苏州十中高考模拟试题物理试题

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1、苏州第十中学高三物理模拟试卷2008-4-9一、单项选择题（本题共5小题；每小题3分，共15分在每小题给出的四个选项中，只有一项是正确的，选对的得3分，选错或不答的得0分）1 下列由基本门组成的电路中，能使蜂鸣器发出声音的是 2 如图所示，由物体A和B组成的系统处于静止状态。A、B的质量分别为mA和mB，且mAmB。滑轮的质量和一切摩擦可不计。使绳的悬点由P点向右移动一小段距离到Q点，系统再次到达静止状态。则悬点移动前后图中绳与水平方向间的夹角将A变大B变小C不变D可能变大，也可能变小3一物块在粗糙斜面上，在平行斜面向上的外力F作用下斜面和物块始终处于静止状态，当按图甲所示规律变化时。物体与斜

2、面间的摩擦力大小变化规律可能是图乙中的 甲 乙4图中虚线是用实验方法描绘出的某一静电场中的一簇等势线，若不计重力的带电粒子从a点射入电场后恰能沿图中的实线运动，b点是其运动轨迹上的另一点，则下述判断正确的是Ab点的电势一定高于a点Bb点的场强一定大于a点C带电粒子一定带正电D带电粒子在b点的速率一定小于在a点的速率5如图所示电路，闭合开关S，两个灯泡都不亮，电流表指针几乎不动，而电压表指针有明显偏转，该电路的故障可能是A电流表坏了或未接好B从点a经过灯L1到点b的电路中有断路C灯L2的灯丝断或灯座未接通D电流表和灯L1、 L2都坏了二、多项选择题（本题共4小题；每小题4分，共16分在每小题给出

3、的四个选项中，有两项或两项以上正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不答的得0分）6利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图像. 某同学在一次实验中得到的运动小车的速度时间图像如图所示，出此可以知道 A小车先做加速运动，后做减速运动B小车运动的最大速度约为0.8m/sC小车的最大位移是0.8mD小车做曲线运动71930年美国天文学家汤博发现冥王星，当时错估了冥王星的质量，以为冥王星比地球还大，所以命名为大行星然而，经过近30年的进一步观测，发现它的直径只有2300公里，比月球还要小2006年8月24日晚在布拉格召开的国际天文学联合会(IAU)第26届大会上，来自各国天

4、文界权威代表投票通过联合会决议，今后原来九大行星中的冥王星将不再位于“行星”之列，而属于矮行星，并提出了行星的新定义行星新定义的两个关键：一是行星必须是围绕恒星运转的天体；二是行星的质量必须足够大，它自身的重力必须和表面力平衡使其形状呈圆球一般来说，行星直径必须在800公里以上，质量必须在50亿亿吨以上假如冥王星的轨道是一个圆形，则由以下几个条件能估测出其质量的是（其中万有引力常量为G） A冥王星围绕太阳运转的周期和轨道半径B冥王星围绕太阳运转的线速度和轨道半径C冥王星一个的卫星查龙(charon)围绕冥王星在圆形轨道上转动的线速度和轨道半径D冥王星一个的卫星查龙(charon)围绕冥王星在圆

5、形轨道上转动的周期和轨道半径8在空中某一位置，以大小v0的速度水平抛出一质量为m的物体，经时间t物体下落一段距离后，其速度大小仍为v0，但方向与初速度相反，如图所示，则下列说法中错误的是 A风力对物体做功为零B风力对物体做负功C物体机械能减少mg2t22D物体的速度变化为2v09光滑平行导轨水平放置，导轨左端通过开关S与内阻不计、电动势为E的电源相连，一根质量为m的导体棒ab，用长为l的绝缘细线悬挂，悬线竖直时导体棒恰好与导轨良好接触且细线处于张紧状态，如图所示，系统空间有匀强磁场当闭合开关S时，导体棒被向右摆出，摆到最大高度时，细线与竖直方向成角，则A磁场方向一定竖直向下B磁场方向竖直向下时

