浙江省温州市2022_2023学年高一物理下学期期末统一检测试题A卷[含答案]

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1、2022学年温州市高一第二学期期末教学质量统一检测 物理试题（A卷） 考生须知： 1．本试题卷分选择题和非选择题两部分，共6页，满分100分，考试时间90分钟。 2．考生答题前，务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题卷上。 3．选择题的答案须用2B铅笔将答题卷上对应题目的答案标号涂黑，如要改动，须将原填涂处用橡皮擦净。 4．非选择题的答案须用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题卷上相应区域内，作图时可先使用2B铅笔，确定后须用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑，答案写在本试题卷上无效。 5．可能用到的相关公式或参数：实验题中重力加速度g取，其它题中g取。 选择题部分

2、一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分） 1. 下列物理量不是通过两个物理量之比定义的是（　　） A. 功 B. 功率 C. 电场强度 D. 电容 【答案】A 【解析】 【详解】A．功是运动物体的位移与力的乘积，不是比值定义的，故A符合题意； B．功率是做功与所用时间的比值，是比值定义的，故B不符合题意； C．电场强度是电势差与沿电场线距离的比值，是比值定义的，故C不符合题意； D．电容是带电量与电势差的比值，是比值定义的，故D不符合题意。 故选A。 2. 下列说法正确的是（　　）

3、 A. 图甲中，小朋友荡秋千过最低点时处于失重状态 B图乙中，制作棉花糖时，糖液因受离心力而被甩出 C. 图丙中，卡车通过拱桥最高点时，对桥面的压力小于重力 D. 图丁中，只要铁道的外轨高于内轨，火车在转弯时轮缘就不会对外轨产生侧向挤压 【答案】C 【解析】 【详解】A．小朋友荡秋千每次摆到最低点时，由秋千的拉力与重力的合力提供所需向心力，加速度向上，小朋友处于超重状态，故A错误； B．制作棉花糖时，糖液受到的合力的大小不足以提供糖液所需要的向心力的大小时，做远离圆心的运动被甩出，离心力是一个效果力不能写受离心力的作用，故B错误； C．卡车通过拱桥最高点时，由重力和支持力提供向

4、心力，有 则 由牛顿第三定律知支持力等于压力，得卡车通过拱桥最高点时，对桥面的压力小于重力，故C正确； D．当铁路弯道处的外轨略高于内轨，火车由重力和支持力的合力恰好提供向心力，以规定速度转弯时内、外轨正好不会受到轮缘的侧向挤压，故D错误。 故选C。 3. 如图所示，在观光车沿水平路面直线行驶的过程中，下列说法正确的是（　　） A. 若观光车匀速行驶，合力对乘客做正功 B. 若观光车匀速行驶，合力对乘客做负功 C. 若观光车加速行驶，合力对乘客做正功 D. 若观光车减速行驶，合力对乘客做正功 【答案】C 【解析】 【详解】AB．若观光车匀速行驶，观光车的动能

5、不变，根据动能定理可知，合力对乘客不做功，故AB错误； C．若观光车加速行驶，观光车的动能增加，根据动能定理可知，合力对乘客做正功，故C正确； D．若观光车减速行驶，观光车的动能减小，根据动能定理可知，合力对乘客做负功，故D错误。 故选C。 4. 下列说法不正确的是（　　） A. 图甲中，建筑物顶端的避雷针利用了尖端放电原理 B. 图乙中，当带电小球靠近金属网时，验电器箔片会张开 C. 图丙中，高压输电线上方的两条接地导线可把高压线屏蔽起来，使它免遭雷击 D. 图丁中，电工穿着含金属丝织物制成的工作服，是为了屏蔽高压线周围的电场 【答案】B 【解析】 【详解】A．图甲

