新会区第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

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1、第4页，共15页新会区第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试y卷物理班级座号姓名分数一、选择题1.（2016河北邯郸高三入学考试）在电场强度大小为E的匀强电场中，将一个质量为m、电荷量为q的带电小球由静止开始释放，带电小球沿与竖直方向成0角的方向做直线运动。关于带电小球的电势能和机械能的判断，正确的是（）A.若sin0意，则电势能一定减少，机械能一定增加gB.若sin0=饕，则电势能、机械能一定不变gC.若sin0=-qE-,则电势能一定增加，机械能一定减小mgD.若tan0=mE,则电势能可能增加，机械能一定增加2 .如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处

2、于静止状态.若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（）A.电容器带电量不变B.尘埃仍静止C.检流计中有a-b的电流D.检流计中有Aa的电流v-t图象如图3 .甲、乙两汽车在某平直公路上做直线运动，某时刻经过同一地点，从该时刻开始计时，其所示。根据图象提供的信息可知（A.从t=0时刻起，开始时甲在前，6s末乙追上甲B.从t=0时刻起，开始时甲在前，在乙追上甲前，甲、乙相距最远为12.5mC.8s末甲、乙相遇，且距离t=0时的位置45mD.在04s内与46s内甲的平均速度相等g/4 （g为重力加速度），人对电梯底部的4.一个质量为m的人站在电梯中，电梯加速上升，加速度大小为压力大小为A . mg

3、B. 2mgC. 5mg/4D. mg/45.如图所示，两个线圈套在同一个铁芯上，线圈的绕向如图甲所示，左线圈连着正方形线框abcd,线框所在区域存在变化的磁场，取垂直纸面向里为正，磁感应强度随时间变化如图乙所示，不计线框以外的感生电场，右侧线圈连接一定值电阻R,下列说法中正确的是（）A.ti时刻ab边中电流方向由a-b,e点电势高于f点B.设ti、t3时刻ab边中电流大小分别为ii、i3,则有iii3,e点与f点电势相等C. t2t4时间内通过ab边电量为0,定值电阻R中无电流D. t5时刻ab边中电流方向由a-b,f点电势高于e点6 .距地面高5m的水平直轨道A、B两点相距2m,在B点用细

4、线悬挂一小球，离地高度为h,如图所示。小车始终以4m/s的速度沿轨道匀速运动，经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B点时细线被轧断，最后两球同时落地。不计空气阻力，取重力加速度的大小g=10m/s2。可求得h等于（）门口ABA.3.75mB.2.25mC.1.25mD.4.75m7 .一段东西方向放置的横截面积为0.05平方厘米的导电材料中，每秒中有0.4库仑正电荷向东移动，有0.6库仑负电荷向西移动，则电流强度是：（）A.0.4安培；B.0.2安培；C.0.6安培；D.1安培.8 .如图所示，一个带正电的物体，从固定的粗糙斜面顶端沿斜面滑到底端时的速度为v,若加上一个垂直

5、纸面向外的匀强磁场，则物体沿斜面滑到底端时的速度A.变小C.不变B.变大D.不能确定9 .在光滑的水平面上，有两个静止的小车，车上各站着一个运动员.两车（包含负载）的总质量均为M.设甲车上的人接到一个质量为m,沿水平方向飞来的速率为V的蓝球；乙车上的人把原来在车上的同样的蓝球沿水平方向以速率V掷出去，则这两种情况下，甲、乙两车所获得的速度大小的关系是（以上速率都是相对A. V甲V乙B. V甲v V乙C. V甲=V乙D .视M、m和V的大小而定地面而言）（）10 .如图，闭合铜制线框用细线悬挂，静止时其下半部分位于与线框平面垂直的磁场中。若将细线剪断后线框仍能静止在原处，则磁场的的磁感应强度B随

