（推荐）安徽2014版高中物理《复习方略》：单元评估检测(七)

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1、单元评估检测(七)第七章(60分钟 100分)一、选择题(本大题共12小题,每小题6分,共72分。每小题只有一个答案正确)1.M和N是两个不带电的物体,它们互相摩擦后M带正电1.610-10C,下列判断正确的是()A.在摩擦前M和N的内部没有任何电荷B.摩擦的过程中电子从N转移到MC.N在摩擦后一定带负电1.610-10CD.M在摩擦过程中失去1.610-10个电子2.(2011海南高考)关于静电场,下列说法正确的是()A.电势等于零的物体一定不带电B.电场强度为零的点,电势一定为零C.同一电场线上的各点,电势一定相等D.负电荷沿电场线方向移动时,电势能一定增加3.(2013青岛模拟)水平线上

2、的O点放置一点电荷,图中画出电荷周围对称分布的几条电场线,如图所示。以水平线上的某点O为圆心,画一个圆,与电场线分别相交于a、b、c、d、e,则下列说法正确的是()A.b、e两点的电场强度相同B.a点电势等于c点电势C.b、c两点间电势差等于e、d两点间电势差D.电子沿圆周由d到b,电场力做正功4.(2013福州模拟)真空中存在范围足够大、竖直方向上的匀强电场,A、B为该匀强电场的两个等势面。现有三个质量相同、带同种等量电荷的小球a、b、c,从等势面A上的某点同时以相同速率v0分别沿竖直向下、水平向右和竖直向上方向开始运动,如图所示。经过一段时间,三个小球先后通过等势面B,则下列判断正确的是(

3、)A.等势面A的电势一定高于等势面B的电势B.a、c两小球通过等势面B时的速度相同C.开始运动后的任一时刻,a、b两小球的动能总是相等D.开始运动后的任一时刻,三个小球电势能总是相等5.如图所示,平行板电容器的一个极板与滑动变阻器的滑片C相连接。电子以速度v0垂直于电场线方向射入并穿过平行板间的电场。在保证电子还能穿出平行板间电场的情况下,若使滑动变阻器的滑片C上移,则关于电容器极板上所带电荷量Q和电子穿过平行板所需的时间t的说法中,正确的是()A.电荷量Q增大,时间t也增大B.电荷量Q不变,时间t增大C.电荷量Q增大,时间t不变D.电荷量Q不变,时间t也不变6.(2013铜陵模拟)如图所示,

4、曲线为电荷在匀强电场中的运动轨迹,a、b是轨迹上的两点,则下列说法正确的是()A.电荷在b点的电势能大于在a点的电势能B.该电场的方向水平向左C.b点的电势高于a点的电势D.电荷在电场中相同时间内速度的变化量不相同7.(2012江苏高考)一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变,在两极板间插入一电介质,其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是()A.C和U均增大B.C增大,U减小C.C减小,U增大D.C和U均减小8.(2012新课标全国卷改编)如图,平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度,两极板与一直流电源相连。若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器,则在此过程中,

5、该粒子()A.所受重力与电场力平衡B.电势能逐渐增加C.动能逐渐增加D.做匀速直线运动9.(2013泉州模拟)如图所示,一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力的作用下,从静止开始由b沿直线运动到d,且bd与竖直方向所夹的锐角为45,则下列结论中正确的是()A.此液滴带正电荷B.合力对液滴做的总功等于零C.液滴做匀加速直线运动D.液滴的电势能增大10.(2013阜阳模拟)如图所示,光滑绝缘斜面的底端固定着一个带正电的小物块P,将另一个带电小物块Q在斜面的某位置由静止释放,它将沿斜面向上运动。设斜面足够长,则在Q向上运动过程中()A.物块Q的动能一直增大B.物块Q的电势能一直增大C.物块P、Q的重

6、力势能和电势能之和一直增大D.物块Q的机械能一直增大11.如图所示,有一带电粒子(不计重力)贴着A板沿水平方向射入匀强电场,当偏转电压为U1时,带电粒子沿轨迹从两板右端连线的中点飞出;当偏转电压为U2时,带电粒子沿轨迹落到B板中间。设粒子两次射入电场的水平速度相同,则电压U1、U2之比为()A.18B.14C.12D.1112.某空间内有高度为d、宽度足够宽、方向水平向左的匀强电场。当在该空间内建立如图所示的坐标系后,在x轴上的P点沿y轴正方向连续射入质量和电荷量均相同、且带电性质也相同的带电粒子(粒子重力不计),由于粒子的入射速率v(v0)不同,有的粒子将在电场中直接通过y轴,有的将穿出电场