6、中，建筑物顶端的避雷针利用了尖端放电原理，故A正确，不满足题意要求； B．图乙中，当带电小球靠近金属网时，根据静电屏蔽可知，验电器箔片不会张开，故B错误，满足题意要求； C．图丙中，三条高压输电线上方的两条导线与大地相连，形成一个稀疏的金属网，可把高压线屏蔽起来，免遭雷击，故C正确，不满足题意要求； D．图丁中，带电作业工人穿着含金属丝织物制成工作服，金属丝织物能起到静电屏蔽作用，因此能屏蔽高压线周围的电场，D正确，不满足题意要求。 故选B。 5. 科学家发现月球公转周期的变化记录于岩石中，通过对开始形成于数亿年前的岩石进行研究发现，月球公转的周期在缓慢增大。若地球质量保持不变，月球

7、绕地球的运动可近似看成匀速圆周运动，下列说法正确的是（　　） A. 月球正缓慢地远离地球 B. 月球公转角速度越来越大 C. 月球公转的线速度越来越大 D. 月球公转的向心加速度越来越大 【答案】A 【解析】 【详解】A．由万有引力提供向心力，则有 解得 由于月球公转的周期在缓慢增大，可知，轨道半径也在缓慢增大，即月球正缓慢地远离地球，故A正确； B．根据 由于周期增大，则角速度减小，故B错误； C．根据 解得 结合上述，轨道半径增大，则月球公转的线速度越来越小，故C错误； D．根据 解得 结合上述，轨道半径增大，则月球公转的向心加速度

8、越来越小，故D错误。 故选A。 6. 在真空中的一个点电荷的电场中，离该点电荷距离为的一点引入电荷量为的试探电荷，若测得试探电荷所受静电力为，则距离该点电荷的某处的电场强度大小为（　　） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】根据电场强度的定义式和决定式，在该点电荷距离为的一点处的电场强度为 距离该点电荷的某处的电场强度大小为 联立，可得 故选B。 7. 如图所示，两同学在一张白纸上，共同研究运动的合成规律，甲同学手拿铅笔，让笔尖从O点开始，沿着直尺向右匀速画线，与此同时，乙同学推动直尺紧贴纸面沿着y轴正方向做初速度为零的加速

9、运动，该过程中直尺始终与x轴平行，则铅笔在白纸上留下的痕迹可能是（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】笔尖参与了水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的加速直线运动，加速度方向竖直向上，合速度的方向与合加速度的方向不在同一条直线上，笔尖做曲线运动，加速度的方向大致指向轨迹凹的一向。 故选C。 8. 下列说法正确的是（　　） A. 雨滴从2000 m高空开始下落，落地时的速度大小约为200 m/s B. 苹果从高为0.8 m的桌面掉落，落地时的速度大小约为4 m/s C. 在高速行驶的车上，将乒乓球从车窗外释放，乒乓球将相对地面做平抛运动

10、 D. 将羽毛球在2.45 m高处以50 m/s的速度水平击出，羽毛球落地前飞行的水平距离约为35 m 【答案】B 【解析】 【详解】A．根据 但是因为存在阻力作用，导致速度小于200m/s，故A错误； B．苹果从高为0.8 m的桌面掉落，阻力可忽略，落地时的速度大小 故B正确； C．空气阻力对乒乓球影响不可忽略，所以乒乓球不是平抛运动，故C错误； D．因为空气阻力对羽毛球影响不可忽略，所以无法根据平抛运动计算水平位移，故D错误。 故选B。 9. 运球转身是篮球运动中重要的技术动作。如图甲所示为运动员运球转身的瞬间，此时运动员和篮球保持相对静止绕OO′轴转动，手臂上

11、的A点与篮球边缘的B点到转轴的距离之比，下列说法正确的是（　　） A. A、B两点角速度大小之比 B. A、B两点的线速度大小之比 C. A、B两点的周期之比 D. A、B两点的向心加速度大小之比 【答案】D 【解析】 【详解】A．两点属于同轴转动，角速度相等 故A错误； B．由 可得 故B错误； C．周期 周期相等，所以比值为1：1，故C错误； D．由 A、B两点的向心加速度大小之比为1：3，故D正确。 故选D。 10. 某电场的电场线分布如图所示，一带电粒子只在电场力的作用下沿图中虚线运动，先后经过A、B两点。下列说法正确的是（　　

