高中数学3-2-3向量法在空间垂直关系中的应用同步检测新人教B版选修2-
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1、3.2 第 3 课时向量法在空间垂直关系中的应用一、选择题1若直线l ,且l的方向向量为 (2 ,1,则为 ()1) ,平面 的法向量为 (1 , ,2)m,m2A 4B 6C 8D 8 答案 C 解析 l , l 与平面 的法向量垂直故 211 12 0,m2解得 m 8,故选 C.2若 (1 ,2,2) 是平面 的一个法向量, 则下列向量能作为平面 法向量的是 ()nA(1 , 2,0)B (0 , 2,2)C(2 , 4,4)D (2,4,4) 答案 C 解析 (2 , 4,4) 2(1 , 2,2)2n,(2 , 4,4) 可作为 的一个法向量3(2010 雅安高二检测 ) 已知向量a
2、 (1,1,0), ( 1,0,2),且与 2b互相bka ba垂直,则 k ()7A. 5B 13D.1C.55 答案 A 解析 ka b ( k 1, k, 2),2a b (3,2 , 2) 若 ka b 与 2ab 垂直,则 ( kab) (2 ab) 0.即 3( k 1) 2k 40.7解得 k 5,故选 A.4已知 A(3,0 , 1) 、 B(0 , 2, 6) 、C(2,4 , 2) ,则 ABC是()A等边三角形B等腰三角形C直角三角形D等腰直角三角形 答案 C- 1 - 解析 AB( 3, 2, 5) , AC ( 1,4 , 1) ,则 3( 1) 24 5 0.AB
3、ACAB AC,故 ABC为直角三角形故选 C.又| AB|AC|二、填空题5在直角坐标系 Oxyz 中,已知点 P(2cos x 1,2cos2 x 2,0)和点 Q(cos x, 1,3),其中 x0 , ,若直线 OP与直线 OQ垂直,则 x 的值为 _ 答案 2 或 3 解析 2cos2x 230 2cos22OP OQ cos x(2cos x 1)x cos x 2(2cosx 1) 22 2cos x cosx.2 2cos x cosx 0,1即 cos x 0 或 cos x2, 又 x0 , , x 2 或 3 .6已知点P是平行四边形所在平面外一点,如果 (2,1, 4)
4、 , (4,2,0) ,ABCDABAD ( 1,2 , 1) 对于结论: ; 是平面的法向量; .APAP ABAPADAPABCDAP BD其中正确的是 _ 答案 解析 AB AP2( 1) ( 1) 2 ( 4) ( 1) 2 2 40,则 AB AP. AP AD4( 1) 22 0 0,则 APAD, , , ,AP AB AP AD AB AD AAP平面 ABCD,故 AP是平面 ABCD的一个法向量三、解答题7已知、 、 、D是空间四个不同的点,求证:的充要条AB CAC BD2222件是 ADBC CD AB. 证明 设AB a,AC b,AD c,则 AC BD? b(c
5、a) 0? a b b c,- 2 -22222222222| a|2ADBC CD AB| | BC| CD| | AB|? | c| ( ba) | c b|? | AD? a b ,b c2222AC BD? AD BC CD AB.8如图, ABC中, AC BC,D为 AB边中点, PO平面 ABC,垂足O在上,求证: .CDAB PC 证明 设CA a, CBb, OP v.由条件知, v 是平面 ABC的法向量,v a 0,v b 0,为中点,1 ) ,DAB (aCD 2bO在 CD上,存在实数 ,使 (a ) ,COCD 2bCA CB,|a| |b| , (ba) ( ab
6、) vABCP2 ( a b) (b a) ( b a) v222 2 (| a| | b|) b va v 0,AB CP, AB PC.9已知四棱锥 P ABCD的底面 ABCD是平行四边形,且PA底面,如果 ,求证是矩形ABCDBC PBABCD 证明 由条件知 AP AB, AP AD, AD BC,BC PB, BC PB 0, 0,即AD(ABAP)AD AB ADAP 0,AD AP0, AD AB 0,AD AB,四边形 ABCD为平行四边形,ABCD为矩形10如图,已知直三棱柱 11 1中, ,为的中点, 1.ABC A B CAC BC DABAC BC BB(1) 求证:
7、 BC1AB1;(2) 求证: BC1平面 CA1D.- 3 - 解析 如图,以 C1点为原点, C1A1,C1B1, C1C所在直线分别为x 轴、 y 轴、 z 轴建立空间直角坐标系设 AC BCBB 2,则 A(2,0,2), B(0,2,2) , C(0,0,2), A (2,0,0), B (0,2,0) ,111C1(0,0,0) , D(1,1,2)(1 ) 1 (0 , 2, 2) , 1( 2,2 , 2) ,BCABBC AB 04 4 0,11BC AB, BC AB.1111(2) 取 A C的中点 E, E(1,0,1),1, ED (0,1,1),又 BC (02,
8、2) , ED 21111111111BC,且 ED和 BC不共线,则 ED BC. 又 ED? 平面 CAD, BC?平面CAD,故 BC平面CAD. 点评 第(2)问可求出 (1,1,0) , 1 (2,0, 2) , 1 (0 , 2, 2) ,CDCABCBC1 2CD CA1,BC1与 CD、 CA1共面,1?平面1,1平面1 .BCCADBCCAD11111E11在棱长 AB AD2, AA 3的长方体 ABCD A B CD 中,点11F 是 CD的中点试确定点E 的位置,使是平面 BCCB 上的动点,点D1E平面 AB1F. 解析 建立空间直角坐标系如图,则A(0,0,0),
9、F(1,2,0),1(2,0,3),1(0,2,3),设(2 ,) ?1 (2 , 2, 3) , BDEyzD EyzAF(1,2,0), 1 (2,0,3),ABD1E平面 AB1F,D E AF 0,11 1 0.D EAB- 4 -2 2( y 2) 0y 1,解得5即4 3( z 3) 0z 3.5E(2,1 , 3) 即为所求12如图,在正四棱柱ABCD A1B1C1D1 中,已知 AB 2, AA1 5,E、 F分别为 D1D、 B1B 上的点,且DE B1F 1.(1) 求证: BE平面 ACF;(2) 求点 E 到平面 ACF的距离 解析 (1) 证明:以D为原点,、 、1
10、所在直线分别为x、z轴建立如图所示空DA DC DDy间直角坐标系, 则 D(0,0,0),A(2,0,0),B(2,2,0),C(0,2,0),D(0,0,5),E(0,0,1),F(2,2,4) 1AC ( 2,2,0), AF (0,2,4), BE ( 2, 2,1), AE( 2,0,1)BE AC 0, BE AF0,BE AC,BE AF,且 AC AF A.BE平面 ACF.(2) 解:由 (1)知, BE为平面 ACF的一个法向量, 向量 AE在BE上的射影长,即为点 E 到平面 ACF的距离,设为 d.于是 d | AE|cos AE, BE |5AEBE3.|BE|故点E到平面的距离为5.ACF3- 5 -
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