高中物理《选修3-2》专题训练讲义

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1、高中物理备考辅导训练一一选修3-2 （共五课时）-17 -第一课时：电磁感应现象楞次定律一、单项选择题1. （2011年台州调研）如图所示，在匀强磁场中的矩形金属轨道上，有等长的两根金属 棒ab和cd,它们以相同的速度匀速运动，则 （）e 4A.断开电键K, ab中有感应电流B.闭合电键K, ab中有感应电流C.无论断开还是闭合电键K, ab中都有感应电流D.无论断开还是闭合电键K, ab中都没有感应电流若断开电键K,两根金属棒解析：选B.两根金属棒ab和cd以相同的速度匀速运动,与导轨构成的回路中磁通量无变化，则回路中无感应电流，故A、C错误;两根金属棒与导轨构成的回路中磁通量发生变化，则回

2、路中有感应电流，故误.2.如图所示的闭合铁芯上绕有一组线圈，与滑动变阻器、电池构成闭合电路,若闭合电键B正确，a、K,D错b、c为三个闭合金属圆环，假定线圈产生的磁场全部集中在铁芯内，则当滑动变阻器的滑片左、 右滑动时，能产生感应电流的金属圆环是（）三3工 _ IA. a、C. a、 解析：终为零，故vb两个环B. b、c两个环c两个环D. a、b、c三个环选A.当滑片左、右滑动时，通过 a、b的磁通量变化，而通过 c环的合磁通量始 a、b两环中产生感应电流，而 c环中不产生感应电流.3. （2011年慈溪中学检测）如图所示，同一平面内的三条平行导线串有两个电阻R和r,导体棒PQ与三条导线接触

3、良好，匀强磁场的方向垂直纸面向里，导体棒的电阻可忽略.当 导体棒向左滑动时，下列说法正确的是（）A.B.C.D.流过 流过 流过 流过R的电流为由 R的电流为由 R的电流为由 R的电流为由d到c, c 至1J d, d到c, c 至1J d,流过 流过 流过 流过解析：选B.根据右手定则，可判断r的电流为由 r的电流为由 r的电流为由 r的电流为由PQ作为电源,b到 b到 a到 a到a a b bQ端电势高，在PQcd回路中，电流寻找磁单极子的实验，他设想，如果一个只有N极的磁单极子从上向为逆时针方向，即流过 R的电流为由c到d,在电阻r的回路中，电流为顺时针方向，即流过r的电流为由b到a.当

4、然也可以用楞次定律，通过回路的磁通量的变化判断电流方向.4. 1931年英国物理学家狄拉克从理论上预言：存在只有一个磁极的粒子，即“磁单极子”.1982年，美国物理学家卡布莱拉设计了一个下穿过如图所示的超导线圈，那么，从上向下看，超导线圈上将出现（）A.先是逆时针方向，然后是顺时针方向的感应电流B.先是顺时针方向，然后是逆时针方向的感应电流C.顺时针方向持续流动的感应电流D.逆时针方向持续流动的感应电流解析：选D.N单极子向下靠近时，磁通量向下增加，当 N单极子向下离开时，磁通量 向上且减小，产生的感应电流均为逆时针方向.5.如图所示，粗糙水平桌面上有一质量为m的铜质矩形线圈.当一竖直放置的条

5、形磁铁从线圈中线 AB正上方等高快速经过时，若线圈始终不动，则关于线圈受到的支持力Fn及在水平方向运动趋势的正确判断是（）A . Fn先小于mg后大于mg,运动趋势向左B. Fn先大于mg后小于mg,运动趋势向左C. Fn先小于mg后大小mg,运动趋势向右D. Fn先大于mg后小于mg,运动趋势向右解析：选D.当一竖直放置的条形磁铁从线圈中线AB正上方等高快速经过时， 线圈中向下的磁通量先增加后减小，由楞次定律可知，线圈中先产生逆时针方向的感应电流后产生顺时针方向的感应电流，线圈先左侧受到向右下的安培力，后右侧受到向右上 的安培力，因此 Fn先大于mg后小于mg,运动趋势向右，所以正确选项是

6、D.6 . （2011年镇海中学高三月考）如图，一磁铁用细线悬挂，一个很长的铜 管固定在磁铁的正下方，开始时磁铁上端与铜管上端相平，烧断细线，磁铁 落入铜管的过程中，下列说法正确的是（）磁铁下落的加速度先增大，后减小磁铁下落的加速度恒定磁铁下落的速度先增大后减小磁铁下落的加速度一直减小最后为零磁铁下落的速度逐渐增大，最后匀速运动A.只有正确B.只有正确C.只有正确D.只有正确解析：选D.磁铁下落过程中，将在铜管中产生感应电流，由楞次定律可知, 到阻碍，磁铁下落速度越大， 阻力越大，加速度越小，当阻力与重力相等时,磁铁将受加速度减为0,速度达到最大，磁铁以此速度匀速运动，故只有 D项正确.二、不