12、） A. 该粒子带负电 B. A点的场强比B点的大 C. A点的电势比B点的高 D. 该粒子在A点的速度大于在B点的速度 【答案】C 【解析】 【详解】A．电粒子仅受电场力，则电场力指向轨迹内侧，根据图形可知，粒子所受电场力方向与电场方向相同，则粒子带正电，故A错误； B．电场线分布的密集程度表示电场强弱，A点位置的电场线分布比B点分布稀疏一些，可知，A点的场强比B点的小，故B错误； C．等势线垂直于电场线，沿电场线电势降低，结合图形，作出过A点与过B点的等势线，可知，A点的电势比B点的高，故C正确； D．结合上述可知，粒子所受电场力方向与速度方向夹角为锐角，电场力对粒

13、子加速，则该粒子在A点的速度小于在B点的速度，故D错误。 故选C。 11. 如图所示，带有一白点的灰色圆盘，绕过其中心且垂直于盘面的轴沿逆时针方向匀速转动，转速n＝20 r/s。在暗室中用每秒闪光18次的频闪光源照射圆盘，则观察到白点（　　） A. 逆时针转动，周期为1s B. 逆时针转动，周期为0.5s C. 顺时针转动，周期为1s D. 顺时针转动，周期为0.5s 【答案】B 【解析】 【详解】由题意黑色圆盘，可绕过其中心，垂直于盘面的轴匀速转动，每秒沿逆时针方向旋转20圈，即频率为 在暗室中用每秒闪光18次的频闪光源照射圆盘，即 则 所以观察到白点逆时

14、针旋转，则有 所以观察到白点每秒逆时针旋转2圈，即转动周期为 故选B。 12. 如图所示为风力发电机，其叶片转动时可形成半径为20m的圆面。某时间内该地的风速为6m/s，风向恰好跟叶片转动的圆面垂直，已知空气的密度为，该风力发电机可将经过此圆面内空气动能的转化为电能。则下列说法正确的是（　　） A. 经过此圆面空气动能的转化为内能 B. 每秒流经此圆面空气的动能约为27.1kJ C. 该风力发电机的发电功率约为16.3kW D. 若风速变为原来的2倍，则发电功率变为原来的4倍 【答案】C 【解析】 【详解】A．该风力发电机可将经过此圆面内空气动能的转化为电能，经

15、过此圆面内空气动能有一部分没有被吸收，所以转化为内能的空气动能小于，故A错误； B．单位时间内风力发电机叶片圆面的气流的体积为 每秒流经涡轮机空气的动能约为 故B错误； C．依题意，风力发动机产生的电功率约为 故C正确； D．风力发动机产生的电功率为 若风速变为原来2倍，则电功率将变为8倍，故D错误。 故选C。 13. 一个电荷量为的点电荷，仅在电场力的作用下沿x轴正方向运动，其动能随位置x变化的关系如图所示，规定处电势为零，下列说法正确的是（　　） A. 在区间，电势随x增大而降低 B. 在处的电势 C. 在区间，电场强度随x增大而减小 D. 该

16、点电荷在处的电势能为 【答案】B 【解析】 【详解】A．由于只有电场力做功，电荷的动能与电势能总和不变，在区间，电荷的动能增大，电势能减小，由于点电荷带负电，所以电势不断升高，故A错误； B．规定处电势为零，电荷在处电势能也为零，动能也为零。电荷仅在电场力的作用下，电势能和动能相互转化，电势能和动能之和为 在处动能为，则在处的电荷的电势能为，该点的电势为 故B正确； C．根据动能定理可知，图像的切向斜率绝对值表示合力大小，即表示电场力大小，在区间，图像的切线斜率绝对值逐渐增大，则电荷受到的电场力增大，电场强度增大，故C错误； D．电荷的动能与电势能总和为零，在处动能为，

