磁场典型例题解析

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1、安培分子电流假说 磁性材料典型例题解析【例1】 有关分子电流,下面说法中对的的是 分子电流假说最初是由法国学者法拉第提出的B分子电流假说揭示了磁铁的磁场与电流的磁场具有共同的本质，即磁场都是由电荷的运动形成的C.“分子电流”是专指分子内部存在的环形电流分子电流假说无法解释加热“去磁”现象点拨：理解物理学发展历史,不仅能做好此类题,也能协助我们历史地去看待科学的发展进程解答：对的的是.【例2】 回旋加速器的磁场=1.5T,它的最大回旋半径r=.5m当分别加速质子和粒子时,求：(）加在两个形盒间交变电压频率之比 (2)粒子所获得的最大动能之比.解析：(）T=2m/Bq，故fP/f=qpm/mP2.

2、(2）由rmv/可得Bqr/m,因此被加速粒子的动能v2/2=Bq2r22同一加速器最大半径r和所加磁场相似，故EP/E=1.点拨:比例法是解物理问题的有效措施之一使用的程序一般是：根据研究对象的运动过程拟定相应的物理规律,根据题意拟定运动过程中的恒量，分析剩余物理量间的函数关系,建立比例式求解【例】 如图1-4所示是显像管电子束运动的示意图设加速电场两极间的电势差为U，垂直于纸平面的匀强磁场区域的宽度为L,要使电子束从磁场出来在图中所示120范畴内发生偏转(即上、下各偏转60),磁感应强度B的变化范畴如何?(电子电量e、质量m已知)点拨:这是彩色电视机显像管抱负化后来的模型.先拟定电子运动的

3、圆心再结合几何知识求解.参照答案安培力 磁感应强度典型例题解析【例1】下列有关磁感应强度大小的说法中对的的是 A通电导线受安培力大的地方磁感应强度一定大B磁感线的指向就是磁感应强度减小的方向C.放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向到处相似D磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向无关点拨：磁场中某点的磁感应强度的大小和方向由磁场自身决定,磁感应强度的大小可由磁感线的疏密来反映.安培力的大小不仅与B、I、有关，还与导体的放法有关.解答：对的的应选D.【例2】如图16-14所示,其中、B图已知电流和其所受磁场力的方向，试在图中标出磁场方向.、图已知磁场和它对电流作用力的

4、方向,试在图中标出电流方向或电源的正负极. 解答：A图磁场方向垂直纸面向外；B图磁场方向在纸面内垂直F向下;、D图电流方向均垂直于纸面向里;E图a端为电源负极点拨：根据左手定则，电流在磁场中受力的方向既要与磁感线垂直，还要与导线中的电流方向垂直，且垂直于磁感线与电流所决定的平面.磁场 磁感线典型例题解析【例】在地球赤道上空有一小磁针处在水安静止状态,忽然发现小磁针N极向东偏转,由此可知 A.一定是小磁针正东方向有一条形磁铁的N极接近小磁针B一定是小磁针正东方向有一条形磁铁的S极接近小磁针C也许是小磁针正上方有电子流自南向北通过D.也许是小磁针正上方有电子流自北向南水平通过点拨：掌握小磁针的N极

5、受力方向与磁场方向相似,S极受力方向与磁场方向相反是解决此类问题的核心解答:对的的应选C.【例2】下列有关磁感线的说法对的的是 A.磁感线上各点的切线方向就是该点的磁场方向B磁场中任意两条磁感线均不可相交铁屑在磁场中的分布所形成的曲线就是磁感线D.磁感线总是从磁体的N极出发指向磁体的S极点拨：对磁感线概念的理解和磁感线特点的掌握是核心解答:对的的应选AB磁场对运动电荷的作用力典型例题解析【例1】图16是表达磁场磁感强度B，负电荷运动方向v和磁场对电荷作用力f的互相关系图，这四个图中画得对的的是（B、v、f两两垂直） 解答:对的的应选A、B、C.点拨：由左手定则可知四指批示正电荷运动的方向,当负

