速度所需时间是多少？【解析】此题主要考查考生是否能熟练运用力的平 衡条件和能量守恒定律来巧解此题。当金属导棒匀速沿斜面上升有稳定速度v时，金属体棒受力如图3-9-15所示，由力的平

13、衡条件则有：F -FB -mg sin 二-0Fb = BIL I RPE二BLv Fv由可得：P -mgsin 71 - B L V =0vR整理得： PR mgvRsin v - B2 L2v2 =0 代入有关数据得：v2 -v -6 0 解得：v =2m/s, v -3m/s(舍去)。一 1(2)由能量守恒得：Pt =mgsinv Smv2亠Q,2代入数据可得：t =1.5s【答案】v =2m/s t 1.5s点评：此题较一般电磁感应类型题更能体现能量转 化和守恒过程，因此，在分析和研究电磁感应中的 导体棒问题时，从能量观点去着手求解，往往更能 触及该问题的本质，当然也是处理此类问题的关

14、 键2. 双导体棒问题在电磁感应现象中，除了单导体棒问题外，还存在 较多的双导体棒问题，这类问题的显著特征是：两导棒在切割磁感线时，相当于电池的串联或并联， 组成闭合回路，而且，求解此类型问题的最佳途径 往往从能量守恒、动量守恒的角度出发，用发展、 变化的眼光，多角度、全方位地发散思维，寻求相 关物理量和公式，挖掘隐含条件，采用“隔离法” 或“整体法”(系统法)快捷作出解答。因此，双导 体棒问题更能反映考生的分析问题和解决问题的 能力，特别是方法、技巧、思路均反映在解题中， 是甄别考生层次、拉大差距的优秀试题【例12】如图3-9-16所示，两金属导棒ab和cd长均为L ,电阻均为 R ,质 量

15、分别为M和m , ( M m)。用两根 质量和电阻均可忽略的不可伸长的柔 软导线将它们连成闭合回路，并悬挂于 水平、光滑、不导电的圆棒两侧， 两金属导体棒都处于水平位置，整个装置处在一与回路 平面相垂直的匀强磁场中，磁感应强度为B ,若金属导体棒ab正好匀速向下运动，求运动的速度 【解析】此题主要用来考查考生对力学中的受力分析、力的平衡、电磁感应、欧姆定律和安培力公式 的掌握，此题也可用多种方法去解答.解法一：采用隔离法，假设磁场B的方向是垂直纸面向里，ab棒向下匀速运动的速度为V,则ab棒切割磁感线产生的感应电动势大小：巳=BLv，方向由at b,cd棒以速度v向上切割磁感线运动产生感应电动

16、 势，其大小为： E2 =BLv，方向由d t c.回路中的 电流方向由 a t b t d t c ,大小为：jVJBLvJLv 2R 2R Rab棒受到的安培力向上，cd棒受到安培力向下，2 2大小均为：FB =BIL = B LvR当ab棒匀速下滑时，设棒受到的导线拉力为 T ,则 对 ab 棒有：T - FB =mg对 cd 棒有：T = Fb mg由解得：=(M -m)g2Fb =(M -m)g2 2再由可得：2旦丄v -R故八廻兽.2B L解法二：采用整体法，把ab、cd柔软导线视为一个 整体，因为M . m ,整体动力为(M m)g , ab棒向 下，cd棒向上，整体所受安培力与

17、整体动力相等时 口2 I 2 正好做匀速向下运动，则有：(M _m)g =2旦,所以得：v=廻2252B2L2解法三：采用能量守恒法，将整个回路视为一个整 体系统，因其速度大小不变，故动能不变。ab棒向 下，cd棒在向上运动的过程中，因 Mg mg，系统 的重力势能减少，将转化为回路的电能，由能量守 恒定律得：Mgvmgv = E = BLvE。=2E联立可得：v=(Mm)2gR2B2L2【答案】八廻2B L点评：此题为典型的双导体棒在磁场中运动的问题。 并且两根棒都切割磁感线产生感应电动势，对整个 回路而言，相当于电池组的串联，整个回路中有电 流流过，两棒都受安培力，在末达到稳定速度前， 两

18、棒均做变加速运动，当加速度减为零时，速度为 最大。从以上三种解法来看，解法三更显简便，思 维灵活.【例13】如图3-9-17所示，两根足够长的固定的 平行金属导轨位于同一水平面内，两导轨间距为L导轨上面横放着两根导体棒 ab和cd，构成矩形回路。两根导体棒的质量皆为m ,Lndj电阻皆为R ,回路中其余部分的l/仁h电阻可不计。在整个导轨平面内都有竖直向上的匀强磁场，磁感图3-9-17应强度为B ,这两根导体棒可沿导轨无摩擦地滑行，开始时，棒cd静止,棒ab有本专题共6页第5页指向棒cd的初速度v0，若两导体棒在运动中始终 不接触，求：(1)在运动中产生的焦耳热最多是多少？(2)当ab棒的速度