7、定项选择题7 .如图所示，AOC是光滑的金属轨道，AO沿竖直方向，OC沿水 x 平方向，PQ是一根金属直杆如图立在导轨上， 直杆从图示位置由静止开彳3* * 始在重力作用下运动，运动过程中 Q端始终在OC上，空间存在着垂直 . 纸面向外的匀强磁场，则在PQ杆滑动的过程中，下列判断正确的是（）：A.感应电流的方向始终是由 P-Q-8 .感应电流的方向先是由 P-Q,后是由Q-PC. PQ受磁场力的方向垂直杆向左D. PQ受磁场力的方向先垂直于杆向左，后垂直于杆向右解析：选BD.在PQ杆滑动的过程中，杆与导轨所围成的三角形面积先增大后减小，三角形POQ内的磁通量先增大后减小，由楞次定律可判断B项对

8、，再由PQ中电流方向及左手定则可判断D项对.8.如图所示，沿x轴、y轴有两根长直导线，互相绝缘.x轴上的导线中通有沿一x方向的电流，y轴上的导线中通有沿+ y方向的电流，两虚 线是坐标轴所夹角的角平分线.a、b、c、d是四个圆心在虚线上、与坐标原点等距的相同的圆形导线环.当两直导线中的电流从相同大小，以相同的快慢均匀减小时，各导线环中的感应电流情况是（）A. a中有逆时针方向的电流B. b中有顺时针方向的电流C. c中有逆时针方向的电流D. d中有顺时针方向的电流解析：选BC.先根据安培定则可以判断a、b、c、d圆环所在区域的合磁场、合磁通,a、d圆环内合磁通为零，b圆环内合磁通方向向里，c圆

9、环内合磁通方向向外.再根据楞次定律可以判断b圆环上感应电流方向为顺时针， c圆环上感应电流方向为逆时针，故答案为B、C.9 .如图所示为地磁场磁感线的示意图.在北半球地磁场的竖直分量向下.飞机在我国上空匀速巡航，机翼保持水平，飞行高度不变，由于地磁场的作用，金属机翼上有电势差. 设 飞行员左方机翼末端处的电势为 Ui,右方机翼末端处的电势为 U2,则（）A.若飞机从西往东飞，Ui比U2高10 若飞机从东往西飞， U2比Ui高C.若飞机从南往北飞， Ui比U2高D.若飞机从北往南飞，U2比Ui高解析：选AC.北半球的地磁场的竖直分量向下，其俯视图如图所示，对水平飞行的飞机,其机翼可等效为一水平放

10、置的导体棒，应用右手定则可判断， 向北飞行时，左方机翼末端电势高.并可得出如下结论：在北半球，不论飞机沿何方向水平飞行，都是飞机左翼电势高；在南半球，不论飞机沿何方向水平飞行，都是飞机右翼电势高.（右手定则中四指的指向即C正确.等效电源的正极，因为在电源内部电流从负极流向正极）故A、K闭合后压力传感器的示数变为2 N.则磁场的变化情况可能是（）B.向上均匀减小D,向下均匀增大与左侧水平放置的线圈通10. （20ii年山东潍坊模拟）如图所示，两块金属板水平放置,过开关K用导线连接.压力传感器上表面绝缘，位于两金属板间，带正电的小球静置于压力传感器上，均匀变化的磁场沿线圈的轴向穿过线圈.K未接通时

11、压力传感器的示数为i N,A.向上均匀增大 C.向下均匀减小解析：选AC.K闭合后，向上均匀增大或向下均匀减小磁场都能使上金属板带正电，下金属板带负电，带正电的小球受竖直向下的电场力，压力传感器示数变大.11. （2011年湖北黄冈调研）如图所示，一半圆形铝框处在水平向Bo外的非匀强磁场中， 场中各点的磁感应强度为 By= 比，y为该点到地 面的距离，c为常数，Bo为一定值.铝框平面与磁场垂直，直径 ab水平，（空气阻力不计）铝框由静止释放下落的过程中（）A.铝框回路磁通量不变，感应电动势为0B.回路中感应电流沿顺时针方向，直径ab两点间电势差为0C.铝框下落的加速度大小一定小于重力加速度gD

12、.直径ab受安培力向上，半圆弧 ab受安培力向下，铝框下落加速度大小可能等于 g 解析：选C.由题意知，y越小，By越大，下落过程中，磁通量逐渐增加， A错误；由楞次定律判断，铝框中电流沿顺时针方向，但UabWO, B错误；直径ab受安培力向上，半圆弧ab受安培力向下，但直径 ab处在磁场较强的位置，所受安培力较大，半圆弧 ab的等效水平长度与直径相等， 但处在磁场较弱的位置， 所受安培力较小，这样整个铝框受安培力的 合力向上，故C正确D错误.三、计算题制12.如图所示，固定于水平面上的金属架CDEF处在竖直向下的匀-rpX x卜x强磁场中，金属棒 MN沿框架以速度v向右做匀速运动.t=0时，

