四川省绿然国际学校2023届高三年级（下）期末调研考试物理试题

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1、四川省绿然国际学校2023届高三年级（下）期末调研考试物理试题 请考生注意： 1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。 2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。 一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、某加湿器在电子元件控制下，通过的电流如图所示，周期为1.0s，若等效工作电阻恒为，则该加湿器1小时消耗的电能约为（ ） A．度 B．度 C．度 D．度 2、如图所

2、示，纸面为竖直面，MN为竖直线段，MN之间的距离为h，空间存在平行于纸面的足够宽的匀强电场，其大小和方向未知，图中未画出，一带正电的小球从M点在纸面内以v0=的速度水平向左开始运动，以后恰好以大小为v =v0的速度通过N点。已知重力加速度g，不计空气阻力。则下列说法正确的的是（　　） A．可以判断出电场强度的方向水平向左 B．从M点到N点的过程中小球的机械能先增大后减小 C．从M到N的运动过程中小球的速度最小为 D．从M到N的运动过程中小球的速度最小为 3、图为氢原子的能级示意图。处于n=4能级的一群氢原子向低能级跃迁时，辐射出的光子再照射列逸出功为2.29eV的某金属板上，下列

3、说法正确的是（　　） A．共有10种不同频率的光子辐射出来 B．共有6种不同频率的光子能使该金属发生光电效应现象 C．入射光子的频率越高，逸出光电子的最大初动能越大 D．从金属板中逸出的光电子就是粒子 4、仰卧起坐是《国家学生体质健康标准》中规定的女生测试项目之一。根据该标准高三女生一分钟内完成 55 个以上仰卧起坐记为满分。若某女生一分钟内做了 50 个仰卧起坐，其质量为 50kg，上半身质量为总质量的 0.6 倍，仰卧起坐时下半身重心位置不变，g 取10m/s2 。则测试过程中该女生克服重力做功的平均功率约为（　　） A．10W B．40W C．100W D．200W

4、 5、 “跳跳鼠”是很多小朋友喜欢玩的一种玩具（图甲），弹簧上端连接脚踏板，下端连接跳杆（图乙），人在脚踏板上用力向下压缩弹簧，然后弹簧将人向上弹起，最终弹簧将跳杆带离地面． A．不论下压弹簧程度如何，弹簧都能将跳杆带离地面 B．从人被弹簧弹起到弹簧恢复原长，弹簧的弹性势能全部转化为人的动能 C．从人被弹簧弹起到弹簧恢复原长，人一直向上加速运动 D．从人被弹簧弹起到弹簧恢复原长，人的加速度先减小后增大 6、电路如图所示，当a、b两端接入100 V电压时，用理想电压表测得c、d两端电压为20 V；当c、d两端接入100 V电压时，用理想电压表测得a、b两端电压为50 V，则R1∶R

5、2∶R3等于(　　) A．4∶2∶1 B．2∶1∶1 C．3∶2∶1 D．5∶3∶2 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7、如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，b是原线圈的中心抽头，图中电表均为理想的交流电表，定值电阻R＝10Ω，其余电阻均不计。从某时刻开始在c、d两端加上如图乙所示的交变电压。则下列说法中正确的有（　　） A．当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为22V B．当单刀双掷开关与b连接时，在t＝0.01s时刻，电流表

6、示数为4.4A C．当单刀双掷开关由a拨向b时，副线圈输出电压的频率变为25Hz D．当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈的输入功率变小 8、在天文观察中发现，一颗行星绕一颗恒星按固定轨道运行，轨道近似为圆周。若测得行星的绕行周期T，轨道半径r，结合引力常量G，可以计算出的物理量有（　　） A．恒星的质量 B．行星的质量 C．行星运动的线速度 D．行星运动的加速度 9、如图甲所示，水平放置的平行金属导轨连接一个平行板电容器C和电阻R，导体棒MN放在导轨上且接触良好，整个装置放于垂直导轨平面的磁场中，磁感应强度B的变化情况如图乙所示（图示磁感应强度方向为正），MN始终保持静止，则0～t2