6、，磁感应强度最小C导体棒离开导轨前通过棒的电量为D导体棒离开导轨前电源提供的电能大于mgl(1 cos)三、简答题（把答案填在题中的横线上或按题目要求作答）10（8分）甲、乙、丙三位同学对飞机如何获得向前推进的作用力，为何能由地面起飞升空，并且能在天空中飞行，不致坠落，各有不同的主张。对于飞机如何获得向前推进的作用力或加速度，甲认为：起落架上的轮子必须转动，在地面跑道施加给轮胎的摩擦力推动下，飞机才能获得前进的加速度；乙则认为：飞机的螺旋桨或涡轮机必须转动，将周围空气吹向飞机后方，在空气的反作用力推动下，飞机才能获得前进的加速度；丙则认为：不论飞机的引擎周围有无空气，均能使其燃料迅速燃烧，当废

7、气向后喷出时，飞机获得反作用力，因此能向前加速。至于飞机为何能由地面起飞升空，而在空中时，为何又能维持飞行高度，不会坠落，甲和乙都认为是由于飞机前进时，流过机翼上方与下方的空气速率不同，使机翼下方的力较大。因此，当飞机沿水平方向快速前进时，机翼上方与下方受到的压力不同，可以产生竖直向上的作用力（称为升力），以克服重力，飞机因而得以升空，并在空中保持飞行高度，不致坠落。丙则认为：飞机依靠向前的推进力，就能起飞升空，并改变飞行方向，进入一定的轨道，在重力作用下绕着地球飞行。依据以上所述，回答以下各题：（1）对飞机如何获得向前的推进力，三位学生提出的主张，分别与汽车、轮船、火箭前进时使用的原理类似。

8、下表中最适合用来说明这三种原理与学生主张间的对应关系的是（ ）。ABCDEF汽车甲乙甲丙丙乙轮船乙甲丙甲乙丙火箭丙丙乙乙甲甲（2）考虑飞机在近乎为真空的太阳中航行的可能性。下列选项中的学生，其所提出的飞机飞行原理不能用于太空航行的是（ ）。A甲、乙、丙 B甲、乙 C甲、丙 D甲 E乙（3）如果飞机依照三位学生主张的方式，下列选项中正确的是（ ）。须有加速跑道才能升空升空后即没有向前推进力A甲、乙、丙甲、乙B甲、乙甲C甲、乙乙、丙D甲甲、乙（4）甲、乙两学生的主张飞机的升力来自机翼上、下方的空气的压力差，而根据流体动力学原理，在稳定的气流中，流速愈快的地方，气体的压力愈小。如果飞机由水平地面起飞

9、或在大气中飞行时，流经机翼的空气可视为稳定的气流，则依据甲、乙两学生的主张，下列叙述中正确的是（ ）。A、飞机的飞行高度固定时，机翼下方的空气流速一定比机翼止方为大B、飞机要离地升空时，机翼下方的空气流速必须比机翼上方为大C、飞机要离地升空时，机翼上方与下方的空气流速必须相等D、机翼上方与下方的空气流速相等时，飞机的飞行高度会下降11（8分）现有一阻值为10.0的定值电阻、一个电键、若干根导线和一个电压表，该电压表表面上有刻度但无刻度值，要求设计一个能测定某电源内阻的实验方案（已知电压表内阻很大，电压表量程大于电源电动势，电源内阻约为几欧），要求：（1）在下边方框中画出实验电路图（2）简要写出

10、完成接线后的实验步骤（3）用测得的量计算电源内阻的表达式r = _以下选做2 题（3-3）（12分）12（1）如图所示，导热性能良好的气缸开口向下，缸内用一活塞封闭一定质量的气体，活塞在气缸内可以自由滑动且不漏气，其下方用细绳吊着一重物，系统处于平衡状态。现将细绳剪断，从剪断细绳到系统达到新的平衡状态的过程可视为一缓慢过程，在这一过程中气缸内A气体从外界吸热B单位体积的气体分子数变大C气体分子平均速率变大 D单位时间单位面积器壁上受到气体分子撞击的次数减少图4（2）热力学第二定律常见的表述有两种，第一种表述：不可能使热量由低温物体传递到高温物体，而不引起其他的变化。第二种表述：不可能从单一热源