6、电荷在运动时,四指批示的方向应与速度方向相反.【例2】带电量为q的粒子,在匀强磁场中运动,下面说法中对的的是 A只要速度大小相似，所受洛伦兹力就相似B如果把改为-,且速度反向且大小不变,则洛伦兹力的大小、方向均不变C只要带电粒子在磁场中运动，它一定受到洛伦兹力作用.带电粒子受到洛伦兹力越小，则该磁场的磁感强度越小点拨:理解洛伦兹力的大小、方向与哪些因素有关是核心.解答:【例3】如果运动电荷除磁场力外不受其她任何力的作用，则带电粒子在磁场中作下列运动也许成立的是 A.作匀速直线运动B、作匀变速直线运动C.作变加速曲线运动作匀变速曲线运动点拨：当vB时，0,故运动电荷不受洛伦兹力作用而作匀速直线运

7、动当与B不平行时，0且f与v恒垂直，即f只变化的方向.故运动电荷作变加速曲线运动.参照答案:A【例】如图1-50所示,在两平行板间有强度为E的匀强电场,方向竖直向下,一带电量为q的负粒子(重力不计),垂直于电场方向以速度v飞入两板间，为了使粒子沿直线飞出，应在垂直于纸面内加一种如何方向的磁场，其磁感应强度为多大？点拨:要使粒子沿直线飞出,洛伦兹力必须与电场力平衡参照答案：磁感应强度的方向应垂直于纸面向内,大小为E/v 带电粒子在磁场中的运动质谱仪典型例题解析后垂直进入同一匀强磁场作圆周运动，则这两粒子的动能之比Ek1k2_,轨道半径之比r1r_,周期之比T12_.点拨:理解粒子的动能与电场力做

8、功之间的关系,掌握粒子在匀强磁场中作圆周运动的轨道半径和周期公式是解决此题的核心.【例2】如图6-60所示,一束电子（电量为)以速度v垂直射入磁感强度为，宽度为的匀强磁场中，穿透磁场时速度方向与本来入射方向的夹角是30,则电子的质量是_，穿透磁场的时间是_解析:电子在磁场中运动,只受洛伦兹力作用,故其轨迹是圆弧一部分,又由于f,故圆心在电子穿入和穿出磁场时受到洛伦兹力指向的交点上,如图0中的O点由几何知识可知：B间的圆心角=30,B为半径.d/in3d,又由r=mv/B得mdBe/v 由于AB圆心角是30，故穿透时间t=T/12d/3v.点拨:带电粒子的匀速圆周运动的求解核心是画出匀速圆周运动

9、的轨迹,运用几何知识找出圆心及相应的半径,从而找到圆弧所相应的圆心角【例3】如图16-1所示,在屏上MN的上侧有磁感应强度为B的匀强磁场，一群带负电的同种粒子以相似的速度v从屏上处的孔中沿垂直于磁场的方向射入磁场.粒子入射方向在与B垂直的平面内，且散开在与MN的垂线PC的夹角为的范畴内,粒子质量为m，电量为q,试拟定粒子打在萤光屏上的位置点拨:各粒子进入磁场后作匀速圆周运动，轨道半径相似，运用左手定则拟定各粒子的洛伦兹力方向，并定出圆心和轨迹再由几何关系找出打在屏上的范畴参照答案【例4】如图16-62所示,电子枪发出的电子，初速度为零，当被一定的电势差加速后,从点沿MN方向出射，在MN的正下方

10、距点为处有一种靶P，若加上垂直于纸面的匀强磁场,则电子恰能击中靶已知U、d,电子电量,质量m以及MP,则所加磁场的磁感应强度方向为_,大小为_.点拨：电子经电势差加速后，速度由零变为v，则eV=2v2v的方向水平向右，电子在洛伦兹力作用下,沿顺时针回旋到P,则电子在N点受洛伦兹力方向向下由此拟定的方向.NP相应的圆心角为2,则有Rsi=d2,而RBe,则B可求参照答案电磁感应现象典型例题解析【例1】如图17-1所示,P为一种闭合的金属弹簧圆圈，在它的中间插有一根条形磁铁，现用力从四周拉弹簧圆圈，使圆圈的面积增大，则穿过弹簧圆圈面的磁通量的变化状况_,环内与否有感应电流_解析:本题中条形磁铁磁感