7、时间（   ） A．电容器C的电荷量大小始终没变 B．电容器C的a板先带正电后带负电 C．MN所受安培力的大小始终没变 D．MN所受安培力的方向先向右后向左 10、如图半径为R的内壁光滑圆轨道竖直固定在桌面上，一个可视为质点的质量为m的小球静止在轨道底部A点。现用小锤沿水平方向快速击打小球，使小球在极短的时间内获得一个水平速度后沿轨道在竖直面内运动。当小球回到A点时，再次用小锤沿运动方向击打小球，通过这两次击打，小球才能运动到圆轨道的最高点。已知小球在运动过程中始终未脱离轨道，在第一次击打过程中小锤对小球做功W1，第二次击打过程中小锤对小球做功W2。若两次击打过程中小锤对小球做功

8、全部用来增加小球的动能，则的值可能是（　　） A． B． C．1 D．2 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。 11．（6分）测量玩具遥控汽车的额定功率实验，简要步骤如下： A．测出小车质量为0.6kg。 B．在小车尾部系一条长纸带，让纸带穿过电源频率为50Hz的打点计时器。 C．使小车以额定功率沿水平面加速到最大速度，继续运行一段时间后关闭小车发动机，让其在水平面上滑行直到停止。 D．取下纸带进行研究。测得的数据如图所示。 回答下列问题： (1)由纸带知遥控汽车的最大速度为____________，汽车滑行时的加速

9、度为____________； (2)汽车滑行时的阻力为____________；其额定功率为____________。 12．（12分）某兴趣小组用如图所示的办法来测玻璃的折射率，找来一切面为半球的透明玻璃砖和激光发生器。若激光垂直底面半径从点射向玻璃砖，则光线沿着___________射出；若将激光发生器向左移动，从点垂直底面射向玻璃砖，光线将沿着如图所示的方向从点射出，若想求此玻璃砖的折射率，需要进行以下操作： （a）测玻璃砖的半径：____________。 （b）入射角的测量：__________，折射角的测量：_______。 （c）玻璃砖的折射率计算表达式：______

10、_________。 （d）将激光束继续向左移动到点，刚好看不到出射光线，则临界角即等于图中_______。 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。 13．（10分）某客机在高空水平飞行时，突然受到竖直气流的作用，使飞机在10s内高度下降150m，如果只研究飞机在竖直方向的运动，且假定这一运动是匀变速直线运动，且在这段下降范围内重力加速度取g= 9m/s2.试计算∶ (1)飞机在竖直方向加速度的大小和方向。 (2)乘客放在水平小桌上2kg的水杯此时对餐桌的压力为多大。 14．（16分）如图所示，水平放置的轻

11、质弹簧原长为2L，一端与质量的物块P接触但不连接，另一端固定在A点，光滑水平轨道AB长度为5L.长度为的水平传送带分别与B端和水平光滑轨道CD平滑连接，物块P与传送带之间的动摩擦因数，传送带始终以的速率顺时针匀速转动.质量为小车放在光滑水平轨道上，位于CD右侧，小车左端与CD段平滑连接，小车的水平面长度，右侧是一段半径的四分之一光滑圆弧，物块P与小车水平上表面的动摩擦因数.用外力推动物块P，将弹簧压缩至长度L，然后放开，P开始沿轨道运动，冲上传送带后开始做减速运动，到达传送带右端时速度恰好与传送带速度大小相等.重力加速度大小求： （1）弹簧压缩至长度L时储存的弹性势能 （2）物块P在小车圆

12、弧上上升的最大高度H （3）要使物块P既可以冲上圆弧又不会从小车上掉下来，小车水平面长度的取值范围 15．（12分）如图所示，让摆球从图中的A位置由静止开始下摆，正好摆到最低点B位置时线被拉断。设摆线长l＝1.6 m，悬点到地面的竖直高度为H＝6.6 m，不计空气阻力，求： (1)摆球落地时的速度； (2)落地点D到C点的距离（g＝10 m/s2）。 参考答案 一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、C 【解析】 根据有效值的定义，有 解得：交流电的有效值 电阻功率 所以加

