2021四川省成都市龙泉驿区第一中学校2021届高三化学上学期入学考试试题

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1、四川省成都市龙泉驿区第一中学校2021届高三化学上学期入学考试试题四川省成都市龙泉驿区第一中学校2021届高三化学上学期入学考试试题注意事项：1.本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分。2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置。3.全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效。4. 考试结束后，将本试题和答题卡一并交回。第卷（选择题共126分）本卷共21小题，每小题6分，共126分。可能用到的相对原子质量：H1 O16 C12 Cl35.5 Ca40一、选择题（本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）7下列说法不正确的是（A）

2、A. 石英是制造光导纤维的原料，也是常用的半导体材料B. 氧化铝是冶炼金属铝的原料，也是较好的耐火材料C. 天然氨基酸能溶于强碱或强酸溶液，是两性化合物D. 船舶外壳装上锌块，是牺牲阳极的阴极保护法进行防腐8设N A为阿伏伽德罗常数的值，下列说法正确的是（B）A标准状况下，4.48L Cl2溶于水所得氯水中含氯的微粒总数为0.4N AB5.6g乙烯和环丁烷（C4H8）的混合气体中含的碳原子数为0.4 N AC常温下，pH =2的盐酸溶液中含有的H+数目为0.02N AD常温下，1L 0.5 mol /L的FeCl3溶液中，所含Fe3+数为0.5N A9有机物X的蒸气相对氢气的密度为51，X中氧

3、元素的质量分数为31.7%，则能在碱性溶液中发生反应的X的同分异构体有(不考虑立体异构) ( C )A.15种B.14种C.13种D.12种10 关于下列各装置的叙述中正确的是（D）A. 装置可用于分离I2与NH4Cl的混合物B. 装置用于收集并测量Cu与浓硫酸反应产生的气体的体积C. 装置用于制取氯气D. 装置用于制取无水MgCl211氨硼烷（NH3BH3）电池可在常温下工作，装置如下图。该电池工作时的总反应为：NH3BH3+3H2O2=NH4BO2+4H2O。下列说法正确的是（D）A. 电流从左侧电极经过负载后流向右侧电极B. BO2通过质子交换膜向正极移动C. 负极附近溶液pH增大D.

4、正极的反应式为 3H2O2+6H+6e=6H2O12有机物C4H9ClO的同分异构体中(不考虑羟基与氯原子在同一个碳原子上)，能与Na 反应放出氢气的共有(不含立体异构)( B )A8种 B9种 C10种 D12种13有0.1 molL1的三种溶液：CH3COOH、NaOH、CH3COONa，下列说法正确的是( C)A溶液中，c(CH3COO)c(H)B溶液等体积混合，混合液中c(CH3COO)等于溶液中的c(CH3COO)C溶液等体积混合，混合液中c(CH3COO)c(CH3COOH)c(Na)D溶液等体积混合，混合液中c(Na)c(CH3COO)c(H)c(OH)【解析】：选C。A项，CH

5、3COOH溶液中存在如下电荷守恒式：c(CH3COO)c(OH)c(H )，所以c(H)c(CHCOO)，错误；B项，溶液等体积混合后得到浓度为0.05 molL13的CH3COONa溶液，溶液中c(CH3COO)比溶液中c(CH3COO)小，错误；C项，CH3COONa溶液中存在物料守恒式：c (CH 3COO )c (CH 3COOH)c (Na )，正确；D 项，CH 3COOH 和CH 3COONa 等浓度的混合溶液呈酸性，c (H )c (OH )，且溶液中存在电荷守恒式：c (CH 3COO )c (OH )c (Na )c (H )，所以c (CH 3COO )c (Na )，错

6、误。二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 27（14分）氨在工农业生产中应用广泛。(1)根据图写出合成氨的热化学方程式是_。 (2)将1 mol N 2(g)和3 mol H 2(g)放在一密闭容器中，在催化剂存在时进行反应，测得反应放出的热量_(填“大于”、“等于”或“小于”)92.2 kJ，原因是_；若加入催化剂，H _(填“变大”、“不变”或“变小”)。(3)已知分别破坏1 mol N N 键、1 mol H H 键时需要吸收的能量为946