11、线的分布如图所示(从上向下看）磁通量是穿过一种面的磁感线的多少,由于进去和出来的磁感线要抵消一部分，当弹簧圆圈的面积扩大时，进去的磁感条数增长，而出来的磁感线条数是一定的，故穿过这个面的磁通量减小，回路中将产生感应电流 点拨：会鉴定合磁通量的变化是解决此类问题的核心【例2】如图2所示,线圈面积为S,空间有一垂直于水平面的匀强磁场,磁感强度为B特斯拉,若线圈从图示水平位置顺时针旋转到与水平位置成角处(以O为轴),线圈中磁通量的变化量应是_W，若旋转80,则磁通量的变化量又为_Wb解析:开始位置，磁感线垂直向上穿过线圈，=BS,转过时,由BS关系有BScos，故B(1-co) 当转过1时,此时,B

12、S，但是磁感线是从线圈另一面穿过=2S点拨:有相反方向的磁场穿过某一回路时，计算磁通量必须考虑磁通量的正负【例3】 如图3所示，开始时矩形线圈与磁场垂直,且一半在匀强磁场内,一半在匀强磁场外.若要线圈产生感应电流，下列措施可行的是 A将线圈向左平移一小段距离B.将线圈向上平移C以ad为轴转动（不不小于0)以b为轴转动（不不小于60)E以d为轴转动(不不小于60)点拨:线圈内磁通量变化是产生感应电流的条件参照答案:CD【例4】如图14所示装置,在下列多种状况中,能使悬挂在螺线管附近的铜质闭合线圈A中产生感应电流的是 A.开关S接通的瞬间B.开关S接通后,电路中电流稳定期C开关S接通后,滑线变阻器

13、触头滑动的瞬间D开关S断开的瞬间点拨:电流变化时能引起它产生的磁场变化参照答案:ACD法拉第电磁感应定律的应用（1)【例1】如图17-7所示,两水平放置的、足够长的、平行的光滑金属导轨,其间距为,电阻不计,轨道间有磁感强度为，方向竖直向上的匀强磁场,静止在导轨上的两金属杆ab、cd，它们的质量与电阻分别为m1、2与R、R2，现使a杆以初动能沿导轨向左运动，求cd杆上产生的热量是多少?(其她能量损耗不计)以d为系统，系统所受合外力为零，系统总动量守恒,设达到稳定期共同速度为,则有m1v1=(m1+m2)系统中产生的热量为：Q点拨：本题以分析两杆的受力及运动为重要线索求解,核心注意：（1)明确“最

14、后速度”的意义及条件.(2)运用能的转化和守恒定律结合焦耳定律分析求解【例2】如图1768所示,在与水平面成角的矩形框架范畴内垂直于框架的匀强磁场,磁感应强度为B，框架ad，bc电阻不计，长均为L的ab、cd电阻均为R，有一质量为m,电阻为R的金属棒,无摩擦地平行于冲上框架,上升最大高度为，在此过程中ab部分的焦耳热为Q,求运动过程的最大热功率.解析：沿斜面向上运动产生感应电动势，和c相称于外电阻并联，ab和cd中电流相似，MN的电流为ab中电流的两倍.当a部分的焦耳热为,cd部分焦耳热也为Q，M的电阻为2R,消耗的焦耳热为8Q.设MN的初速度为,根据能量守恒MN在上滑过程中，产生最大的感应电

