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1、（人教）物理2019高考一轮选练练题（5）及答案一、选择题1、2016年10月17日,“神舟十一号”与“天宫二号”交会对接成为组合体,如图所示.10月20日组合体完成点火程序,轨道高度降低.组合体在高、低轨道上正常运行时均可视为圆周运动,则(BC)A.在低轨道上运行时组合体的加速度较小B.在低轨道上运行时组合体运行的周期较小C.点火过程组合体的机械能不守恒D.点火使组合体速率变大,从而降低了轨道高度解析:对于组合体,万有引力提供其做圆周运动的向心力,即G=ma=m()2r=,其中M为地球质量,m为组合体质量,r为组合体轨道半径.由上述等式可知,组合体在低轨道上,加速度较大,周期较小,选项A错误
2、,B正确;在点火过程中,将燃料的化学能转化为组合体的机械能,故组合体的机械能变化,选项C正确;当点火使组合体速率变小,万有引力大于组合体需要的向心力时,轨道才会降低,选项D错误.2、如图所示，一质量为m的沙袋用不可伸长的轻绳悬挂在支架上，一练功队员用垂直于绳的力将沙袋缓慢拉起，使绳与竖直方向的夹角为30，且绳绷紧，则练功队员对沙袋施加的作用力大小为()A.B.mgC. mg D.mg解析：选A.如图，建立直角坐标系对沙袋进行受力分析：由平衡条件有：Fcos 30FTsin 300，FTcos 30Fsin 30mg0，联立可解得：F，故选A.3、（2019山东省枣庄八中期中）物理学的发展极大地
3、丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步，关于物理学中运动与力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（）A. 亚里士多德首先提出了惯性的概念B. 伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法C. 牛顿三条运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿的三条运动定律都能通过现代的实验手段直接验证D. 力的单位“N”是基本单位，加速度的单位“”是导出单位【答案】B4、(2019河南天一大联考)如图所示的坐标系中，第一象限存在与y轴平行的匀强电场，场强方向沿y轴负方向，第二象限存在垂直纸面
4、向里的匀强磁场P、Q两点在x轴上，Q点横坐标是C点纵坐标的2倍一带电粒子(不计重力)若从C点以垂直于y轴的速度v0向右射入第一象限，恰好经过Q点若该粒子从C点以垂直于y轴的速度v0向左射入第二象限，恰好经过P点，经过P点时，速度与x轴正方向成90角，则电场强度E与磁感应强度B的比值为()Av0 B.v0C.v0 D.v0解析：选B.作出粒子在磁场和电场中的运动轨迹，根据半径公式以及几何关系可明确B与r的关系，再对电场中运动进行分析，根据运动的合成和分解规律即可明确电场强度与速度及r关系，则可求得E和B的比值画出粒子运动轨迹如图所示；O点为粒子在磁场中的圆心；则POC粒子在磁场中做圆周运动的半径
5、为：r，OCr粒子在电场中做类平抛运动，有：OQ2OC2r粒子在电场中运动的时间为：t；OCat2t2；联立解得：EBv0，故E：Bv0故B正确，ACD错误5、如图所示,在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场,ab是圆的直径.一带电粒子从a点射入磁场,速度大小为v、方向与ab成30角时,恰好从b点飞出磁场,且粒子在磁场中运动的时间为t;若同一带电粒子从a点沿ab方向射入磁场,也经时间t飞出磁场,则其速度大小为(C)A.vB.vC.vD.v解析:设圆形区域的半径为R.带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动,由洛伦兹力提供向心力,则有qvB=,得r=.当粒子从b点飞出磁场时,入射速度与出射速度与ab的夹
6、角相等,所以速度的偏转角为60,轨迹对应的圆心角为60.根据几何知识得,轨迹半径为r1=2R;当粒子从a点沿ab方向射入磁场时,经过磁场的时间也是t,说明轨迹对应的圆心角与第一种情况相等,也是60.根据几何知识得,粒子的轨迹半径为r2=R;由r=可得,=,即v=v,故C正确.6、关于下列物理现象的分析，说法正确的是()A鸟儿能欢快地停在高压电线上，是因为鸟儿的脚底上有一层绝缘皮B电动机电路开关断开时会出现电火花，是因为电路中的线圈产生很大的自感电动势C话筒能把声音变成相应的电流，是因为电流的磁效应D静电喷涂时，被喷工件表面所带的电荷与涂料微粒所带的应为同种电荷解析：选B.鸟儿能欢快地停在高压电