7、kJ 、436 kJ ，则破坏1 mol NH 键需要吸收的能量为_ kJ 。(4)N 2H 4可视为NH 3分子中的H 被NH 2取代的产物。发射卫星时以N 2H 4(g)为燃料、NO 2为氧化剂，二者反应生成N 2和H 2O(g)。已知：N 2(g)2O 2(g)=2NO 2(g) H 167.7 kJmol 1 N 2H 4(g)O 2(g)=N 2(g)2H 2O(g) H 2534 kJmol 1则1 mol N 2H 4与NO 2完全反应的热化学方程式为_。【答案】：(1)N 2(g)3H 2(g) 2NH 3(g) H 92.2 kJ mol 1（3分） (2)小于 由于该反应是

8、可逆反应，反应物不能全部转化为生成物 不变（每空2分）(3)391（2分） (4)N 2H 4(g)NO 2(g)=32N 2(g)2H 2O(g) H 567.85 kJ mol 1（3分）28（15分）一氧化碳是一种用途广泛的化工基础原料。有机物加氢反应中镍是常用的催化剂。但H2中一般含有微量CO会使催化剂镍中毒，在反应过程中消除CO的理想做法是投入少量SO2，为弄清该方法对催化剂的影响，查得资料如下：则：(1) 不用通入O2氧化的方法除去CO的原因是 _。SO2(g)2CO(g)=S(s)2CO2(g) H_。(2)工业上用一氧化碳制取氢气的反应为：CO(g)H 2O(g) CO2(g)

9、H2(g)，已知420 时，该反应的化学平衡常数K9。如果反应开始时，在2 L的密闭容器中充入CO和H2O的物质的量都是0.60 mol,5 min末达到平衡，则此时CO的转化率为_，H2的平均生成速率为_ molL1min1。(3)为减少雾霾、降低大气中有害气体含量，研究机动车尾气中CO、NO x及C x H y的排放量意义重大。机动车尾气污染物的含量与空/燃比 (空气与燃油气的体积比)的变化关系示意图如图所示：随空/燃比增大，CO和C x H y的含量减少的原因是_。当空/燃比达到15后，NO x减少的原因可能是_。【答案】：(1) Ni会与氧气反应270.0 kJmol1(2)75% 0

10、.045（以上每空2分）(3)空/燃比增大，燃油气燃烧更充分，故CO、C x H y含量减少（3分）因为反应N 2(g)O2(g)2NO(g)是吸热反应，当空/燃比大于15后，由于燃油气含量减少，燃油气燃烧放出的热量相应减少，环境温度降低，使该反应不易进行，故NO x减少（4分）29(14分)过氧化钙(CaO2)是一种白色晶体，无臭无味，能潮解，难溶于水，可与水缓慢反应；不溶于醇类、乙醚等，易与酸反应，常用作杀菌剂、防腐剂等。通常利用CaCl2在碱性条件下与H2O2反应制得。某化学兴趣小组在实验室制备CaO2的实验方案和装置示意图(图一)如下：请回答下列问题：(1)三颈烧瓶中发生的主要反应的化

11、学方程式为：_；(2)仪器A的名称_，三颈烧瓶右口连接的是恒压分液漏斗，其支管B 的作用是_；(3)步骤中洗涤CaO28H2O的液体X的最佳选择是_(填写正确答案的序号，下同)A无水乙醇B浓盐酸C水DCaCl2溶液(4)过氧化钙可用于长途运输鱼苗，这利用了过氧化钙以下哪些性质_；A可缓慢供氧B能吸收鱼苗呼出的CO2气体C能潮解D可抑菌(5)已知CaO2在350时能迅速分解，生成CaO和O2。该小组采用如图二所示的装置测定刚才制备的产品中CaO2的纯度(设杂质不分解产生气体)，准确称取1.000g样品，置于试管中加热使其完全分解，收集到67.20mL(已换算为标准状况)气体，则产品中过氧化钙的质