13、磁感 x久：到 应强度为Bo,此时MN到达的位置使 MDEN构成一个边长为l的正方 :友 口. 形.为使MN棒中不产生感应电流， 从t = 0开始，磁感应强度B应怎样 E 随时间t变化？请推导出这种情况下 B与t的关系式.1解析：要使MN棒中不产生感应电流，应使穿过线圈平面的磁通量不发生变化在t=0时刻，穿过线圈平面的磁通量1 = BoS=Bol2设t时刻的磁感应强度为B,此时磁通量为D2=Bl(l + vt)由1 =2得B = B .l+ vt答案：B随t减小，B = -b2Ll + vt第二课时：法拉第电磁感应定律自感 涡流一、单项选择题1 .穿过闭合回路的磁通量 随时间t变化的图象分别如

14、图中的甲丁所示.下列关于 回路中产生的感应电动势的论述中正确的是（）即A.图甲中回路产生的感应电动势恒定不变B.图乙中回路产生的感应电动势一直在变大C.图丙中回路在0ti时间内产生的感应电动势小于在tit2时间内产生的感应电动势D.图丁中回路产生的感应电动势先变小后变大解析：选D.根据法拉第电磁感应定律：感应电动势等于磁通量的变化率，得到在图甲中的磁通量不变，所以不会产生感应电动势，选项 A错误.由数学知识得图乙中的磁通量 变化率是恒定的，所以产生的感应电动势是恒定的，选项 B错误.图丙中回路在 0ti时间 内与tit2时间内磁通量的变化率都是恒定的，故产生恒定的电动势，但是0ti时间内的磁通

15、量的变化率大于 tit2时间内磁通量的变化率，所以前一段时间内产生的感应电动势大 于后一段时间内产生的感应电动势，选项C错误.图丁中的磁通量的变化率是先变小后变大，产生的感应电动势也是先变小后变大.所以本题的正确选项应该为D.2 . （20ii年江苏南通一模）电磁炉是利用电磁感应现象产生的涡流，使锅体发热从而加 热食物.下列相关的说法中正确的是（）A.锅体中涡流的强弱与磁场变化的频率有关B.电磁炉中通入电压足够高的直流电也能正常工作C.金属或环保绝缘材料制成的锅体都可以利用电磁炉来烹饪食物D.电磁炉的上表面一般都用金属材料制成，以加快热传递、减少热损耗解析：选A.涡流是高频交流电产生的磁场引起

16、的电磁感应现象，故选项 A正确、B错 误；电磁炉表面一般用绝缘材料制成，避免产生涡流，锅体用金属制成利用涡流加热食物， 故选项C、D错误.3 .如图中半径为r的金属圆盘在垂直于盘面的匀强磁场B中，”8 士绕O轴以角速度 3沿逆时针方向匀速转动，则通过电阻R的电流的方向和大小是（金属圆盘的电阻不计）（）yrJA.由 c 至1Jd, I=Br2R下-B.由 d 到 c, I = Br2Rd:C.由 c 至U d, I = Br2（2R）D.由 d 至ij c, I=Br2（2R）解析：选D.金属圆盘在匀强磁场中匀速转动，可以等效为无数根长为r的导体棒绕 O点做匀速圆周运动，其产生的感应电动势大小为

17、E=Br2w/2,由右手定则可知其方向由外指向圆心，故通过电阻 R的电流I=Br2M（2R）,方向由d至U c,故选D项.4. （20ii年宁波效实中学检测）图中电感线圈L的直流电阻为Rl,小 灯泡的电阻为R,小量程电流表 Gi、G2的内阻不计.当开关 S闭合且稳 定后，电流表Gi、G2的指针均偏向右侧（电流表的零刻度在表盘的中央 ）, 则当开关S断开时，下列说法中正确的是 （）A. Gi、G2的指针都立即回到零点B. Gi缓慢回到零点，G2立即左偏，然后缓慢回到零点C. Gi立即回到零点，G2缓慢回到零点D. G2立即回到零点,Gi缓慢回到零点解析：选B.S闭合且稳定时，通过电流表Gi、G2

18、两条支路的电流均由左向右.断开 S, L中产生自感电动势，由 “增反减同”可知，自 感电动势E自的方向一定与原电流方向相同，等效电路如图所示.显然，断开S后，在E自的作用下，回路中将继续形成沿顺时针方向的电流，这时流经电流表G2支路的电流方向变为由右向左.由于这段时间内E自是逐渐减小的，故电流也是逐渐减小的.5. （2010年高考北京卷）在如图所示的电路中，两个相同的小灯泡Li和L2分别串联一个带铁芯的电感线圈L和一个滑动变阻器 R.闭合开关S后，调整R,使Li和L2发光的亮度一样，此时流过两个灯泡的电流均为 I.然后，断开S.若t时刻再闭合S,则在t前后的一小段时间内，正确 反映流过Li的电

19、流ii、流过L2的电流i2随时间t变化的图象是（）ahCn解析：选B.由题中给出的电路可知，电路由 L与Li和L2与R两个支路并联，在t时 刻，Li支路的电流因为有 L的自感作用，所以ii由零逐渐增大，L2支路为纯电阻电路，i2 不存在逐渐增大的过程，所以选项 B正确.6. （20i0年高考江苏卷）一矩形线框置于匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直.先保 持线框的面积不变，将磁感应强度在is时间内均匀地增大到原来的两倍.接着保持增大后的磁感应强度不变，在 i s时间内，再将线框的面积均匀地减小到原来的一半.先后两个过 程中，线框中感应电动势的比值为 （）A. 2B iC. 2D. 4解析：选B.