17、所以处电荷的电势能为，故D错误。 故选B。 二、选择题Ⅱ（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个符合题目要求，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的0分） 14. 从地面上的O点以相同的速率，朝不同方向分别抛出三个小球A、B、C，它们在同一竖直平而内的运动轨迹如图所示，假设球在空中相遇时不会相互影响，忽略空气阻力，下列说法正确的是（　　） A. 三球落地时速度大小相等 B. A球在空中飞行时间最长 C. 若A、B两球是同时抛出的，则它们在P点相遇 D. B球在最高点时的速率大于C球在最高点时的速率 【答案】AB 【解析】 【详解】A

18、B．不计空气阻力，两球都是只受重力，所以加速度相同，A球最大高度最大，则根据飞行时间 可知A球在空中飞行时间最长，水平位移比B小，水平匀速，则A水平速度小于B的；从地面上的O点以相同的速率，朝不同方向分别抛出三个小球A、B、C，根据斜抛运动对称性可知，三球落地时速度大小相等，故AB正确； C．若A、B两球是同时抛出的，因为到P点水平位移相同，而水平速度不同，则不会在P点相遇，故C错误； D．因为抛出速率相同，根据 可知，与水平夹角越小，水平速度越大，则B球水平分速度小于C的，B球在最高点时的速率小于C球在最高点时的速率，故D错误。 故选AB。 15. 甲、乙两辆相同的汽车，

19、质量均为，发动机的额定功率为，在水平路面上匀速行驶的最大速度为20 m/s。甲车以额定功率从静止开始在水平路面上沿直线行驶，其运动的v—t图像如图所示，时汽车的速度为8 m/s，时汽车的速度为16 m/s。乙车以的加速度，从静止开始在水平路面上先做匀加速直线运动，当达到额定功率后，保持功率不变继续行驶。假设两车所受阻力相同且大小保持不变。下列说法正确的是（　　） A. 甲车时刻加速度是时刻的两倍 B. 甲车在时间内的位移为276 m C. 乙车匀加速直线运动持续了20 s D. 乙车从静止加速到16 m/s需要的时间为29 s 【答案】B 【解析】 【详解】A．根据牛顿第二定

20、律 F-f=ma， 可知 所以甲车时刻加速度不是时刻的两倍，故A错误； B．汽车所受阻力 根据动能定理在时间内 解得 故B正确； C．根据牛顿第二定律 解得 匀加速运动的末速度 解得 故C错误； D．乙车从匀加速结束时的速度8m/s到运动结束速度到16 m/s过程运动情况与甲相同，由图像可知该阶段用时间为 乙车从静止加速到16 m/s共需要的时间为 故D正确。 故选BD。 非选择题部分 三、实验题（本题共2小题，每空2分，共14分） 16. 在“探究平抛运动的特点”实验中 （1）下列方法可以探究得出“平抛运动的水平

21、分运动是匀速直线运动”的是________。 A. 甲图中，多次改变小锤敲击力度，观察A、B小球落地时间的先后 B. 乙图中，在白纸上记录小球做平抛运动的轨迹，分析小球下降高度分别为、、、时的水平位移 C. 丙图中，利用频闪照相的方法，记录做平抛运动物体在不同时刻的位置，根据相邻位置时间间隔相等的特点分析小球水平方向的运动规律 （2）利用（1）题图乙所示实验装置探究平抛运动水平方向分运动的特点时，除图示的实验器材：斜槽、白纸、复写纸、图钉、钢球、木板和升降支架外，还需要用到的器材有________。 A. B. C. D. （3）利用（1）题图乙所示的实验装置，用每一

22、小方格边长L＝2.50 cm的方格纸替代白纸，并使方格纸的纵线与重垂线平行。实验记录了小球运动过程中的3个位置，如图所示。则该小球做平抛运动的初速度为________m/s。（g取，计算结果保留三位有效数字） （4）利用（1）题图乙所示的实验装置进行实验时，下列说法正确的是________。 A. 小球必须从轨道的最高点释放 B. 小球运动时不可以与背板上的白纸接触 C. 为了确保小球做平抛运动，轨道末端应尽量水平 D. 在白纸上建立xOy坐标系时，竖直的y轴可通过作白纸侧边缘的平行线确定 【答案】（1）BC（2）BC （3）1.05（4）BC 【解析】 【小问1详解】