11、吸收热量并把它全部用来做功，而不引起其他的变化。如图4（a）所示是根据热力学第二定律的第一种表述画出来的示意图，外界对制冷机做功，使热量从低温物体传递到高温物体，则：（1）请根据第二种表述完成示意图（b）（2）根据你的理解，热力学第二定律的实质是 。（3-4）（12分）13（1）两列简谐横波同振幅、同波长、同速率相向传播某时刻两列波图象如图137所示，实线表示的波向左传播，虚线表示的波向右传播关于图中介质质点，认识正确的是 振动始终加强由图示时刻开始，再经14周期，将位于波峰振幅为零由图示时刻开始，再经14周期，将位于波谷BAC（2）等腰直角棱镜放在真空中，如图所示，一束单色光以60o的入射角

12、从AB侧面的中点射入，折射后再从AC侧面射出，出射光线偏离入射光线的角度为30o，（已知单色光在真空中的光速为C），（1）请作出光路图；（2）求此单色光通过三棱镜的时间是多少？（3-5）（12分）14(1)“轨道电子俘获”是放射性同位素衰变的一种形式，即原子核俘获一个核外电子，核内一个质子变为中子，原子核衰变成一个新核，并且放出一个中微子（其质量小于电子质量且不带电）若一个静止的原子核发生“轨道电子俘获”（电子的初动量可不计），则A生成的新核与衰变前的原予核质量数相同B生成新核的核电荷数增加C生成的新核与衰变前的原子核互为同位素D生成的新核与中微子的动量大小相等(2)某实验室工作人员，用初速度

13、0=0.09c(c为真空中的光速)的a粒子，轰击静止的氮原子核，产生了质子若某次碰撞可看作对心正碰，碰后新核与质子同方向运动，垂直磁场方向射入磁场，通过分析偏转半径可得出新核与质子的速度大小之比为l:20，已知质子质量为m 写出核反应方程 求出质子的速度 若用上述两个质子发生对心弹性碰撞，则每个质子的动量变化量是多少?(保留两位有效数字) 四、计算题（本题共4小题，共49分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15（10分）如图所示，细绳长为L，吊一个质量为m的铁球（可视作质点），球离地的高度h=2L，当绳受

14、到大小为2mg的拉力时就会断裂绳的上端系一质量不计的环，环套在光滑水平杆上，现让环与球一起以速度向右运动，在A处环被挡住而立即停止，A离墙的水平距离也为L求在以后的运动过程中，球第一次碰撞点离墙角B点的距离是多少？ 16（12分）电子所带电荷量最早是由美国科学家密立根通过油滴实验测出的油滴实验的原理如图所示，两块水平放置的平行金属板与电源连接，上、下板分别带正、负电荷油滴从喷雾器喷出后，由于摩擦而带电，油滴进入上板中央小孔后落到匀强电场中，通过显微镜可以观察到油滴的运动情况两金属板间的距离为d，忽略空气对油滴的浮力和阻力(1)调节两金属板间的电势差U，当u=U0时，使得某个质量为ml的油滴恰好

15、做匀速运动该油滴所带电荷量q为多少？(2)若油滴进入电场时的速度可以忽略，当两金属板间的电势差u=U时，观察到某个质量为m2的油滴进入电场后做匀加速运动，经过时间t运动到下极板，求此油滴所带电荷量Q.17（13分）如图所示，x轴上方存在磁感应强度为B的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外（图中未画出）。x轴下方存在匀强电场，场强大小为E，方向沿与x轴负方向成60角斜向下。一个质量为m，带电量为e的质子以速度v0从O点沿y轴正方向射入匀强磁场区域。质子飞出磁场区域后，从b点处穿过x轴进入匀强电场中，速度方向与x轴正方向成30，之后通过了b点正下方的c点。不计质子的重力。（1）画出质子运动的轨迹