20、根据法拉第电磁感应定律 E = = S,设初始时刻磁感应强度为 B。，线 AtAt，a BS 2Bo Bo So圈面积为So,则第一种情况下的感应电动势为Ei = BS =i= BoS0;第二种情况ABS 2Bo So- So/2下的感应电动势为 E2 = Fp=1=BoSo,所以两种情况下线圈中的感应电动势相等，比值为i,故选项B正确.二、不定项选择题7. （2oii年嘉兴模拟）在竖直向下的匀强磁场中，将一水平放置的 金属棒PQ以初速度vo水平抛出，如图所示.棒在运动过程中始终保持 水平，空气阻力不计，那么，下列说法中正确的是（）A . PQ棒两端的电势一定满足 帜（Q8. PQ棒中的感应电

21、动势越来越大9. PQ棒中的感应电动势越来越小10. PQ棒中的感应电动势保持不变解析：选AD. PQ棒水平切割磁感线， 利用右手定则可判断两端的电势一定满足加 加,A正确；因PQ棒水平方向速度不变，竖直方向不切割磁感线，所以 PQ棒中的感应电动势 保持不变，D正确.8. （2oio年高考大纲全国卷I ）某地的地磁场磁感应强度的竖直分量方向向下，大小为 4.5X io-5T. 一灵敏电压表连接在当地入海河段的两岸，河宽ioo m,该河段涨潮和落潮时有海水（视为导体）流过.设落潮时，海水自西向东流，流速为 2 m/s.下列说法正确的是（）A .电压表记录的电压为 5 mV8 .电压表记录的电压为

22、 9 mVC.河南岸的电势较高D.河北岸的电势较高解析：选BD.可以将海水视为垂直河岸方向放置的导体平动切割地磁场的磁感线产生感 应电动势，由E=BLv=9 mV, B项正确；由右手定则可知，感应电流方向由南向北，故河北岸的电势较高，D项正确.9 .一个由电阻均匀的导线绕制成的闭合线圈放在匀强磁场中，如图所示,线圈平面与磁场方向成60角，磁感应强度随时间均匀变化，用下列哪些方法可使感应电流增加一倍（）A .把线圈匝数增加一倍B.把线圈面积增加一倍C.把线圈半径增加一倍D .改变线圈与磁场方向的夹角AE n At解析：选C.设导线的电阻率为p,横截面积为So,线圈的半径为 r,则I = E=一丁

23、R R2 ABnTsin0 Sor AB一一-=丁 77 sin a可见将r增加一倍，I增加1倍，将线圈与磁场方向的夹角改变时, n 2兀2 P及P S0sin。不能变为原来的2倍（因sin。最大值为1）,若将线圈的面积增加一倍，半径r增加到原来的42倍，电流也增加到原来的 也倍，I与线圈匝数无关.10.如图所示，水平面内两光滑的平行金属导轨，左端与电阻R相连接，匀强磁场B竖直向下分布在导轨所在的空间内，质量一定的金属棒垂直于导轨并与导轨接触良好.今对金属棒施加一个水平向右的外力RF,使金属棒从a位置开始向右做初速度为零的匀加速运动，依次通过 位置b和c.若导轨与金属棒的电阻不计，ab与bc的

24、距离相等，关于金属棒在运动过程中的有关说法正确的是（）A.金属棒通过 b、c两位置时，电阻 R的电功率之比为 1： 2B.金属棒通过b、c两位置时，外力 F的大小之比为1 ：必C.从a至ij b和从b到c的两个过程中，电阻 R上产生的热量之比为 1 ： 1D.从a到b和从b到c的两个过程中，通过金属棒横截面的电荷量之比为1 ： 1解析：选AD.由题意知Vc=J2vb,所以Ec= /2Eb, Ic= J21b,电阻R消耗的功率P= I2R, 所以Pbd= 1, A正确；所需的外力 F = BL2v+ma,而金属棒所受的安培力 U=为Pc Ic 2RFc vc2因加速度未知，B错误；金属棒从a到b

25、和从b到c的两个过程中外力做功WiW2,由动能E定理可知动能的增加量 AEk1= Ek2,由能量守恒定律可知 Qimg=1 N,故ab杆做减速直线运 动，速度减小，安培力也减小，加速度越来越小，最后加速度减为零时做匀速运动，故 正确.3.竖直平面内有一形状为抛物线的光滑曲面轨道，如图所示， 抛物线方程是 y=x2,轨道下半部分处在一个水平向外的匀强磁场 中，磁场的上边界是 y=a的直线（图中虚线所示），一个小金属环从 抛物线上y=b（ba）处以速度v沿抛物线下滑，假设抛物线足够长，金属环沿抛物线下滑后产生的焦耳热总量是()1 2 B,mvC. mg(b a)12D. mg(ba) + ?mv解