23、 A．甲图中，多次改变小锤敲击力度，观察A、B小球落地时间的先后，探究的是平抛运动的竖直分运动是自由落体运动，故A错误； B．乙图中，在白纸上记录小球做平抛运动的轨迹，分析小球下降高度分别为、、、时的水平位移，根据竖直方向自由落体运动规律，可知下降高度所对应时间之比为，如果对应的水平位移之比也为，则可得出平抛运动的水平分运动是匀速直线运动，故B正确； C．丙图中，利用频闪照相的方法，记录做平抛运动物体在不同时刻的位置，根据相邻位置时间间隔相等的特点分析小球水平方向的运动规律，可探究得出平抛运动的水平分运动是匀速直线运动，故C正确。 故选BC。 【小问2详解】 实验不需要用天平测小球质

24、量，不需要用表笔测时间；需要用刻度尺测量距离，需要用重锤线确定竖直方向。 故选BC。 【小问3详解】 竖直方向根据 可得 水平方向有 解得该小球做平抛运动的初速度为 【小问4详解】 A．小球只需要从轨道的适当位置释放，不需要从轨道的最高点释放，故A错误； B．为了减小误差，小球运动时不可以与背板上的白纸接触，故B正确； C．为了确保小球做平抛运动，轨道末端应尽量水平，故C正确； D．在白纸上建立xOy坐标系时，竖直的y轴应由重锤线确定，故D错误。 故选BC。 17. 小明同学利用如图所示的电路研究电容器充、放电的规律，发现放电过程中电表的示数变化太快，

25、来不及记录数据。下列操作能解决该问题的是（　　） A. 增大电阻R的阻值 B. 增加电容器的电容 C. 换更大量程的电流表 D. 换更大量程的电压表 【答案】AB 【解析】 【详解】A．电容器放电时，增大电阻R的阻值，可以减小放电电流，从而可以有效延长电容器放电时间，故A正确； B．根据 增加电容器的电容，可知增加放电时电容器所带的电荷量，从而可以有效延长电容器放电时间，故B正确； CD．换更大量程的电流表和换更大量程的电压表都不会延长电容器放电时间，故CD错误。 故选AB。 18. 在探究向心力大小F与物体的质量m、角速度ω和半径r的关系时，某同学用向心力演示器进

26、行实验，实验情境如甲、乙、丙三图所示。 三个情境中，图________正在探究向心力大小F与半径r的关系（选填“甲”、“乙”或“丙”）。在甲情境中，若左边标尺露出1格，右边标尺露出4格，则实验中选取的左、右两个变速塔轮的半径之比为________。 【答案】 ①. 丙 ②. 【解析】 【详解】[1]根据控制变量法，要探究向心力大小F与半径r的关系要控制质量m、角速度ω不变，由图可知演示器两侧塔轮边缘线速度大小相等，塔轮半径相等，由 得角速度相等，明显图丙符合，故选丙； [2]在甲情境中，两球质量相等，半径相同，根据牛顿第二定律可知 由于两钢球所受向心

27、力的比值为1：4，则 两侧塔轮边缘线速度大小相等，则 由于 得 故填。 四、计算题（本题共4小题，共41分。要求画出必要的图形，写出必要的文字说明、重要的方程式和演算步骤，有数值计算的必须明确写出数值和单位） 19. 跳台滑雪是一种勇敢者的滑雪运动，运动员穿专用滑雪板，在滑雪道上获得一定速度后从跳台飞出，在空中飞行一段距离后在斜坡上着陆。如图所示，现有某运动员从跳台A处沿水平方向飞出，在斜坡B处着陆，测得该运动员在空中飞行的时间t=3 s，斜坡AB与水平方向的夹角θ=37°，运动员和装备的总质量m=60 kg，分析时可将其看成质点。不考虑空气对运动的影响，sin37