15、动势为E E=点拨：弄清能量转化的途径，用能的转化和守恒定律来求解.【例】如图17-69所示,质量为高为h的矩形导线框在竖直面内下落,其上下两边始终保持水平,途中正好匀速穿过一有抱负边界高亦为h的匀强磁场区域，则线框在此过程中产生的内能为 A.gh B2mghC不小于mh而不不小于2m D.不小于2mh点拨:匀速穿过即线框动能不变,再从能量转化与守恒角度分析.参照答案：B【例4】如图17-70所示，两根电阻不计的光滑平行金属导轨倾角为，导轨下端接有电阻，匀强磁场垂直于斜面向上,质量为m,电阻不计的金属棒ab在沿斜面与棒垂直的恒力F作用下沿导轨匀速上滑，上升高度h.在这过程中 .金属棒所受各力的

16、合力所做的功等于零B.金属棒所受各力的合力所做的功等于m和电阻产生的焦耳热之和.恒力F与重力的合力所做的功等于棒克服安培力所做的功与电阻R上产生的焦耳热之和恒力F和重力的合力所做的功等于电阻R上产生的焦耳热点拨：电磁感应过程中，通过克服安培力做功,将其她形式的能转化为电能,再通过电阻转化成内能（焦耳热）,故W安与电热Q不能反复考虑，这一点务须引起足够的注意.参照答案：法拉第电磁感应定律应用(2)典型例题解析【例1】如图17-4所示,MN、PQ为足够长的水平导电轨道,其电阻可以忽视不计,轨道宽度为L，ab，cd为垂直放置在轨道上的金属杆,它们的质量均为，电阻均为R,整个装置处在竖直向下的匀强磁场

17、中,磁场的磁感强度为B现用水平力拉杆以恒定的速率v向右匀速滑动,设两杆与轨道间的动摩擦系数为,求b杆可以达到的最大速度和此时作用在cd杆上水平拉力做功的瞬时功率解析:由楞次定律可知，当d向右匀速运动时，b也向右运动当ab有最大速度vm时，gBIL此时作用在d杆上水平拉力F做功的瞬时功率为P(F安)(BI+g) 点拨:要明确最大速度的条件,分析电路中的电流、安培力和金属棒的运动之间互相影响、互相制约的关系.【例3】如图7-86所示,用粗、细不同的铜丝制成两个边长相似的正方形闭合线圈a和b，让它们从相似高处同步自由下落,下落中通过同一有边界的水平匀强磁场,设线框下落过程中始终保持竖直且不计空气阻力

18、,试分析判断两框落地的先后顺序点拨：本题是对两种状况进行比较,我们通过对一般情形列式分析,找到本质规律再作判断.这是一种比较可靠的措施.参照答案：b先落地。【例】如图所示，两金属杆a和d,长均为,电阻均为，质量分别为M和m,Mm.用两根质量和电阻均可忽视的不可伸长的柔软导线将它们连成闭合电路,并悬挂在水平、光滑、不导电的圆棒两侧，两金属杆都处在水平位置,整个装置处在一与回路平面垂直的磁感强度为B的匀强磁场中,若金属杆a正好匀速向下运动,求ab的运动速度.点拨:本题可通过用整体法来求解,也可通过对两棒分别隔离分析用受力平衡的知识求解参照答案：vm=(M-）RB2l2法拉第电磁感应定律感应电动势的

19、大小典型例题解析【例1】如图1713所示，有一夹角为的金属角架,角架所围区域内存在匀强磁场中,磁场的磁感强度为B，方向与角架所在平面垂直，一段直导线b，从角顶贴着角架以速度向右匀速运动，求:(1)t时刻角架的瞬时感应电动势;(）t时间内角架的平均感应电动势?解析：导线ab从顶点c向右匀速运动，切割磁感线的有效长度d随时间变化，设经时间t，ab运动到e的位置,则de=ctavtn(1)时刻的瞬时感应电动势为：E=BL=v2tant(2)t时间内平均感应电动势为:点拨:对的运用瞬时感应电动势和平均感应电动势体现式,明确产生感应电动势的导体是解这个题目的核心【例】如图17-14所示，将一条形磁铁插入