26、析：选D.小金属环进入或离开磁场时，磁通量会发生变化，并产生感应电流，产生焦耳热；当小金属环全部进入磁场后，不产生感应电流，小金属环最终在磁场中做往复运动, 由能量守恒可得产生的焦耳热等于减少的机械能，即Q = 1mv2+ mgb2I，、，12mga= mg(b a) + 2mv2.4.（2010年高考大纲全国卷n ）如图，空间某区域中有一匀强磁场，磁感应强度方向水平，且垂直于纸面向里，磁场上边界b和下XXXxxx|MMXXXX边界d水平.在竖直面内有一矩形金属线圈，线圈上下边的距离很短， 下边水平.线圈从水平面a开始下落.已知磁场上下边界之间的距离大于水平面a、b之间的距离.若线圈下边刚通过

27、水平面b、c（位于磁场中）和d时，线圈所受到的磁场力的大小分别为Fb、Fc和Fd,B. FcFdFcFbC. FcFbFdD. FcFb两解析：选C.01 s内磁感应强度均匀增大，根据楞次定律和法拉第电磁感应定律可判定，感应电流为逆时针（为负值）、大小为定值，A、B错误；4 s5 s内磁感应强度恒定，穿 过线圈abcd的磁通量不变化，无感应电流， D错误.、不定项选择题7 .如图所示，用粗细相同的铜丝做成边长分别为L和2L的两只闭合线框a和b,以相同的速度从磁感应强度为B的匀强磁场区域中匀速地拉到磁场外，则下列说法正确的是（）A.产生的焦耳热之比为 1 ： 48 .产生的焦耳热之比为 1 ：

28、1C.通过铜丝某截面的电量之比为1 ： 2D.通过铜丝某截面的电量之比为1 ： 4外力做功等于电能,而电能又全部转化为焦耳解析：选AC.根据能的转化和守恒可知,BLv 2 L热 Wa=Qa=Ra VB2Lv 2 2LWb= Qb= RbV由电阻定律知Rb=2Ra,故Wa Wb= 1 4, A对B错;由产生的电量QnnBS得， R RQa Qb= 12, C 对 D 错.8. （2011年金华十校联考）如图所示，一个水平放置的 形光滑导轨固定在磁感应强度为B的匀强磁场中，ab是粗细、材料与导轨完全相同的导体棒，导体棒与导轨接触良好.在外力作用 下、导体棒以恒定速度 v向右平动，以导体棒在图中所示

29、位置的时 刻为计时起点，则回路中感应电动势E、感应电流I、导体棒所受外力的功率P和回路中产生的焦耳热 Q随时间t变化的下列图象中 正确的是（）解析：选AC.设形导轨的夹角为 仇经过时间t,导体棒的水平位移为 x=vt,导体棒切割磁感线的有效长度L=vttan。，所以回路中感应电动势E=BLv=Bv2ttan Q感应电动势与时间t成正比，A正确；相似三角形的三边长之比为定值，故组成回路的三角形导轨总长度与时间成正比，故感应电流大小与时间无关，B错误；导体棒匀速移动，外力 F与导体棒所受安培力为平衡力，故回路的外力的功率P=Fv=BILv=BIv2ttan2与时间成正比，故C正确；回路产生的焦耳热

30、Q=I2Rt,式中电流不变，回路电阻与t成正比，故焦耳热Q与t2成正比，D错误.9. （2009年高考福建理综卷）如图所示，固定放置在同一水平面内的两根平行长直金属 导轨的间距为d,其右端接有阻值为 R的电阻，整个装置处在竖直向上磁感应强度大小为B的匀强磁场中.一质量为m（质量分布均匀）的导体杆ab垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为旧现杆在水平向左、垂直于杆的恒力F作用下从静止开始沿导轨运动距离l时，速度恰好达到最大（运动过程中杆始终与导轨保持垂直）.设杆接入电路的电阻为 r,导轨电阻不计，重力加速度大小为g.则此过程（）,f t 1A.杆的速度最大值为B.流过

31、电阻R的电量为B2d2 BdlR+ rC.恒力F做的功与摩擦力做的功之和等于杆动能的变化量D .恒力F做的功与安培力做的功之和大于杆动能的变化量解析：选BD.A选项中，当杆达到最大速度况如图所示，在水平方向受拉力F、安培力F擦力Ff=科mg三个力的合力为零：F- B d vR+ rmg= 0,解得 vv时，其受力情B2d2v安=3、滑动摩R+ rFmgR+ rB A一一;B选项中，平均电动势为 E = W,平均电流为EA,I =,通过R+ rR+ r At一一A一 A Bdl的电重 q = I , k ,而（!）= B 3= Bdl,贝U q=;C选项中，由动能定理得Wf WFfW安=AEk；

32、 D选项中，由前式可得 Wf W安=AEk + WFf AEk.本题正确选项为 BD.10. （2011年浙江调研）如图所示，光滑金属导轨 AC、AD固定在水 K *平面内，并处在方向竖直向下、大小为 B的匀强磁场中.有一质量为 m C fL 的导体棒以初速度 V0从某位置开始在导轨上水平向右运动，最终恰好静a止在A点.在运动过程中，导体棒与导轨始终构成等边三角形回路，且x通过A点的总电荷量为 Q.已知导体棒与导轨间的接触电阻阻值恒为R, k巳/T .其余电阻不计.则（）A.该过程中导体棒做匀减速运动B.该过程中接触电阻产生的热量为1mv28,一，, 一 ，QRC.开始运动时，导体棒与导轨所构