12、量分数为_ (保留)；4位有效数字【答案】：（1）CaCl2+H2O2+2NH3?H2O+6H2O=CaO2?8H2O+2NH4Cl(2分)（2）（球形）冷凝管(2分)；平衡气压，便于恒压分液漏斗中的液体能够顺利滴下(2分) （3）A(2分)（4）ABD(5分，漏选扣2分,错选不得分)（5）43.20%或0.4320(3分)30.(除标注外，每空2分，共15分)碱式碳酸铜Cu2(OH)2CO3是一种用途广泛的化工原料。工业上可用电子工业中刻蚀线路板的酸性废液(主要成分有FeCl3、CuCl2、FeCl2)制备,其制备过程如下：查阅资料知,通过调节溶液的酸碱性可使Cu2+、F、F生成沉淀的pH如

13、下：(1)氯酸钠的作用是。(2)调节反应A所得溶液的pH范围为 ,可以选择的试剂是(填序号)。a.氨水b.硫酸铜c.氢氧化铜d.碱式碳酸铜(3)反应B的温度要控制在60左右,且保持恒温,可采用的加热方法是;若温度过高,所得蓝绿色沉淀中会有黑色固体出现,黑色固体可能是。(4)已知滤液中含有碳酸氢钠,写出生成碱式碳酸铜的离子方程式：_。(5)过滤得到的产品洗涤时,如何判断产品已经洗净。【答案】：(1)将Fe2+氧化为Fe3+(2)3.74.7（3分） c、d（2分）(3)水浴加热CuO(4)2Cu2+3C+2H2O=Cu2(OH)2CO3+2HC（3分）(5)取最后一次洗涤液,加入硝酸银、稀硝酸溶

14、液,无沉淀产生则表明已洗净（3分）【解析】：(1)题中要除去Fe2+、Fe3+杂质,必须先将Fe2+转变为Fe3+,再调节pH,故NaClO3的作用是将Fe2+转变为Fe3+。(2)要将Fe3+完全沉淀,但不能将Cu2+沉淀,故pH应在3.74.7。除杂时,不能引入新的杂质,同时促进Fe3+的水解,故应选c、d。(3)控制反应温度在100以下,可采用水浴加热法。碱式碳酸铜受热易分解成黑色的CuO。(4)由信息知,反应物中有Cu2+、C,生成物中有碱式碳酸铜,再根据原子守恒和电荷守恒,反应的离子方程式为2Cu2+3C+2H2O=Cu2(OH)2CO3+2HC。(5)沉淀上会吸附Na+、Cl-等,

15、故可检验Cl-。注意一定要强调“最后一次”。31（12分）泛素是一个由76个氨基酸组成的多肽链，对细胞内蛋白质降解起调节作用。请回答下列问题：(1)泛素的合成方式称为_，连接其基本组成单位的结构简式为_。(2)生物体内存在着两类蛋白质降解过程，一种是不需要能量的，比如发生在消化道中的降解，这一过程需要_参与；另一种则需要能量，如泛素参与的蛋白质降解过程，消耗的能量直接来自于_。(3)与泛素合成关系最密切的细胞器是_。泛素在蛋白质降解过程中，起到“死亡标签”的作用，被泛素标记的蛋白质将被特异性地识别并迅速降解，降解过程发生在_(细胞器)中。【答案】：(1)脱水缩合NHCO(3)核糖体(线粒体)

16、溶酶体(2)蛋白酶(肽酶) ATP水解【解析】：(1)泛素是一个由76个氨基酸组成的多肽链，因此泛素的合成方式称为脱水缩合。泛素的基本组成单位即氨基酸是通过肽键连接，肽键的结构简式为NHCO。(2)食物中的蛋白质在消化道中的降解，需要蛋白酶(肽酶)参与催化。ATP是直接的能源物质，所以泛素参与的蛋白质降解过程，消耗的能量直接来自于ATP水解。(3)多肽链是在核糖体中合成，需要线粒体供能。溶酶体中含有多种水解酶，因此被泛素标记的蛋白质降解过程发生在溶酶体中。32（10分）细胞自噬是指细胞利用溶酶体选择性清除自身受损、衰老的细胞器，或降解过剩的生物大分子，释放出游离小分子供细胞回收利用的正常生命过