20、某一闭合线圈,第一次用.0s,第二次用0.1s,设插入方式相似，试求：()两次线圈中平均感应电动势之比?（2)两次线圈之中电流之比?(3)两次通过线圈的电量之比?解析：点拨：两次插入时磁通量变化量相似,求电荷量时电流要用平均值.【例3】如图115所示,ac区域里有一匀强磁场,既有一竖直的圆环使它匀速下落,在下落过程中，它的左半部通过水平方向的磁场是圆环的圆心，A是圆环竖直直径的两个端点，那么 A.当A与d重叠时，环中电流最大B当O与d重叠时，环中电流最大C.当与重叠时,环中电流最小D.当B与d重叠时,环中电流最大点拨:曲线在垂直于磁感线和线圈速度所拟定的方向上投影线的长度是有效切割长度.参照答

21、案：B楞次定律的应用典型例题解析【例1】如图170所示，通电直导线L和平行导轨在同一平面内，金属棒a静止在导轨上并与导轨构成闭合回路，ab可沿导轨自由滑动当通电导线L向左运动时 .b棒将向左滑动 Bab棒将向右滑动C.ab棒仍保持静止ab棒的运动方向与通电导线上电流方向有关解析:当L向左运动时，闭合回路中磁通量变小,ab的运动必将阻碍回路中磁通量变小，可知a棒将向右运动,故应选 点拨：ab棒的运动效果应阻碍回路磁通量的减少【例】如图171所示，A、为两个相似的环形线圈，共轴并接近放置,A线圈中通有如图（a）所示的交流电i，则 A在t1到t时间内、两线圈相吸B.在t2到t时间内A、B两线圈相斥C

22、t1时刻两线圈间作用力为零.t2时刻两线圈间作用力最大解析：从1到2时间内,电流方向不变,强度变小，磁场变弱,A，B线圈中感应电流磁场与线圈电流磁场同向,A、相吸.从t2到t3时间内,IA反向增强,B中感应电流磁场与A中电流磁场反向，互相排斥.t1时刻,IA达到最大，变化率为零，B最大，变化率为零,B=0，A、B之间无互相作用力.t2时刻，I，通过B的磁通量变化率最大，在中的感应电流最大，但A在B处无磁场，A线圈对线圈无作用力选:A、B、点拨：A线圈中的电流产生的磁场通过B线圈,中电流变化要在B线圈中感应出电流，鉴定出B中的电流是核心【例3】如图15所示,MN是一根固定的通电长导线,电流方向向

23、上,今将一金属线框abd放在导线上,让线圈的位置偏向导线左边，两者彼此绝缘，当导线中电流忽然增大时,线框整体受力状况 A受力向右 B受力向左C受力向上 D.受力为零点拨：用楞次定律分析求解,要注意线圈内“净”磁通量变化.参照答案：【例4】如图1-5所示,导体圆环面积10cm2，电容器的电容C2F(电容器体积很小),垂直穿过圆环的匀强磁场的磁感强度B随时间变化的图线如图，则1末电容器带电量为_,s末电容器带电量为_，带正电的是极板_点拨:当回路不闭合时,要判断感应电动势的方向,可假想回路闭合,由楞次定律判断出感应电流的方向，感应电动势的方向与感应电流方向一致.参照答案：0、0-1C;a;变压器典

24、型例题解析【例】一只电阻、一只电容器、一只电感线圈并联后接入手摇交流发电机的输出端摇动频率不断增长，则通过它们的电流、IC、IL如何变化 AIR不变、I增大、IL减小B.I增大、IC增大、减小C.增大、C增大、IL不变D.IR不变、IC增大、I不变解答：应选C点拨:手摇发电机的磁场、线圈形状和匝数都是不变的,输出电压与频率成正比.纯电阻电路中，电阻与频率无关，IRU，因此IR与频率成正比;纯电容电路中,容抗XC=1/2f,IU/XC=fCU，与频率的二次方成正比；纯电感电路中,XL=2f,ILU/LU/2fL，与频率无关.【例2】图87为抱负变压器,它的初级线圈接在交流电源上，次级线圈接在一种