6、时间t变化规律可能的是11 .质量为m的木块位于粗糙水平桌面上，若用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度为a1。当拉力方向不变，大小变为2F时，木块的加速度为a2,则A.ai=a2B,a22aiD.a2=2ai12 .在匀强磁场内放置一个面积为S的线框，磁感应强度为B,线框平面与磁场方向垂直，穿过线框所围面积的磁通量下列关系正确的是A.；.I：:，B.CCC.（?.：D.-13 .（2018中原名校联盟质检）如图甲所示，水平面上一质量为m的物体在水平力F作用下开始加速运动，力F的功率P保持恒定，运动过程中物体所受的阻力f大小不变，物体速度最终达到稳定值Vm,作用过程物八-1一.体速度的倒数一与加

7、速度a的关系图像如图乙所本.仅在已知功率P的情况下，根据图像所给信息可知以下V说法中正确的是C.不能求出fD.可求出加速运动时间14.横截面积为S的铜导线，流过的电流为I,设单位体积的导体中有n个自由电子，电子的电荷量为e,此时电子的定向移动的平均速率设为v,在时间内，通过导线横截面的自由电子数为A.tB.-I：:-.vlitlitC.D.eezj15.（2018广州一模）如图，在匀强电场中，质量为m、电荷量为+q的小球由静止释放沿斜向下做直线运动,轨迹与竖直方向的夹角为0,则mgA.场强最小值为gqB.电场方向可能水平向左C.电场力对小球可能不做功D.小球的电势能可能增加16.如图所示，可以

8、将电压升高供给电灯的变压器的图是（17.如图甲，水平地面上有一静止平板车，车上放一物块，物块与平板车的动摩擦因数为0.2, t=0时，车开始沿水平面做直线运动，其 v-t图象如图乙所示，g取10m/s2,若平板车足够长，关于物块的运动，以下描述正确的是甲s减速,加速度大小为6乙2B.C.D.06 s加速,08 s加速,08 s加速,加速度大小为加速度大小为加速度大小为012 s加速，加速度大小为2 m/s2m/s2m/s612816812m/ss减速,s减速,加速度大小为加速度大小为1.5 m/s2, 1216 s减速,加速度大小为m/s2m/s24 m/s218 .如图所示，斜面小车 M静止

9、在光滑水平面上，一边紧贴墙壁.若再在斜面上加一物体 静止，此时小车受力个数为B. 4C. 5D. 6、填空题19.测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材:A .待测的干电池（电动势约为 1.5V,内电阻小于1.0Q）B.电流表G （满偏电流3mA,内阻Rg=10Q）(b)图甲第5页，共15凡C.电流表A (00.6A,内阻0.1 ) D.滑动变阻器Ri (020Q, 10A)E.滑动变阻器R2 (0200Q , IA)F.定值电阻R0 (990Q)G-.开关和导线若干某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图中甲的（a）、（ b）两个参考实验电路，其

10、中合理的是 图的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选 （填写器 材前的字母代号）（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路利用测出的数据绘出的IiI2图线（Ii为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得 被测电池的电动势 E=V ,内阻r=0。20.在 探究小车速度随时间变化的规律 ”实验中，除了电火花打点计时器、纸带、复写纸、小车、一端附有光滑定滑轮的长木板级两根导线外，还有下列器材供选择:A.天平，B.弹簧秤，C.钩码，D.秒表，E.刻度尺，F蓄电池，G交流电源（1）其中电火花打点计时器的作用是 ;（2）将实验所需的器材前面的字母代号填在横

11、线上 ;（3）如图为某次实验中记录的纸带，测得 &=2.60cm, S2=4.10cm, S3=5.60cm , S4=7.10cm . ss=8.60cm。图中每相邻两个计数点间还有 4个点未画出，则小车做匀加速直线运动的加速度a=m/s：其中打点计时器在才T D点时，小车的瞬时速度vd=m/s,在DF段平均速度vDF =m/s （电源为220V, 50Hz,结果保留两位有效数字）21.某同学利用图（a）所示实验装置即数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图,如图（b）所示，实验中小车（含发射器）的质量为200g,实验时选择了不可伸长的轻质细绳和轻定滑轮，小车的加速度由位移