16、，并求出圆形匀强磁场区域的最小半径和最小面积；（2）求出O点到c点的距离。18（14分）如图，光滑斜面的倾角= 30，在斜面上放置一矩形线框abcd，ab边的边长l1 = l m，bc边的边长l2= 0.6 m，线框的质量m = 1 kg，电阻R = 0.1，线框通过细线与重物相连，重物质量M = 2 kg，斜面上ef线（efgh）的右方有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度B = 0.5 T，如果线框从静止开始运动，进入磁场最初一段时间是匀速的，ef线和gh的距离s = 11.4 m，（取g = 10.4m/s2），求：（1）线框进入磁场前重物M的加速度；（2）线框进入磁场时匀速运动的速度v；

17、（3）ab边由静止开始到运动到gh线处所用的时间t；（4）ab边运动到gh线处的速度大小和在线框由静止开始到运动到gh线的整个过程中产生的焦耳热。苏州第十中学高三物理模拟试卷参考答案一、单项选择题12345BCDDB二、多项选择题6789 AB CD ACBD三、简答题101）A （2）B （3）B （4）DV111）如图所示（2）断开电键，记下电压表偏转的格数N1合上电键，记下电压表偏转的格数N2Q1Q2W12（1）B（2）6（1）如右图所示 （2）自然界中进行的与热现象有关的宏观物理过程都有方向性13（1）AB（2）解析：光路图如图所示，已知，解得，所以BAC所以14（1）AD(2) 粒子

18、、新核的质量分别为4m、17m，质子的速度为，对心正碰，由动量守恒定律得： =0.19C 质量相等且弹性碰撞，交换速度。对某一质子，选其末动量方向为正方向，则P2=m,Pl= m, 故解出P=0.38mc，方向与末动量方向一致 15环被A挡住的瞬间 得，故绳断，之后小球做平抛运动 设小球直接落地，则 球的水平位移 所以小球先与墙壁碰撞 球平抛运动到墙的时间为t，则 小球下落高度 碰撞点距B的距离 16. 解：(1)油滴匀速下落过程中受到的电场力和重力平衡，可见所带电荷为负电荷，即，得(2)油滴加速下落，若油滴带负电，电荷量为Q1，则油滴所受到的电场力方向向上，设此时的加速度大小为a1，由牛顿第

19、二定律得 ，得若油滴带正电，电荷量为Q2，则油滴所受到的电场力方向向下，设此时的加速度大小为a2，由牛顿第二定律得，即。17. 【解析】（1）质子先在匀强磁场中做匀速圆周运动，射出磁场后做匀速直线运动，最后进入匀强电场做类平抛运动，轨迹如图所示.根据牛顿第二定律，有要使磁场的区域面积最小，则Oa为磁场区域的直径，由几何关系可知：求出圆形匀强磁场区域的最小半径圆形匀强磁场区域的最小面积为（2）质子进入电场后，做类平抛运动，垂直电场方向：；平行电场方向：，由牛顿第二定律，解得：。O点到c点的距离：18. 【解析】（1）线框进入磁场前，线框仅受到细线的拉力FT，斜面的支持力和线框重力，重物M受到重力

20、和拉力FT。对线框，由牛顿第二定律得FT mg sin= ma.联立解得线框进入磁场前重物M的加速度=5m/s2（2）因为线框进入磁场的最初一段时间做匀速运动所以重物受力平衡Mg = FT，线框abcd受力平衡FT= mg sin+ FAab边进入磁场切割磁感线，产生的电动势E = Bl1v形成的感应电流 受到的安培力联立上述各式得，Mg = mg sin+ 代入数据解得v=6 m/s（3）线框abcd进入磁场前时，做匀加速直线运动；进磁场的过程中，做匀速直线运动；进入磁场后到运动到gh线，仍做匀加速直线运动。进磁场前线框的加速度大小与重物的加速度相同，为a = 5 m/s2该阶段运动时间为进磁场过程中匀速运动时间线框完全进入磁场后线框受力情况同进入磁场前，所以该阶段的加速度仍为a = 5m/s2解得：t3 =1.2 s因此ab边由静止开始运动到gh线所用的时间为t = t1+t2+t3=2.5s（4）线框ab边运动到gh处的速度v=v + at3 = 6 m/s+51.2 m/s=12 m/s整个运动过程产生的焦耳热Q = FAl2 =（Mg mgsin）l2 = 9 J