13、湿器1小时消耗的电能 度 故C正确，ABD错误。 故选：C。 2、D 【解析】 A．小球运动的过程中重力与电场力做功，设电场力做的功为W，则有 代入解得 说明MN为电场的等势面，可知电场的方向水平向右，故A错误； B．水平方向小球受向右的电场力，所以小球先向左减速后向右加速，电场力先负功后正功，机械能先减小后增加，故B错误； CD．设经过时间t1小球的速度最小，则竖直方向 水平方向 合速度 由数学知识可知，v的最小值为 故C错误，D正确。 故选D。 3、C 【解析】 A. 共有种不同频率的光子辐射出来，选项A错误； B. 其中能级差大于

14、2.29eV的跃迁有：4→1、3→1、2→1、4→2，即共有4种不同频率的光子能使该金属发生光电效应现象，选项B错误； C. 根据光电效应规律可知，入射光子的频率越高，逸出光电子的最大初动能越大，选项C正确； D. 从金属板中逸出的光电子是，不是粒子，选项D错误。 故选C。 4、C 【解析】 该同学身高约1.6m，则每次上半身重心上升的距离约为×1.6m=0.4m，则她每一次克服重力做的功 W=0.6mgh=0.6×50×10×0.4=120 J 1min内她克服重力所做的总功 W总=50W=50×120=6000 J 她克服重力做功的平均功率为 故C正确，ABD错误。

15、 故选C。 5、D 【解析】 当弹簧下压的程度比较小时，弹簧具有的弹性势能较小，弹簧不能将跳杆带离地面，故A错误；从人被弹簧弹起到弹簧恢复原长,弹簧的弹性势能转化为人的动能和重力势能，故B错误；从人被弹簧弹起到弹簧恢复原长，开始弹力大于重力，人向上加速，弹簧逐渐恢复性变,弹力逐渐减小，加速度逐渐减小；后来弹力小于重力，人的加速度反向增加，所以人的加速度先减小后增大，故C错误，D正确．所以D正确，ABC错误． 6、A 【解析】 当a、b两端接入100 V电压时，用理想电压表测得c、d两端电压为20 V，有： ＝Ucd 即： ＝20 整理得＝2；当c、d两端接入100 V电

16、压时，用理想电压表测得a、b两端电压为50 V，有： ＝Uab 即： ＝50 整理得＝2，所以R1∶R2∶R3＝4∶2∶1，A正确，BCD错误。 故选A。 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7、AB 【解析】 A．当单刀双掷开关与a连接时，变压器原副线圈的匝数比为10∶1，输入电压 ＝220 V 故根据变压比公式 可得输出电压为22 V，电压表的示数为22V，故A正确； B．当单刀双掷开关与b连接时，变压器原副线圈的匝数比为5∶1，输

17、入电压U1＝220 V，故根据变压比公式，输出电压为44 V，根据欧姆定律，电流表的示数即为输出电流的有效值 故B正确； C．由图象可知，交流电的周期为，所以交流电的频率为 当单刀双掷开关由a拨向b时，变压器不会改变电流的频率，所以副线圈输出电压的频率为50 Hz。故C错误； D．当单刀双掷开关由a拨向b时，根据变压比公式，输出电压增加，故输出电流增加，故输入电流也增加，则原线圈的输入功率变大，故D错误。 故选AB。 8、ACD 【解析】 A．设恒星质量为M，根据 得行星绕行有 解得 所以可以求出恒星的质量，A正确； B．行星绕恒星的圆周运动计算中，不

