浙江专用高考数学总复习第二章函数概念与基本初等函数1第4讲幂函数与二次函数课时作业
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1、 - 1 - 第第 4 4 讲讲 幂函数与二次函数幂函数与二次函数 基础巩固题组 (建议用时:40 分钟) 一、选择题 1.(2017郑州外国语学校期中)已知1,1,2,3,则使函数yx的值域为 R R,且为奇函数的所有的值为( ) A.1,3 B.1,1 C.1,3 D.1,1,3 解析 因为函数yx为奇函数,故的可能值为1,1,3.又yx1的值域为y|y0,函数yx,yx3的值域都为 R R.所以符合要求的的值为 1,3. 答案 A 2.已知a,b,cR R,函数f(x)ax2bxc.若f(0)f(4)f(1),则( ) A.a0,4ab0 B.a0,2ab0 D.af(1),所以函数图象
2、应开口向上,即a0,且其对称轴为x2,即b2a2,所以 4ab0. 答案 A 3.在同一坐标系内,函数yxa(a0)和yax1a的图象可能是( ) 解析 若a0,yxa的图象知排除 A,B 选项,但yax1a的图象均不适合,综上选 B. 答案 B 4.若函数f(x)x2axa在区间0,2上的最大值为 1,则实数a等于( ) A.1 B.1 - 2 - C.2 D.2 解析 函数f(x)x2axa的图象为开口向上的抛物线, 函数的最大值在区间的端点取得, f(0)a,f(2)43a, a43a,a1或a43a,43a1,解得a1. 答案 B 5.若关于x的不等式x24x2a0 在区间(1,4)内
3、有解,则实数a的取值范围是( ) A.(,2) B.(2,) C.(6,) D.(,6) 解析 不等式x24x2a0 在区间(1,4)内有解等价于a(x24x2)max, 令f(x)x24x2,x(1,4), 所以f(x)f(4)2,所以a1225,得223123253,即PRQ. 答案 PRQ 7.若f(x)x22ax与g(x)ax1在区间1, 2上都是减函数, 则a的取值范围是_. 解析 由f(x)x22ax在1,2上是减函数可得1,2 a,),a1. y1x1在(1,)上为减函数, 由g(x)ax1在1,2上是减函数可得a0, 故 0f(a1)的实数a的取值范围. 解 幂函数f(x)的图
4、象经过点(2, 2), 22(m2m)1,即 2122(m2m)1. m2m2.解得m1 或m2. 又mN N*,m1.f(x)x12, 则函数的定义域为0,),并且在定义域上为增函数. 由f(2a)f(a1)得2a0,a10,2aa1, 解得 1a1,即a12时, f(x)maxf(1)2a1, 2a11,即a1 满足题意. 综上可知,a13或1. 能力提升题组 (建议用时:25 分钟) 11.(2016浙江卷)已知函数f(x)x2bx,则“b0”是“f(f(x)的最小值与f(x)的最小值相等”的( ) A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件 解析
5、 f(x)x2bxxb22b24,当xb2时,f(x)minb24. 又f(f(x)(f(x)2bf(x)f(x)b22b24, 当f(x)b2时,f(f(x)minb24, 当b2b24时,f(f(x)可以取到最小值b24, 即b22b0, 解得b0 或b2, 故“b0,若a,bR R,且ab0,则f(a)f(b)的值( ) A.恒大于 0 B.恒小于 0 C.等于 0 D.无法判断 解析 依题意,幂函数f(x)在(0,)上是增函数, m2m11,4m9m510, 解得m2,则f(x)x2 015. 函数f(x)x2 015在 R R 上是奇函数,且为增函数. 由ab0,得ab, f(a)f
6、(b),则f(a)f(b)0. 答案 A - 5 - 13.已知函数f(x)2x,x2,(x1)3,x2,若关于x的方程f(x)k有两个不同的实根, 则实数k的取值范围是_. 解析 作出函数yf(x)的图象如图.则当 0k0,bR R,cR R). (1)若函数f(x)的最小值是f(1)0,且c1, F(x)f(x),x0,f(x),x0,(x1)2,x0. F(2)F(2)(21)2(21)28. (2)由a1,c0,得f(x)x2bx, 从而|f(x)|1 在区间(0,1上恒成立等价于1x2bx1 在区间(0,1上恒成立, 即b1xx且b1xx在(0,1上恒成立. 又1xx的最小值为 0,
7、1xx的最大值为2. 2b0. 故b的取值范围是2,0. 15.(2016嘉兴模拟)已知mR R,函数f(x)x2(32m)x2m. (1)若 0m12,求|f(x)|在1,1上的最大值g(m); (2)对任意的m(0,1,若f(x)在0,m上的最大值为h(m),求h(m)的最大值. 解 (1)f(x)x32m224m28m174,则对称轴为x32m2, 由 0m12,得 02m1,则 132m232, 故函数f(x)在1,1上为增函数, 则当x1 时,函数f(x)取得最大值,f(1)4m; - 6 - 当x1 时,函数f(x)取得最小值f(1)3m2. 又0m12,03m32,2|f(1)|
8、, 即|f(x)|在1,1上的最大值g(m)f(1)4m. (2)由(1)知函数的对称轴为x32m2,且函数开口向下, 由 0m1,则 02m2,所以1232m232, 若m32m2,即 032m2,即34m1 时,函数f(x)在0,m上不单调,此时当x32m2时,函数f(x)取得最大值h(m)m22m174, 即h(m)m22m174,34m1,3m24m2,0m34, 当 0m34时,h(m)3m24m2 的对称轴为m42(3)23,即当m23时,函数h(m)取得最大值h2332324232103. 当34m1 时,h(m)m22m174的对称轴为m1,此时函数h(m)在34,1 上为减函数,则函数h(m)h343422341745316103. 所以h(m)的最大值为103.
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