25、标有“12V 00”的灯泡上已知变压器初、次级线圈匝数之比为181，那么灯泡正常工作时，图中的电压表读数为_V，电流表读数为_A解答:由公式U/U2n1/n2,得12n1/n2=21(V）；因抱负变压器的初、次级功率相等,因此=P1U1=P/=06() 即电压表、电流表读数分别为6、046. 点拨：分析抱负变压器问题时应注意对的应用电压关系和电流关系、特别是初、次级功率相等的关系.【例】如图818所示,甲、乙两电路是电容器的两种不同的接法,它们各在什么条件下采用?应如何选择电容器？点拨:核心是注意容抗与交流电的频率成反比.甲应是电容较大的电容器，乙应是电容较小的电容器. 参照答案: 甲是电容较

26、大的电容器通交流，阻直流、乙是电容较小的电容器通直流，去掉交流【例4】如图1-19所示,抱负变压器的两个次级线圈分别接有“24V 2W”、“1V 24”的灯泡，且都正常发光，求当开关断开和闭合时,通过初级线圈的电流之比点拨:核心是初、次级功率始终相等.参照答案:13.日光灯原理典型例题解析【例】如图1102所示的电路,L为自感线圈，R是一种灯泡，E是电源，当开关S闭合瞬间，通过电灯的电流方向是_.当S断开瞬间,通过电灯的电流方向是_.解析:S闭合时，流经R的电流.当断开瞬间，由于电源提供应R的电流不久消失,而线圈中电流减小时要产生一种和原电流方向相似的自感电动势来阻碍原电流减小，因此线圈此时相

27、称于一种电源,与电灯构成放电电路故通过R的电流方向是点拔：S闭合瞬间与S断开瞬间线圈产生的自感电动势方向不同.【例2】如图17-1所示，电源电动势E=6，内阻不计，A、B两灯都标有“V、0.3”,电阻R和线圈L的直流电阻RL均为20,试分析：在开关闭合和断开的极短时间内流过A、两灯的电流变化状况?解析：闭合到电路稳定的极短时间内，随着L中的电流逐渐变化.、B两灯中电流分别从0.1和0.A逐渐增长和减少为0.15A;S断开时A中的电流由05 A立即变为零,B中的电流由向右0.15A立即变为向左0.15 A,然后逐渐减为零.点拨:线圈作为瞬间电流源只能使得电流强度从原有值开始变化【例3】下列说法中

28、对的的是 A.电路中电流越大,自感电动势越大B电路中电流变化越大，自感电动势越大C线圈中电流均匀增大，线圈的电感系数也将均匀增大D.线圈中电流为零时，自感电动势不一定为零点拨:注意辨别物理量,物理量的变化量,物理量的变化率参照答案:【例4】如图17104所示，多匝线圈和电池的内阻均为零,两个电阻的阻值均为R，开关S本来打开着,电路中的电流为I.现将S闭合,于是电路中产生感应电动势，此自感电动势的作用是 使电路中的电流减小，最后由I减到零B.有阻碍电流的作用,最后电流不不小于I有阻碍电流增大的作用，故电流总保持不变D有阻碍电流增大的作用,但电流还是增大,最后变为2I点拨:自感作用阻碍的是电流的变

29、化而不是电流.同步,“阻碍”不是“制止”. 参照答案：D相交流电典型例题解析【例1】在图8中输电线总电阻为1，输送的电功率P100kW.在下列两种状况下分别求出输电电流I,输电线上损耗的功率P损.输电电压U输=40V;输电电压U输=10kV.解答：根据公式P=IU输先求出输电线上电流I，输电线上的损耗功率为线I2R线,顾客得到的功率用P-线.解得：I=250,P线=62.5kW；I10A,P线0W.点拨:注意输电电压的变化所相应的各个物理量的变化.此题阐明远距离送电必须采用高压送电的道理.【例】三相交流发电机的三个线圈中相的电压为=1in1tV，那么 A三个线圈中交流电的频率都是5H.在0时，