12、传感器及与之相连的计算机得到，回答下列问题：图（a）图（b）（1）根据该同学的结果，小车的加速度与钩码的质量成（选填线性”或非线性”）的关系。（2）由图（b）可知，。一朋图线不经过原点，可能的原因是。（3）若利用本实验装置来验证在小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比”的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，则实验中应采取的改进措施是,钩码的质量应满足的条件三、解答题22.如图甲所示的是安全恒温饮水机的自动控制电路.左边是一个对水加热的容器，内有密封绝缘可调的电热丝发热器和接触开关Si,只要有水浸没Si,它就会导通.Rx是一个热敏电阻，低温时呈现高电阻，达到高温时（如水

13、的沸点）呈现低电阻.Ry是一个可变电阻，低温时Rx?Ry,高温（水的沸点）时Rx?Ry.中方框P内是一个逻辑门，A、B是逻辑门的输入端，Z是输出端.当A、B输入都为高电势时，Z才输出高电势.右边虚线框J内是一个继电器，当Z输出高电势时电磁线圈中有电流，S2被吸动闭合，发热器工作.该加热电路中，电的电动势为220V,内电阻为4Q,电热丝是一根额定电流为5A、总阻值为220的均匀电阻丝制成的圆环形滑动变阻器，如图乙所示.（乙）（甲）（1）根据题意，甲图中方框 P是一个_（选填 与 制的输入端是_,输入信号由水温高低控制的输入端是非”）逻辑门，该逻辑门输入信号由水位高低控一（后两空选填“A”“B”（

14、2）当加热电路安全工作时，电的可能最高效率和可能最大输出功率分别是多少?23.如图所示，一束电子从静止开始经U=5000V的电场加速后，从水平放置的一对平行金属板正中水平射入偏转电场中，若金属极板长L=0.05m,两极板间距d=0.02m,试求：第7页，共15页1）两板间至少要加U才能使每电子恰不飞出电场？2）在上述电压下每个电子到达极板时的动能。第 8 页， 共 15 页新会区第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理（参考答案）一、选择题1 .【答案】B【解析】【名师解析】若sin0+阳f$=j故D错误.224 .【答案】C【解析】替C恕人受力分析，受重力用之嫌的史势力，土

15、湾更司上.根提牛顿第二定律？7_吸灰4数X-mg+ma=-mg根妹牛顿第三定律，人对电拳的压力等于电苦对人的支持力，故人时电移峭压力等4于1用g,故C正麓，ABD错误；数三C5 .【答案】B【解析】：A、时刻磁场方向向里且均匀增加，根据楞次定律，线框中感应电流与&逆时针方向，ab边中电流方向由口，根据法拉第电磁感应定律知，正方形线框中的感应电动势是恒定值，原线圈中电流值恒定，副线圈中不产生感应电动势，e点电势等于f点电势，故A错误；ABE=nStrB、根据法拉第电磁感应定律Ar,1时刻磁感应强度的变化率小于3时刻的磁感应强度变化,E率,与%，根据欧姆定律R，知，所以B选项是正确的；C、与14时

16、间内磁感应强度均匀变化,磁通量均匀变化，有恒定感应电流通过ab,通过ab边的电量不为0,副线圈磁通量不变，定值电阻中无电流，故C错误；D、”时刻磁场方向垂直纸面向外，磁场变小，磁通量减小，根据楞次定律得感应电流逆时针，ab边中电流方向T磁感应强度的变化率增大，感应电流大小变大，穿过原副线圈的磁通量增大，根据楞次定律，副线圈中感应电动势上正下负，因此e点电势高于f点，故D错误；所以B选项是正确的综上所述本题的答案是：B6 .【答案】C7 .【答案】D8 .【答案】B【解析】由左手定则可知物块受到垂直于斜面向上的洛伦兹力，物块与斜面之间的压力减小，所以摩擦力减小，由动能定理得由于Ff减小，故vt增