33、成回路的面积为s=-BD.当导体棒的速度为2v。时，回路中感应电流大小为初始时的一半解析：选C.由于导体棒在向右运动切割磁感线产生感应电流，同时受到水平向左的安培力，所以导体棒速度逐渐减小，速度减小又使得感应电动势、感应电流、安培力均减小，所以导体棒做加速度逐渐减小的变减速运动，A错误；由能量守恒可知整个运动过程中导体棒损失的动能全部转化为内能，故B错误；设开始运动时，导体棒和导轨构成的回路的面积为S,运动时间为t,则整个过程中回路中的平均感应电动势为E=BS/t；平均感应电流为I=E/R，则运动过程中通过 A点的电荷量为 Q= It.联立式可得 S=QR,故CB1.、.正确；导体棒在运动过程

34、中切割磁感线的有效长度逐渐减小，当速度为 2V0时，广生的感应电动势小于开始运动时产生的感应电动势的一半，此时感应电流小于开始时的一半，故D错误.三、计算题11. （2011年绍兴一中高三质量检测）如图所示，用质量为m、电阻为R的均匀导线做成 边长为l的单匝正方形线框 MNPQ,线框每一边的电阻都相等.将线框置于光滑绝缘的水平面上.在线框的右侧存在竖直方向的有界匀强磁场，磁场边界间的距离为 2l,磁感应强度为B.在垂直MN边的水平拉力作用下， 线框以垂直磁场边界的速度 v匀速穿过磁场.在运动过 程中线框平面水平，且 MN边与磁场的边界平行.求：高中物理备考辅导训练一一选修3-2 (共五课时)-

35、19 -线中I MN边刚进入磁场时，线框中感应电流的大小；(2)线中g MN边刚进入磁场时， M、N两点间白电压 Umn；W.(3)在线中g从MN边刚进入磁场到PQ边刚穿出磁场的过程中，水平拉力对线框所做的功解析：(1)线木g MN边在磁场中运动时，感应电动势 E=Blv线框中的感应电流i=E=BV.R R33(2)M、N两点间的电压Umn=E = 4B1v.只有MN边在磁场中时，线框运动的时间t=5一B2l3此过程线框中广生的焦耳热Qi= I2Rt=RB213V只有PQ边在磁场中运动时线框中产生的焦耳热Q2=-=rv根据能量守恒定律得水平外力做的功2B213VW= Qi + Q2=r R答案

36、：见解析12. (2010年高考天津理综卷)如图所示，质量 mi = 0.1 kg,电阻Ri= 0.3 R长度l=0.4 m的导体棒ab横放在U形金属框架上.框架质量 m2 =0.2 kg,放在绝缘水平面上，与水平 面间的动摩擦因数 -0.2.相距0.4 m的MM、NN相互平行，电阻不计且足够长.电阻 R2= 0.1 的MN垂直于MM.整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度-=0.5T.垂直于ab施加F=2 N的水平恒力，ab从静止开始无摩擦地运动，始终与MM 、NN 保持良好接触.当 ab运动到某处时，框架开始运动.设框架与水平面间最大静摩擦力等于 滑动摩擦力，g取10 m/s2(1)

37、求框架开始运动时 ab速度v的大小；(2)从ab开始运动到框架开始运动的过程中，MN上产生的热量Q= 0.1 J,求该过程ab位移x的大小.解析：ab对框架白压力F1 = m1g框架受水平面的支持力 Fn = m2g + F1依题意，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则框架受到最大静摩擦力F2= 加ab中的感应电动势 E = BlvMN中电流I = -ER1 + R2MN受到的安培力F安=IlB框架开始运动时 F安=52由上述各式代入数据解得v = 6 m/s.Ri+ R2(2)闭合回路中产生的总热量 Q总=R2 Q，八一、一八一1C由能重寸恒7E律，得Fx=2miv2+Q总代入数据解得x= 1.1

38、 m.答案：(1)6 m/s (2)1.1 m第四课时：交变电流的产生和描述一、单项选择题1.正弦交变电源与电阻 R、交流电压表按照图甲所示的方式连接，R= 10 Q交流电压表的示数是10 V.图乙是交变电源输出电压 u随时间t变化的图象，则()u/V甲乙A.通过R的电流iR随时间t变化的规律是iR=V2cos100 t(A)B.通过R的电流iR随时间t变化的规律是iR=V2cos50大(A)C. R两端的电压 ur随时间t变化的规律是 ur= 542cos100 t(V)D. R两端的电压ur随时间t变化的规律是Ur=5/2cos50 t(V)解析：选A.交流电压表示数为10 V,是有效值，