17、程，如图是细胞自噬的两种途径示意图，请回答问题：(1)溶酶体内水解酶的最适pH在5.0左右，但是细胞质基质的pH一般是7.2左右，这种差异能防止溢出的水解酶_。(2)途径体现了生物膜具有_的结构特点。侵入细胞内的病菌可通过途径_被清除。(3)过剩蛋白质不与介导分子结合很难进入溶酶体，这说明介导分子与溶酶体膜受体蛋白之间存在_。哺乳动物在冬眠时细胞内介导分子明显增多的原因是_。【答案】：(1)对细胞自身结构的破坏(2)一定流动性(3)信息传递(信息交流、特异性识别、识别) 冬眠动物不再进食，需要介导分子引导过剩的生物大分子自噬，为细胞生命活动提供(游离的小分子)营养物质【解析】：(1)分析题意可

18、知，溶酶体内水解酶的最适pH在5.0左右，但是细胞质基质的pH一般是7.2左右，即使溶酶体中的水解酶外溢，也会由于pH值条件不合适，不会引起细胞自身结构的破坏。(2)途径存在自噬体和溶酶体的融合，因此体现了生物膜具有一定流动性的结构特点，侵入细胞内的病菌可通过途径被清除。33（8分）萌发的大麦种子中存在着两种淀粉酶：淀粉酶和淀粉酶。淀粉酶耐热不耐酸；淀粉酶耐酸不耐热，70 处理15 min即变性失活。为测定萌发种子中淀粉酶和淀粉酶活性的差异，将发芽3天的大麦种子加蒸馏水研磨成匀浆、离心取上清液得到淀粉酶提取液，进行如下实验。回答下列问题：(1)步骤中加入的试剂X为_。(2)上述实验操作步骤中，

19、步骤中对1号试管进行操作的目的是_；为达成实验目的，设置的1、2、3号试管中，为对照组的一组是_号试管。(3)通过上述实验，能大致比较萌发3天时种子的淀粉酶和淀粉酶活性的大小。比较的方法是_。【答案】：(1)斐林试剂(2)使淀粉酶变性失活 2(3)测定各试管沉淀物的量，1、2号试管的差值代表淀粉酶的活性，3、1号试管的差值代表淀粉酶的活性，差值大的表示该酶的活性大34（8分）有氧呼吸过程中，H需要经一系列传递给分子氧，氧与之结合生成水，下图为其传递过程的两条途径，生物体内存在其中的一条或两条途径。回答下列问题：(1)在有氧呼吸的过程中，H来自于_(填化合物)，与O2结合生成水发生在线粒体的_。

20、(2)“物质6物质7”过程易被氰化物抑制。若小鼠氰化物中毒，呼吸作用全被抑制，导致死亡；而对天南星科植物用氰化物处理，呼吸速率降低，但并未完全被抑制。出现这种差异的原因是_。(3)天南星在开花时，其花序会释放大量能量，花序温度比周围高1535 ，促使恶臭物质散发以吸引昆虫进行传粉。研究发现，此时花序中ATP生成量并没有明显增加。花序温度升高但ATP生成没有明显增加的原因_。【答案】：(1)葡萄糖和水(葡萄糖、丙酮酸和水) 内膜(2)小鼠只存在途径1；而天南星科植物存在途径1和途径2 (3)途径2增强，物质氧化分解释放的能量储存在ATP中较少，大量以热能形式散失。35（16分）miRNA是真核细

21、胞中一类不编码蛋白质的短序列RNA，其主要功能是调控其他基因的表达，在细胞分化、凋亡、个体发育和疾病发生等方面起着重要作用。研究发现，BC12是一个抗凋亡基因，其编码的蛋白质有抑制细胞凋亡的作用。该基因的表达受MIR15a 基因控制合成的miRNA调控，如图所示。请分析回答：(1)A过程是_，需要_的催化。(2)B过程中能与发生碱基互补配对的是_，物质是指_。(3)据图分析可知，miRNA调控BC12基因表达的机理是_。(4)若MIR15a基因缺失，则细胞发生癌变的可能性_(上升/不变/下降)，理由是_。【答案】：(1)转录（2分）RNA聚合酶（2分）(2)tRNA/反密码子（2分）多肽/多肽链（2分）(3)miRNA能与BC12基因转录生成的mRNA发生碱基互补配对，形成双链，阻断翻译过程（3分）(4)上升（2分）MIR15a基因缺失，无法合成miRNA，无法调控BC12基因的表达，使BC12基因表达产物增加，抑制细胞凋亡，细胞癌变的可能性增加（3分）