30、其她两个线圈的输电电压为零若按形接法,任意两线间的电压的最大值为380D若按形接法,任意两线间的电压的有效值为2点拨:三相交流发电机的每个线圈的频率、电压的有效值(或最大值）均相似，但由于不同步，因此任一时刻的瞬时值不同.在两种连接方式中线电压和相电压的关系不同解答：对的答案是、D自感与涡流典型例题【例1】 如图所示电路,A、灯电阻均为R，闭合K1打开2时，两灯亮度同样，若再闭合2待稳定后将K断开,则断开瞬间:.B灯立即熄灭 BA灯过一会儿才熄灭C.流过灯的电流方向是cd D.流过灯的电流方向是ba【分析】电路中有一线圈L,在稳定的恒定电流路中,线圈相称于电阻很小的导线;当电路中的电流发生变化

31、时,线圈会产生自感电动势阻碍电流的变化。【解答】 1、K2闭合电路稳定期,灯A、亮度相似,但都较弱，当断开的瞬间,B灯立即熄灭，但线圈L产生自感电动势，（加强原电流方向）在闭合回路cb中有自感电流，因此A灯不能立即熄灭，有ba方向的电流通过。对的选项为A、D【阐明】 自感现象是一种特殊的电磁感应现象,它仍遵循楞次定律和法拉第电磁感应定律的规律，它是一种相称普遍的现象,只要电路中的电流发生变化，在线圈中都会有限度不同的自感现象发生。我们需要运用自感时，可加大自感系数，需要削弱自感影响时,可减小自感系数。【例2】：在图所示的电路中,两个相似的电流表G1和G2的零点在刻度盘中央，当电流从“+”接线柱

32、流入时，指针向右摆；当电流从“”接线柱流入时,指针向左摆。在电路接通后再断开开关K的瞬间，下列说法中对的的是 A、1指针向右摆,G2指针向左摆 B、1指针向左摆,G2指针向右摆 、两表指针都向右摆 D、两表指针都向左摆【分析】 当开关K闭合时,流经电感线圈的电流方向为自左向右流动。当断开开关K的瞬间，通过线圈L的电流将变小，根据楞次定律,必然感应电流方向与原电流方向相似,也将是自左向右流,以阻碍原电流减小的变化。这样在由L、G、R及构成的闭合电路中,感应电流将从G2的负接线柱流入,因而G的指针向左偏;感应电流将从的正接线柱流入，因而G1的指针向右偏。【解答】 【阐明】 这是断电自感现象,自感电

33、流流经由L和R构成的闭合回路，因此通过两电流表的电流方向必然相反。【例】在水平放置的光滑导轨上,沿导轨固定一种条形磁铁如图1。既有铜、铝和有机玻璃制成的滑块甲、乙、丙,使它们从导轨上的A点以某一初速向磁铁滑去。各物块在拜碰上磁铁前的运动状况将是 A.都作匀速运动 B.甲、乙作加速运动 .甲、乙作减速运动 D.乙、丙作匀速运动【阐明】本题容易误解选是出于如下考虑:由于铜、铝、有机玻璃都属非铁磁性物质，它们在磁场里不能被磁化,因而不会受到磁铁的引力,故作匀速运动。【解答】对的选项C。但本问题有新的物理现象再现:同属金属的铜块、铝块向磁铁接近时，穿过它们的磁通量发生变化，因此在其内部会产生感应电流I，如图2，这个电流在金属块内部自成回路，仿佛水的旋涡同样，故叫涡流。既有感应电流形成，则感应电流的效果对产生它的因素总起阻碍作用，因此铜块、铝块向磁铁的运动会受阻而减速。有机玻璃为非金属，不产生涡流现象.