28、°=0.6，cos37°=0.8。求： （1）起点A与落点B间的距离L； （2）运动员从A处飞出时的速度大小； （3）运动员到达B处时的动能。 【答案】（1）；（2）；（3） 【解析】 【详解】（1）运动员从跳台A处到B处做平抛运动，竖直方向有 则起点A与落点B间的距离为 （2）运动员从跳台A处到B处，水平做匀速直线运动，则有 解得运动员从A处飞出时的速度大小为 （3）运动员从跳台A处到B处，根据动能定理可得 解得运动员到达B处时的动能为 20. “旋转飞椅”（图甲）是游乐场中颇受欢迎的游乐项目，其简化模型如图乙所示。座椅通过钢索悬挂在水平转

29、盘的边缘，转盘的半径，钢索长，某游客和座椅总质量。装置启动后，转盘拉着游客先向上抬升，然后开始绕竖直轴转动，转动的角速度缓缓增大，达到设定值后保持不变，进入稳定状态。此时，钢索与竖直方向夹角。该游客和座椅构成的整体可视为质点，不计所有阻力和钢索的重力，计算中取10，,，。求： （1）稳定后，钢索的拉力大小F； （2）稳定后，游客绕转轴运动的周期T； （3）从装置启动到稳定的过程中，钢索对该游客和座椅做的功W。 【答案】（1）；（2）；（3） 【解析】 【详解】（1）稳定后，竖直方向根据受力平衡可得 解得钢索的拉力大小为 （2）稳定后，根据牛顿第二定律可得 又

30、 解得游客绕转轴运动的周期为 （3）游客绕转轴运动的线速度大小为 从装置启动到稳定的过程中，根据动能定理可得 解得钢索对该游客和座椅做的功为 21. 如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，电场的方向与△ABC所在的平面平行，AB⊥AC，∠ACB＝30°。将电荷量的点电荷从A点移动到B点，静电力做功；将该电荷从B点移动到C点，电势能增加了。设C点的电势，A、B的距离L＝4 cm，求： （1）A与B、C两点间的电势差、； （2）A、B两点的电势、； （3）电场强度E的大小。 【答案】（1）20V，60V；（2）60V，40V；（3）1000V/m 【解

31、析】 【详解】（1）A、B两点间的电势差 将该电荷从B点移到C点，电势能增加了 则电场力做功 B、C两点间的电势差 则 （2）C点的电势为零，则 ， 解得 ， （3）AB方向 AC方向 场强 22. 如图所示为某一游戏装置的示意图。AB为倾角θ＝37°的足够长的倾斜直轨道，圆轨道最低点分别与水平直轨道BC、EF相接于C、E两点（C与E前后略错开），轨道各部分平滑连接，轨道右侧存在一挡板MN，轨道与挡板均在同一个竖直平面内。已知EF长，圆轨道半径R＝0.2 m，M点位于F点正下方H＝2 m处，以M点为坐标原点建立直角坐标系，挡板形状满足。

32、将质量m＝0.2 kg的滑块（可视为质点）从斜轨道上距B点处静止释放。滑块与轨道AB、EF之间的动摩擦因数μ＝0.25，其余轨道均光滑。受材料结构强度的限制，圆轨道能够承受来自滑块的最大压力。（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g=10m/s2） （1）若滑块恰好能通过圆轨道的最高点D，求滑块过最高点时的速度； （2）要使滑块经过圆轨道时不脱轨且能最终落在挡板MN上，求需满足的条件； （3）当为何值时，滑块落在挡板上时的动能最小？的最小值为多少？ 【答案】（1）；（2）；（3）2.75m；3J 【解析】 【详解】（1）若滑块恰好能通过圆轨道最高点D，则 解得 （2）滑块经过圆轨道时不脱轨 则根据动能定理 解得L1最小为 恰好到达F点，则 解得 综上，滑块经过圆轨道时不脱轨且能最终落在挡板MN上，则 承受来自滑块的最大压力，当在最低点有 解得 所以，满足条件的范围 （3）设平抛速度为，则 且 整理得 动能 当y=1时，动能最小，为 则代入上面方程解得 根据 解得