19、变为初速度的 2时，cd棒的加速4度是多少？【解析】此题主要用来考查考生对双导体棒运动的 动态分析和终态推理以及两个守恒定律的熟练掌 握情况。此题是一道层次较高的典型水平面双导体 棒试题。ab棒向cd棒运动时，ab棒产生感应电动势，由于 通过导轨和cd棒组成回路，于是回路中便产生感应 电流，ab棒受到与运动方向相反的安培力作用作减 速运动，而cd棒则在安培力作用下作加速运动。在ab棒的速度大于cd棒的速度时，回路中总有感应 电流，ab棒继续减速，cd棒继续加速，两棒速度 达到相同后，回路面积保持不变，磁通量不变化， 即不产生感应电流，两棒以相同的速度V作匀速直线运动.(1)从初始至两棒达到速度

20、相同的过程中，两棒组1.两根相距为L的足够长的金属直角导轨如图3-9-18所示放置，它们各有一边在同一水平面内， 另一边垂直于水平面，质量均为m的金属细杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，杆与导轨之间的动摩擦因数均为 ，导轨电阻不计，回路总电阻为2R ,整个装置处于磁感应强度大小为 B.方向竖直 向上的匀强磁场中，当ab杆在平行于水平导轨的拉力F作用下以速度 w沿导轨匀速运动时，cd杆也正好以速度v2向下匀速运动 下说法正确的是()A. ab杆所受拉力F的大小为B. cd杆所受摩擦力为零.重力加速度为丄mg2、2B L V12Rg,以C. 回路中的电流为竺戒2RD. 与v大小的关系为.二B

21、 L w2.如图3-9-19所示，矩形裸导线框长边的长度为成的系统动量守恒，则有：mv0 =2mv再根据能量守恒有：1 mv221 2 (2m)v Q2联立两式得：q =-mvo421 ,短边的长度为丨，在两个 短边上均接有电阻 R,其余部分 电阻不计，导线框一长边与 x轴 重合，左边的坐标 x = 0，线框 内有一垂直于线框平面的磁场， 磁场的磁感应强度满足关系A(2)设ab棒的速度变为初速的 3时，cd棒的速度为43v，则再次由动量守恒定律可知：mvo =m Vo mv4此时回路中的感应电动势和感应电流分别是:B=Bsin()，一光滑导体棒 AB与短边平行且与21长边接触良好，电阻也是R.

22、开始时导体棒处于x =0处，从t=0时刻起，导体棒 AB在沿X方向的F作用下做速度为 v的匀速运动，求:导体棒AB从3 eE 二 BL(Vo-v) I4 2R此时cd棒所受安培力：FB =：BIL x =0运动到x =21的过程中F随时间t变化的规 律.cd棒的加速度：a =旦 mB? | 2联立得：冷.4mR2 2【答案】(1) Q Jmv；(2) a = B Lv44mR点评：此题将分析双棒的初态、过渡态、终态以及 整个过程的运动情况，各个物理量的变化情况和动 量守恒、能量守恒仍然联系在一起，确实达到了命 题人综合考查考生分析问题能力和解决问题能力 的目的。充分体现了命题专家以综合见能力的

23、命题3.如图3-9-20所示，在水平面上 有两条平行导电导轨 MN、PQ , 导轨间距离为丨，匀强磁场垂直 于导轨所在的平面(纸面)向里， 磁感应强度的大小为B ,两根金属杆1、2摆在导轨上，与导轨垂 直，它们的质量和电阻分别为g图 3-9-20m2 和 R,、R2，两杆与导轨接触良好，与导轨间的动摩擦因数均为 ,己知杆1被外力拖动，以恒定的速度v0沿导轨运动达到稳定状态时，杆 2也以恒定速度沿导轨运动， 导轨的电阻可忽略，求此时杆 2克服摩擦力做功的功率.意图，即“着眼综合，立足基础，突出能力”.此题的确是一道经典考题。通过对以上例题的分类处理、解析，从中发现，电磁学中的导体棒问题内涵 的确

24、丰富、灵活、新颖，涉及面广，易于拓展和延伸，的确不愧为电磁学中的精 华部分。【活学巧练】4. 一个边长为L、质量为m、电阻 为R的金属丝方框，竖直放置，以 初速度v水平抛出，框在重力场中 运动，并且总是位于垂直于框面(即 水平方向的磁场中，如图3-9-21所示，己知磁感应强度的大小随方框图 3-9-216页第4页下降高度y的变化规律是B =B0ky，式中k为恒定系数，同一水平面上磁感应强度相同，设重力加速图 3-9-18【答案】3R（0 乞 t/）v【答案】mgB2I2（R +RJ度为g.（1）试分析方框水平方向和竖直方向的运动情况 （2）试确定方框的最终运动状态 .5.如图3-9-22所示，