7、后再通过y轴。设粒子通过y轴时,离坐标原点的距离为h,从P到y轴所需的时间为t0,则()A.由题中条件可以判断出粒子的带电性质B.对hd的粒子,h越大,t0越大C.对hd的粒子,在时间t0内,电场力对粒子做的功不相等D.对hd的粒子,h越大的粒子,电场力对粒子做的功越大二、计算题(本大题共2小题,共28分。要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要注明单位)13.(14分)如图所示,绝缘光滑轨道AB部分为倾角为30的斜面,AC部分为竖直平面内半径为R的圆轨道,斜面与圆轨道相切。整个装置处于场强为E、方向水平向右的匀强电场中。现有一个质量为m的小球,带正电荷量为q=,要使小球能安全通过圆轨道,

8、在O点的初速度应为多大?14.(14分)如图甲所示,边长为L的正方形区域ABCD内有竖直向下的匀强电场,电场强度为E,与区域边界BC相距L处竖直放置足够大的荧光屏,荧光屏与AB延长线交于O点。现有一质量为m,电荷量为+q的粒子从A点沿AB方向以一定的初速度进入电场,恰好从BC边的中点P飞出,不计粒子重力。(1)求粒子进入电场前的初速度的大小。(2)其他条件不变,增大电场强度使粒子恰好能从CD边的中点Q飞出,求粒子从Q点飞出时的动能。(3)现将电场分成AEFD和EBCF相同的两部分,并将EBCF向右平移一段距离x(xL),如图乙所示。设粒子打在荧光屏上位置与O点相距y,请求出y与x的关系。答案解

9、析1.【解析】选C。M和N都不带电,是指这两个物体都呈电中性,没有“净电荷”(没有中和完的电荷),也就是没有得失电子。但内部仍有相等数量的正电荷(质子数)和负电荷(电子数),故A错误。M和N摩擦后M带正电荷,说明M失去电子,电子从M转移到N,故B错误。根据电荷守恒定律,M和N这个与外界没有电荷交换的系统原来电荷的代数和为0,摩擦后电荷量仍应为0,故C正确。电子带电荷量为-1.610-19C,摩擦后M带正电荷1.610-10C,由于M带电荷量应是电子电荷量的整数倍,所以M失去109个电子,故D错误。2.【解析】选D。电势是相对量,其大小与零势点的选取有关,沿同一电场线上的各点电势逐渐降低,故A、

10、B、C均错误;负电荷受电场力方向与电场线方向相反,故沿电场线移动负电荷时电场力做负功,电势能增加,D正确。3.【解析】选C。由点电荷的电场分布特点可知,b、e两点的电场强度大小相等,但方向不同,故A错误。电势沿电场线方向降低,有ab,Udb0,所以电场力做负功,故D错误。4.【解析】选B。由于电场线方向无法确定,故A、B等势面电势高低无法判断,A错。由功能关系知,由于a、c两小球初末位置相同,故电场力做功相同,则速度相同,B正确。在任一时刻,速度大小和方向可能不同,则小球动能和电势能可能都不相等,C、D错误。5.【解析】选C。滑动变阻器的滑片C上移,电容器两板间电压U增大,由Q=CU可知,电容

11、器带电量Q增大,而电子穿过板间的时间t=,与板间电压无关,故时间t不变,C正确。6.【解析】选A。由电荷运动轨迹可判断电荷受电场力方向向左,所以由ab电场力做负功,电势能增加,因电荷电性未知,无法判断电场的方向与电势的高低,故A正确,B、C均错误。电荷在匀强电场中做匀变速运动,在相同时间内速度的变化量相同,故D错误。【变式备选】(2013九江模拟)在点电荷Q的电场中,一个带正电的粒子的运动轨迹如图中实线所示。a、b两圆为两个等势面,则下列判断中正确的是()A.Q可能为正电荷,也可能为负电荷B.粒子运动中,电场力先做负功后做正功C.粒子经过两等势面的动能EkaEpb【解析】选B。由于粒子带正电,

12、由题图轨迹可知点电荷Q必带正电,故A错。在运动过程中电场力先做负功后做正功,故B对。由b到a的过程中电场力做正功,电势能减小,动能增大,故C、D错。7.【解析】选B。由C=知,S和d不变,插入电介质时,r增大,电容增大,由C=可知:Q不变时,C增大,则两板间的电势差U一定减小,故选B。8.【解题指南】解答本题应把握以下两点:(1)由直线运动的条件分析带电粒子的受力情况,并确定运动的性质。(2)由动能定理分析能量的变化情况。【解析】选B。分析带电粒子的受力情况,画出其受力图如图所示。可以看出其合力方向与其速度方向相反。所以,带电粒子在电场中做匀减速运动。电场力做负功,重力不做功,动能减少,电势能