17、大，故B正确。9 .【答案】B10 .【答案】B【解析】因剪断细线后线框仍能静止在原处，可知安培力向上，根据楞次定律可知，穿过线3圈的磁通量增加，感感应强度增强，选项D错误;设B=&;根据平衡知识mg二%二出人=7即想0=（员+唠L，式中mg、/、S、L及R均为定值，则随时间t的增加，k减小时，等式两边才能平衡,故选项B正确，AC错误故选B.11 .【答案】C【解析】由牛顿第二定律得：f一%二制,2F一号二海的，由于物体所受的摩擦力，Fj-岛川rng,_r2F-Fl+FF即巧不变，所以叼=_L1_=2组+=21+反2的，故选项c正确。mmm【名师点睛】本题考查对牛顿第二定律B-ma的理解能力，

18、f是物体受到的合力，不能简单认为加速度与水平恒力F成正比。12 .【答案】A【解析】磁通量定义可知当B与S相互垂直时，磁通量为虫=8$,故A正确，BCD错误。13 .【答案】A1【解析】【题型分析】此题以物体速度的倒数一与加速度a的关系图像给出解题信息，考查功率、牛顿运动定v律及其相关知识点，意在考查灵活运用相关知识分析问题的能力。【名师解析】当加速度为零时，物体做匀速运动，加速度为零，此时的全引力等于阻力，速度为最大值，最大速度Vm=M）.lE/5=10E/5m由功率的计算公式可得P=即，而产一户血,联立可得二不足+/凡物体速度的倒数,与加速度a的关系图像斜率为上底P,纵轴截距为因此可求出掰

19、,和vm,选项A正确，B、C错误.物体做变加速运动，无法求解物体加速运动的时间，选项D错误.14 .【答案】A【解析】根据电流的微观表达式I=nevS,在At时间内通过导体横截面的自由电子的电量Q=IAt,QAtnevSAt则在dt时间内，通过导体横截面的自由电子的数目为N=-=,将I=nevS代入得N=nvSAt,eee选项A正确，BCD错误；故选A.点睛：本题考查电流的微观表达式和定义式综合应用的能力，电流的微观表达式I=nqvs,是联系宏观与微观的桥梁，常常用到.15 .【答案】CD【解析】本题考查物体做直线运动的条件，受力分析，电场力，极值问题，电场力做功和电势能变化及其相关的知识点。

20、【解题思路】根据题述，在匀强电场中，质量为股、电荷蚩为F的小球由静止释放沿斜向下做直线运动，轨迹与竖直方向的夹角为仇说明带电小球所受合外力方向沿直线轨迹,作出受力图如图所示,当电场力方向与轨迹垂直时,所受电场力最小，由朝照二乃,加g,尸等,解得场强最小值为箜皿仇选项A错误/电场方向不可能水平向左,可以水平向右，选项B错误；若电场方方向与轨迹垂直，则电场力对小球不做功，选项C正确，若电场内方向与轨迹夹角大于W,则克服电场力做功，小球的电势能噜加,选项16 .【答案】C【解析】试题分析：甲图中原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故A错误；乙图中，原线圈匝数比副线圈匝数多，所以是降压变压器，故B错误

21、；丙图中，原线圈匝数比副线圈匝数少，所以是升压变压器，故C正确；丁图中，原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故D错误。考点：考查了理想变压器17.【答案】B【解析】根据速度与时间的图象的斜率表示加速度，则有车先以4m/s2的加速度做匀加速直线运动，后以Ym/s2的加速度做匀减速直线运动，根据物块与车的动摩擦因数可知，物块与车的滑动摩擦力产生的加速度为2m/s2,因此当车的速度大于物块的速度时，物块受到滑动摩擦动力，相反则受到滑动摩擦阻力；6s时，车的速度为24m/s,而物块的速度v=2X6=12m/s；物块的速度仍小于车的速度；故速度相同的时间在6s之后，从6s开始分析则有：24Y(t-6)=