7、线上，是因为鸟儿的两脚之间的导线的电阻很小，两脚间的跨步电压很小，选项A错误；电动机电路开关断开时会出现电火花，是因为电路中的线圈产生很大的自感电动势，击穿空气产生火花放电，选项B正确；话筒能把声音变成相应的电流，是因为电磁感应现象，选项C错误；静电喷涂时，被喷工件表面所带的电荷与涂料微粒所带的应为异种电荷，选项D错误6如图为无线充电技术中使用的受电线圈示意图，线圈匝数为n，面积为S.若在t1到t2时间内，匀强磁场平行于线圈轴线向右穿过线圈，其磁感应强度大小由B1均匀增加到B2，则该段时间线圈两端a和b之间的电势差ab()A恒为B从0均匀变化到C恒为D从0均匀变化到解析：选C.根据法拉第电磁感
8、应定律得，感应电动势Enn，由楞次定律和右手螺旋定则可判断b点电势高于a点电势，因磁场均匀变化，所以感应电动势恒定，因此a、b两点电势差恒为abn，选项C正确7、(多选)如图甲所示，质量m3.0103 kg的“”形金属细框竖直放置在两水银槽中，“”形框的水平细杆CD长l0.20 m，处于磁感应强度大小B11.0 T、方向水平向右的匀强磁场中有一匝数n300匝、面积S0.01 m2的线圈通过开关K与两水银槽相连线圈处于与线圈平面垂直、沿竖直方向的匀强磁场中，其磁感应强度B2随时间t变化的关系如图乙所示t0.22 s时闭合开关K瞬间细框跳起(细框跳起瞬间安培力远大于重力)，跳起的最大高度h0.20
9、 m不计空气阻力，重力加速度g10 m/s2，下列说法正确的是()A00.10 s内线圈中的感应电动势大小为3 VB开关K闭合瞬间，CD中的电流方向由C到DC磁感应强度B2的方向竖直向下D开关K闭合瞬间，通过细杆CD的电荷量为0.03 C解析：选BD.00.1 s内线圈中的磁场均匀变化，由法拉第电磁感应定律EnnS，代入数据得E30 V，A错开关闭合瞬间，细框会跳起，可知细框受向上的安培力，由左手定则可判断电流方向由C到D，B对由于t0.22 s时通过线圈的磁通量正在减少，再对线圈由楞次定律可知感应电流产生的磁场的方向与B2的方向相同，故再由安培定则可知C错误K闭合瞬间，因安培力远大于重力，则
10、由动量定理有B1Iltmv，通过细杆的电荷量QIt，线框向上跳起的过程中v22gh，解得Q0.03 C，D对8、通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因”的科学家是A. 亚里士多德 B. 伽利略 C. 笛卡尔 D. 牛顿【来源】浙江新高考2019年4月选考科目物理试题【答案】 B【解析】A、亚里士多德认为力是维持物体运动状态的原因，故A错误；B、伽利略通过理想斜面实验提出了力不是维持物体运动的原因，故B正确；C、笛卡尔在伽利略研究的基础上第一次表述了惯性定律，故C错误；D、牛顿在伽利略等前人研究的基础上提出了牛顿第一定律，认为力是改变物体运动状态的原因，但不是第一个根据实验提出力不是维持
11、物体运动原因的科学家，也不是第一个提出惯性的科学家，故D错误；故选B。二、非选择题某同学用位移传感器研究木块在斜面上的滑动情况，装置如图(a)已知斜面倾角37.他使木块以初速度v0沿斜面上滑，并同时开始记录数据，绘得木块从开始上滑至最高点，然后又下滑回到出发处过程中的xt图线如图(b)所示图中曲线左侧起始端的坐标为(0,1.4)，曲线最低点的坐标为(0.5,0.4)重力加速度g取10 m/s2.求：(1)木块上滑时的初速度v0和上滑过程中的加速度a；(2)木块与斜面间的动摩擦因数；(3)木块滑回出发点时的速度vt.解析：(1)木块匀减速上滑，由图象得到：末速度v0，位移x1.4 m0.4 m1
12、.0 m，时间为t0.5 s；根据位移时间公式，有：xv0tat2；根据速度时间公式，有：vv0at；联立解得：v04 m/s，a8 m/s2.(2)上滑过程，木块受重力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有：mgsin 37mgcos 37ma代入数据解得：0.25.(3)木块下滑过程，根据牛顿第二定律，有：mgsin 37mgcos 37ma代入数据解得：a4 m/s2物体匀加速下滑，根据速度位移公式，有：v2ax解得：vt m/s2 m/s.答案：(1)4 m/s8 m/s2(2)0.25(3)2 m/s内容总结（1）二、非选择题某同学用位移传感器研究木块在斜面上的滑动情况，装置如图(a)已知斜面倾角37.他使木块以初速度v0沿斜面上滑，并同时开始记录数据，绘得木块从开始上滑至最高点，然后又下滑回到出发处过程中的xt图线如图(b)所示图中曲线左侧起始端的坐标为(0,1.4)，曲线最低点的坐标为(0.5,0.4)重力加速度g取10 m/s2.求：(1)木块上滑时的初速度v0和上滑过程中的加速度a
人教物理2019高考一轮选练练题5及答案