13、增加,故选项A、C、D错误,选项B正确。9.【解析】选C。液滴沿bd由静止开始运动,则合力必沿bd直线方向,且合力做正功,电场力应水平向右,所以液滴应带负电,故A、B错误;由题意可知电场力大小与重力大小相等,液滴做a=g的匀加速直线运动,电场力做正功,电势能减小,故C正确,D错误。10.【解析】选D。由F库-mgsin=ma可知,物块沿斜面的加速度先向上逐渐减小,再沿斜面向下,逐渐增大,其速度先增大后减小,故物块Q的动能先增大再减小,A错误;因电场力始终做正功,故电势能一直减小,物块Q的机械能一直增大,B错误,D正确;因只有电场力、重力做功,物块的电势能、重力势能、动能之和守恒,又知动能先增大

14、后减小,故重力势能和电势能之和先减小后增大,C错误。【总结提升】电场中功能关系的应用(1)若只有电场力做功,电荷的电势能与动能相互转化,两者之和守恒。(2)若只有电场力和重力做功,电荷的电势能、重力势能与动能相互转化,其总和守恒。(3)电场力做功与电荷电势能的变化相对应,电场力做正功,电势能减少,电场力做负功,电势能增加。(4)合外力对电荷所做的总功等于电荷动能的增量。11.【解析】选A。由题意可知,=at2=,d=,由以上两式可推导出:U1U2=18,故A正确。12.【解析】选A。因粒子重力不计,粒子沿竖直方向做匀速直线运动,沿水平方向,在电场中向左偏转,说明粒子带正电,A正确。对hd的粒子

15、,由xP=t2可知,粒子射入电场后到y轴的时间t0均相同,电场力做功W电=EqxP也相同,故B、C均错误;对hd的粒子,h越大的粒子,其初速度越大,在电场区域偏转的位移越小,电场力做功也越小,故D错误。13.【解析】小球先在斜面上运动,受重力、电场力、支持力,然后在圆轨道上运动,受重力、电场力、轨道作用力,如图所示,类比重力场,将电场力与重力的合力视为等效重力mg,大小为mg=(4分)tan=,得=30(2分)等效重力的方向与斜面垂直指向右下方,小球在斜面上匀速运动,因要使小球能安全通过圆轨道,在圆轨道的等效“最高点”(D点)满足等效重力刚好提供向心力,即有:mg=,(2分)因=30与斜面的倾

16、角相等,由几何关系可知AD=2R(2分)令小球以最小初速度v0运动,由动能定理知:-mg2R=m-m(2分)解得v0=,因此要使小球安全通过圆轨道,初速度应为v。(2分)答案：大于等于【总结提升】等效法的应用当我们研究某一新问题时,如果它和某一学过的问题类似,就可以利用等效和类比的方法进行分析。用等效法解本题的关键在于正确得出等效重力场,然后再利用对比正常重力场下小球做圆周运动的规律解题。14.【解题指南】解答本题时应把握以下三点:(1)明确粒子的电性和电场的分布情况;(2)电场力做功引起粒子动能的变化;(3)粒子射出电场时沿出射方向做匀速直线运动。【解析】(1)粒子在电场内做类平抛运动,水平

17、方向:L=v0t,竖直方向:=t2,得v0=(3分)(2)其他条件不变,增大电场强度,从CD边中点Q飞出与从BC边中点P飞出相比,水平位移减半,竖直位移加倍,根据类平抛运动知识y=at2,x=v0t,则加速度为原来的8倍,电场强度为原来的8倍,电场力做功为W1=8EqL(2分)粒子从CD边中点Q飞出时的动能Ek1=m+W1=EqL(2分)(3)将EBCF向右平移一段距离x,粒子在电场中的类平抛运动分成两部分,在无电场区域做匀速直线运动,轨迹如图所示,tan1=(vy为粒子离开电场AEFD时竖直方向的速度)(1分)y1=xtan1=(2分)tan2=1(vy为粒子离开电场EBCF时竖直方向的速度)(1分)y2=(L-x)tan2=L-x(2分)y=y1+y2+=L-x(1分)答案：(1)(2)EqL(3)y=L-x友情提示：部分文档来自网络整理，供您参考！文档可复制、编制，期待您的好评与关注！- 13 - / 13