22、2t,解得：t=8s；则说明，当08s时，车的速度大于物块，因此物块受到滑动摩擦力，则其加速度为2m/s2,当816s时，车的速度小于物块，因此物块仍受到滑动摩擦阻力，则其加速度为2m/s2,方向与运动方向相反，做减速运动，故B正确，ACD错误；故选B。18 .【答案】B二、填空题19 .【答案】b,D1.48(1.480.02),0.77(0.750.80)20.【答案】记录小车的位置及对应时间CEG 1.5 0.64 0.79第15页，共15页(1)电火花打点计时器的作用是打点并记录所用的时间；(2)打点计时器还需要交流电源，而蓄电池是直流电；钩码的质量与重力不需要测量，但长度需要刻度尺来

23、测量，最后打点计时器具有计时彳用，不需要秒表.故选CEG;(3)每两个记数点之间还有四个振针留下的点迹未画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s,由纸带的数据得出相邻的计数点间的位移之差相等，即Ax=1.5cm,根据匀变速直线运动的推论公式法=aT2可以求出加0.015,2速度的大小，得：a=一7=1.5m/s,根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，0.12xce0.0560.071可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小vD=旦=%0.64m/s.在DF段平均速度2T20.1vDF 二xDF2T0.071 0.0862 0.1:0.79m/s21.【答案】(1)非线

24、性 (2)存在摩擦力(3)调整轨道倾斜度以平衡摩擦力远小于小车质量【解析】(1)根据该同学描绘的加速度和钩码质量的图象是一条曲线而不是直线，所以是非线性关系;(2)根据图(b)可知当钩码有一定质量，即细线有一定拉力时，小车加速度仍等于0,说明小车合力等于0,所以可能除拉力外小车还受到摩擦力作用；(3)实验改进部分有两个要求，第一个就是图象不过原点，需要平衡摩擦力，所以调整轨道倾斜度，第二个就是图象是曲线，因为小车的合力即细线拉力并不等于钩码重力，而是拉力MM叫_1一1一三丝,只有当加时，尸将那g,图象近似为直线。1+M三、解答题22 .【答案】(1)与AB;(2)93.2%,1190W.【解析

25、】（1）由题，当A、B输入都为高电势时，2才输出高电势,故P应是与逻辑门.本饮水机的自动加热原理:当水温较低时，Rx阻值较大，A为高电势？且有水浸没I,B也为高电势3则工才输出高电势，电磁线圈中有电流，S被吸动闭合，发热器工作.所以该逻辑门输入信号由水位高低控制的输入端是B,输入信号由水温局低控制的输入端是A.-x2202互0=5502（2）可见当电阻丝并联电阻R最大时，电可能达到的效率最高由于R=当二切,当Ri=R-Ri时，并联电阻达最大值Rm暂二R+士IUUR电的效率q=二一=IEEJ?+r鼠r +r二 乂100%=93.2% 5544设电阻丝的一个支路电阻Rl为允许的最小值RlEin时，

26、其电流怡达到额定电流to=5A,这时并联电阻丝的达到允许的最大功率由闭合电路欧姆定律，得10Kmin .IRRmin )代入数据并整理，得R21min-264R1min+8800=0解得R1min=39.1（另一解大于220Q,不合题意，舍去）这时并联电阻R. Rmin R - Rimin39.1220 一 39.1所以电可能的最大输出功率为220E2R2202Q -32.151.1R r 32.15 42 32.15W =1190W点睛：解本题要知道两点：当电阻丝并联电阻R总电阻最大时，电源达到的效率最高；电阻丝的一个支路的电阻为允许的最小值，其电流恰达到额定电流时，这时并联电阻丝达到允许的最大功率.d/2水平位移正好是L23 .【答案】解：要使恰好飞不出去就是竖直位移正好是电子进入水平放置的平行板时的速度设为V电子的质量设为进入水平极板后，竖直方向上, dEq Ue a w rnd运动时间C=2L，二联立得右带入数字得c=i.6xior整个过程中，只有电场力做功（求出速度，求出动能）E=qUf+qV2=土8乂1产竖直方向上发生的位移是2,即