18、能求出行星质量，只能求出中心天体的质量。所以B错误； C．综合圆周运动规律，行星绕行速度有 所以可以求出行星运动的线速度，C正确； D．由 得行星运动的加速度 所以可以求出行星运动的加速度，D正确。 故选ACD。 9、AD 【解析】 A、B：由乙图知，磁感应强度均匀变化，根据法拉第电磁感应定律可知，回路中产生恒定电动势，电路中电流恒定，电阻R两端的电压恒定，则电容器的电压恒定，故电容器C的电荷量大小始终没变．根据楞次定律判断可知，通过R的电流一直向下，电容器上板电势较高，一直带正电．故A正确，B错误； C：根据安培力公式F＝BIL，I、L不变，由于磁感应强度变化，

19、MN所受安培力的大小变化，故C错误． D：由右手定则判断得知，MN中感应电流方向一直向上，由左手定则判断可知，MN所受安培力的方向先向右后向左，故D正确． 故选AD． 10、AB 【解析】 第一次击打后球最多到达与球心O等高位置，根据功能关系，有 W1≤mgR① 两次击打后可以到轨道最高点，根据功能关系，有 W1+W2-2mgR=② 在最高点，有 mg+FN=≥mg③ 联立①②③解得 W1≤mgR W2≥mgR 故 故AB正确，CD错误。 故选AB。 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。 11、1.0

20、0m/s －1.73m/s 1.04N 1.04W 【解析】 (1)[1][2]．汽车的最大速度为 纸带上最后6段对应汽车做关闭发动机做减速运动，加速度为 (2)[3][4]．根据牛顿第二定律得  f=ma=0.6×（-1.73）N≈-1.04N 当汽车匀速运动时，牵引力与阻力大小相等，即有F=f 则汽车的额定功率为 P=Fvm=fvm=1.04×1W=1.04W 12、方向 在白纸上描出两点，并测出长 连接，入射光线与的夹角为 与出射光线的夹角为 【解析】 [1]．当光线垂直质界面射入时，传播方

21、向不发生改变，故从点垂直底面射向玻璃砖的光线将沿方向射出。 （a）[2]．记录出射点，连接，长即为半径。 （b）[3][4]．连接即为法线，入射光线与夹角为入射角，出射光线与夹角为折射角。 （c）[5]．由折射率公式知 （d）[6]．当光线从点入射时恰好发生全反射，即此时等于临界角。 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。 13、 (1)3m/s2，方向竖直向下；(2)12N。 【解析】 (1)根据得 a=3m/s2 方向竖直向下； (2) 对水杯，根据牛顿第二定律 解得 FN=12N

22、 由牛顿第三定律可知压力 14、（1） 14J ；（2）0.1m ；（3）。 【解析】 （1）设物块离开弹簧时的速度为，在物块与弹簧相互作用过程中，由机械能守恒定律 ① 物块在传送带上运动过程中，由动能定理有 ② 联立①②代入数据可得 （2）当物块运动到小车的最高点时，对于P与小车构成的系统动量守恒，则 ③ 由能量守恒定律有 ④ 联立③④代入数据可得 （3）设当小车水平面长度为时，物块到达小车水平右端时与小车有共同速度，则 ⑤ 联立③⑤代入数据可得 设当小车水平长度为时，物块到达小车水平左端时与小车有共同速度，则 ⑥ 联立③⑥代入数据可得 要

23、使物块P既可以冲上圆弧乂不会从小车上掉下宋，小车水平长度的取值范围： 15、 (1) 10.8 m/s；(2)4 m。 【解析】 (1)球从A到B受重力和线的拉力，只有重力做功，球从B到D做平抛运动，也只有重力对球做功，故球从A到D运动的全过程中机械能守恒，取地面为参考面，则 mg（H－lcos60°）＝ 得 vD＝10.8 m/s (2)在球从A到B的过程中，根据机械能守恒定律（取B点所在的水平面为参考面）得 mgl（1－cos60°）＝ 解得 vB＝4 m/s 球从B点开始做平抛运动到D点时下落的高度为 h＝H－l＝5.0 m 则球做平抛运动的时间为 t＝s＝1 s 球着地点D到C点的距离为 s＝vBt＝4×1 m＝4 m