39、故Um=10V2v,电阻上的交变电流与 交变电压的变化趋势相同，电阻R上电流的最大值为1042/10 A = 42 A,又因t=0时，u= um,故 iR=/2cos100 tj(A), uR=10f2cos 100 t(V),故选 A.下列四幅图是交流电的图象，其中能正确反映我国居民日常生活所用交流电的是 ()解析：选C.我国居民日常生活所用的是正弦式交流电，其电压的有效值是220 V,最大值为311 V,周期为0.02 s,所以只有C正确.2. (2011年湖南长沙模拟)一个阻值为2皿线圈在匀强磁场中转动，产生的交变电动势为 e= 102sin20 tV,当该线圈与一阻值为 8 的电阻组成

40、闭合回路时，下列说法正确的是 ()A. t=0时，线圈平面位于中性面B. t = 0时，穿过线圈的磁通量为0C.电阻的热功率为 16 WD.用电压表测路端电压时读数为11.3 V答案：A3. (2011年金华模拟)两只相同的电阻，分别通过正弦波形的交流电和方波形的交流 电.两种交变电流的最大值相等，波形如图所示.在正弦波形交流电的一个周期内，正弦波形交流电在电阻上产生的焦耳热 Q1与方波形交流电在电阻上产生的焦耳热Q2之比Q1等于Q2 ()高中物理备考辅导训练一一选修3-2 （共五课时）A. 3 ： 1C. 2 ： 1答案：BD. 4 ： 35.小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转

41、动，产生的感应电动势与时 间呈正弦函数关系，如图所示，此线圈与一个R= 10 Q的电阻构成闭合电路.不计电路的其他电阻.下列说法正确的是0.125 sA.交变电流的周期为B.交变电流的频率为 8 HzC.交变电流的有效值为V2 AD.交变电流的最大值为4 A解析：选C.由图象可以看出，此交变电流的周期为 0.250 s,电压的最大值 Um=20 V.所以交变电流的频率为 4 Hz, A、B均错误；交变电流的最大值Im=Uf=2 A,有效值I =R啦A, C正确，D错误.6. （2009年高考福建理综卷）一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象 如图甲所示.已知发电机线圈内阻为 5.0

42、 Q现外接一只电阻为 95.0 泌灯泡，如图乙所示, 则（）50次乙A .电压表V的示数为220 VB.电路中的电流方向每秒钟改变D.发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为 解析：选D.电动势的有效值为E = 22224.2 JV = 220 V,所以电流的有效值E I =R+ rC.灯泡实际消耗的功率为484 W220一 A = 2.2 A,所以电压表的本数为U = IR = 2.2X95.0 V = 209 V,选项A错；交变电95.0+5.01流的频率为f = T= 50 Hz,每个周期内电流万向改变2次，故每秒钟内电流万向改变100次,选项B错；灯泡实际消耗的功率为P灯= I2R= 2.2

43、2X 95.0 W =459.8 W,故选项C错；发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为Q= 12rt= 2.22X 5.0X 1 J= 24.2 J,选项D对.二、不定项选择题7 .如图所示的线圈中产生了交变电流的是（）IBCD-21 -解析：选BCD.当线圈绕垂直于磁场的轴转动，磁通量发生变化，才能产生交变电流,B、C、D均符合要求，A项中线圈的磁通量不发生变化，故不产生交变电流.8 . （2011年湖州高三质检）如图甲所示，电阻 R的阻值为50 Q,在ab间加上图乙所示 的正弦交流电，则下面说法中正确的是（）A.电阻R的功率为200 W9 .电流表示数为2 AC.产生该交流电的线圈在磁场中转

44、动的角速度为3.14 rad/sD.如果产生该交流电的线圈转速提高一倍，则电流表的示数也增大一倍答案：ABD10 内阻不计的交流发电机产生的电动势E=10sin50 t（V）,所接负载的电阻 R=10 Q现把发电机的转速提高一倍，则（）A .负载两端电压的有效值将变为28.2 VB.交流电的频率将变为50 HzC.负载消耗的功率将变为20 WD,负载消耗的功率将变为40 W解析：选BC.原来的电动势最大值为10 V,有效值为7.07 V,当发电机的转速提高一倍时，角速度增加一倍，频率也增加一倍,电动势最大值和有效值均增加一倍，表达式可以写为E= 20 sin 100 t（V）,由此可以看出提高

45、转速后频率变为50 Hz ,电动势有效值为14.14 V ,负载消耗的功率将变为20 W.故B、C正确.10. （2011年绍兴一中检测）电阻为1 的某矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀 速转动时，所产生的正弦交流电的图象如图线a所示；当调整线圈转速后，该线圈中所产生的正弦交流电的图象如图线b所示，以下关于这两个正弦交流电的说法正确的是 （）A.在图中t=0时刻穿过线圈的磁通量均为零B.线圈先后两次转速之比为 3 : 2C.交流电a的电动势的有效值为 5M2 VD.交流电b的电动势的最大值为 5 V解析：选BC.由图象可知，t = 0时刻线圈中的感应电流为 0,感应电动势为 0,穿过线圈的