25、竖直平面内 有一半径为r、内阻为R、粗细均 匀的光滑半圆形金属球，在M、N 处与相距为2r、电阻不计的平行 光滑金属轨道ME、NF相接，EF 之间接有电阻 R,，已知 R =12R， R2 =4R,在MN上方及CD下方有 水平方向的匀强磁场I和II，磁感 应强度大小均为 B。现有质量为m、电阻不计的导体棒 ab，从半圆环的最高点 A处 由静止下落，在下落过程中导体棒始终保持水平， 与半圆形金属环及轨道接触良好，平行轨道足够长。已知导体棒ab下落r / 2时的速度大小为v1，下落到MN处的速度大小为 V2。（1）求导体棒ab从A下落r/2时的加速度大小。（2）若导体棒ab进入磁场II后棒中电流大

26、小始终不变，求磁场I和II之间的距离h和R2上的电功率P2.（3）若将磁场II的CD边界略微下移，导体棒ab刚 进入磁场II时速度大小为v3，要使其在外力 F作用 下做匀加速直线运动，加速度大小为 a，求所加外 力F随时间变化的关系式。【参考答案】1.【解析】cd杆的速度方向与磁场方向平行， 只有 ab杆运动时使回路内的磁通量发生变化， 根据法拉 第电磁感应定律。回路中的电动势：E二BLV!根据闭合电路的欧姆定律： I =上2Rab杆所受安培力：Fb二BIL ab杆匀速运动有：F =Fb 办又仇=Jmg 口2| 杆2做匀速运动，它受到的安培力等于它受到的摩擦力，即BII m2g故导体杆2克服摩

27、擦力做功的功率 P - lm2gv ,解得：豎當侃十尺）B I4. 【解析】（1）方框水平方向的合力为零，做初速 度为vo的匀速直线运动； 竖直方向受重力和安培力 作用，由于安培力是逐渐增大，故竖直方向上做初 速度为零，加速度逐渐减小的加速运动（2）最终当竖直方向上加速度为零时，方框运动 达到稳定状态，此时有：B2IL BJL mg 回路中的电动势为：E =B2Lv 丄一BtLv 丄回路电流为：IR由已知条件得：B2 -Bt =ky2 -kyt =kL 联立得方框在竖直方向上的最大速度为：mgR所以方框最终做匀速直线运动，其速度大小为:_2 丄,mgR、 v=v（k2L4）速度方向与水平方向（

28、x轴正方向）的夹角为:-=arctan（ mgR4）vok L 【答案】（1）水平方向上匀速直线运动；竖直方向 上做初速度为零，加速度逐渐减小的加速运动由得：F _B L V2R回路中的电流：I二空 2Rcd杆匀速运动：f?二mg 又：f2 1Fb匹也2R由得：平器，所以，A、D正确B L v【答案】A D2【解析】由于磁感应强度随空间坐标变化，导体 棒虽做匀速运动，其电动势仍是变化的，t时刻AB 棒的坐标为x =vt感应电动势：E=Blv=Blvsi n（2I回路总电阻为R总二RR=1.5R2回路感应电流:I R总棒做匀速运动，F =F安=BII 2.2 . 2 x2BoI vsin （）2

29、|联立解得：F21（0岂t乞兰）3R一 一 v【解析】设杆2的运动速度为V ,由于两杆运动 时，两杆间和导轨构成的回路中的磁通量发生变化， 产生感应电动势E = Bl （v0 _v）感应电流本专题共6页第8页BM“ 8R (祢匚4R总 8R ( R* R)4由以上各式可得到 a =g4mR(2)当导体棒 ab通过磁场II时，等于重力，棒中电流大小始终不变，即B 2r vt若安培力恰好mg =BI 2r = BR并12 R 4 R式中R并=3R，解得v12R+4R导体棒从MN到CD做加速度为R并mgRt 3mgR 4B2r2 4B2r2 g的匀加速直线运9m2gr2 v；动，有：vt2 _v；

30、=2gh，得： h 刁32B r 2g2 2 此时导体棒重力的功率为：巴二mgv =3m g 2R4B r 根据能量守恒定律，此时导体棒重力的功率全部转 化为电路中的电功率，即：丄3m2g2R昌=P =巳=厂厂4B r2 23 9m g R 所以： P 巳：4 16B r(3)设导体棒ab进入磁场II大小为Vt ,此时安培力大小为后经过时间t的速度_4B2r2vt一 3R 有 vt =v3 - at -F = ma由于导体棒ab做匀加速直线运动,根据牛顿第二定律，有：F，mg2 2即:4B r (% at)即:F mgma3R由以上各式解得：4B2r2F(at V3) -m(g -a)3R4B2r2a 4B2r2vs tma - mg3R2 2- (2)4mR2 24B r V3 mamg 3R3R【答案】(3) F(1) a=gP29m2g2R -16B2r24B2r2at3R本专题共6页第10页（2）最终做匀速直线运动v = v行（mgfR）2Y k L5. 【解析】（1）以导体棒为研究对象，棒在磁场I中切割磁感线，棒中产生产生感应电动势，导体棒 ab从A下落r/2时，导体棒在策略与安培力作用下 做加速运动，由牛顿第二定律，得：mgBIL ma ,本专题共6页第#页