46、磁通量的变化率为 0,所以穿过线圈的磁通量最大，A错误；由图象可得线圈先后两次高中物理备考辅导训练一一选修3-2 （共五课时）转动的周期之比为0.4 ：0.6=2 3,转速与周期成反比,正确；由图象可得交流电 a的电流的最大值为10 A,所以线圈先后两次转速之比为3 2, B10-由 E=nBSco, 3=不%*D错误.有效值为72 A = 542 A,又矩形线圈的电阻为1 Q所以交流电a的电动势的有效值为 5# V, C正确;得电动势与周期成反比，所以交流电b的电动势的最大值为20 V3三、计算题11.如图所示，间距为 L的光滑水平金属导轨，水平地放置在竖 直方向的磁感应强度为 B的匀强磁场

47、中，一端接阻值为 R的电阻.量为m的导体棒放置在导轨上，其电阻为Ro.在拉力F作用下从t=0的时刻开始运动，其速度随时间的变化规律为v= vmsincot,不计导轨电阻.求：(1)从t = 0到t=2间内电阻R产生的热量.(2)从t = 0到t=优时间内拉力F所做的功.解析：(1)e= BLv= BLvmsin3 teBLvm .Ro+R Ro+ Rs a t电流的有效值1 =ImBLVm-27 -在t= 0t = 4时间内在R上产生的热量为:Q |2RtBL Vm2 R 2_Jt1 Rt 啦 R0+R R 0jRB2 TiB2L2vm=0mVmd-. 4coR+Ro答案：见解析12.电压u=

48、120V2sincotV,频率为50 Hz的交变电流，把它加在激发电压和熄灭电压 均为Uo=6Om V的霓虹灯的两端.(1)求在一个小时内，霓虹灯发光时间有多长？ 1(2)试分析为什么人眼不能感到这种忽明忽暗的现象？(已知人眼的视觉暂留时间约为s)解析：(1)如图所示，画出一个周期内交变电流的u-t图象，其中阴影部分对应的时间 ti表示霓虹灯不能发光的时间，根据对称性，一个周期内霓虹灯不能发光的时间为当 u = uo = 60/2 V 时，L2vmco Ro+ R 2.(2)由 v= vmsin w 佚口:当 t=0 时，v=0当 t= 丁时，v= Vm2 co由功能关系得WF= 1mvm +

49、 I2(R+R0)K714ti由 u = 12042sin 3 V 求得:ti = s1 600再由对称性知一个周期内能发光的时间:再由比例关系求得一个小时内霓虹灯发光的时间为:t=3600、/ 1x -0.02 75s= 2400 s.1300116s（如图中t2s远大于300（2）很明显霓虹灯在工作过程中是忽明忽暗的，而熄灭的时间间隔只有 + t3那段时间），由于人的眼睛具有视觉暂留现象，而这个视觉暂留时间约为 s,因此经过灯光刺激的人眼不会因为短暂的熄灭而有所感觉.答案：（1）2400 s （2）见解析高中物理备考辅导训练一一选修 3-2 （共五课时）第五课时：变压器 远距离输电一、单项

50、选择题1. （2011年嘉兴模拟）图是街头变压器通过降压给用户供电的示意图.变压器输入电压 是市电网的电压，不会有很大的波动.输出电压通过输电线输送给用户，输电线的电阻用R0表示，变阻器 R表示用户用电器的总电阻，当滑动变阻器触头P向下移动时，下列说法不正确的是（）A.相当于在增加用电器的数目B. Ai表的示数随A2表的示数的增大而增大C. Vi表的示数随V2表的示数的增大而增大D.变压器的输入功率增大答案：C2. 照明供电线路的路端电压基本上是保持不变的.可是我们在晚上七、八点钟用电高 峰时开灯，电灯比深夜时要显得暗些.这是因为用电高峰时（）A .总电阻比深夜时大，供电线路上的电流小，每盏灯

51、两端的电压较低B.总电阻比深夜时大，供电线路上的电流小，通过每盏灯的电流较小C.总电阻比深夜时小，供电线路上的电流大，输电线上损失的电压较大D.供电线路上的电流恒定，但开的灯比深夜时多，通过每盏灯的电流小解析：选C.照明供电线路的用电器是并联的，晚上七、八点钟用电高峰时，用电器越 多，总电阻越小，供电线路上的电流越大， 输电线上损失的电压较大，用户得到的电压较小,所以C正确.3. 如图所示，一理想变压器原、副线圈匝数比为3： 1,副线圈上接三个相同的灯泡，均能正常发光，原线圈中再串一个相同的灯泡L,则（）A .灯L也能正常发光B.灯L比另外三个灯都暗C.灯L将会被烧坏D,不能确定11n21解析

52、：选A.原、副线圈中的电流之比为 巳=n2=而副线圈中通过每盏灯的电流均为 |2 n13其额定电流I额=兴又11=112,所以通过原线圈中灯 L的电流恰为其额定电流，灯 L正常发 33光，所以A正确.4. （2009年高考四川理综卷）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10： 1,R1=20乌R2=30 Q C为电容器，已知通过 R1的正弦交流电如图乙所示，则 （）甲A.交流电的频率为0.02 HzB.原线圈输入电压的最大值为200M2 VC.电阻R2的电功率约为 6.67 WD.通过R3的电流始终为零解析：选C.由图乙可知交流电频率为50 Hz,所以A错.副线圈电压最大值U2=IiRi=2 V，由*U2可知U1 = 200