高考物理(新课标1卷)详解版

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1、绝密启用前一般高等学校招生全国统一考试(课标卷)理科综合能力测试（物理）第卷(选择题 共126分)二、选择题：本题共8小题，每题6分。在每题给出的四个选项中,第1418题只有一项符合题目规定，第19-21题有多项符合题目规定。所有选对的得6分，选对但不全的得3分,有选错的得0分。1132421309329816452625582436611924971600648210414右图是伽利略16做斜面实验时的一页手稿照片,照片左上角的三列数据如下表。表中第二列是时间,第三列是物体沿斜面运动的距离,第一列是伽利略在分析实验数据时添加的。根据表中的数据，伽利略可以得出的结论是A物体具有惯性B.斜面倾角

2、一定期，加速度与质量无关C.物体运动的距离与时间的平方成正比D.物体运动的加速度与重力加速度成正比【答案】C【解析】伽利略对一种简朴的加速度运动有两种猜想：一是物体的速度随位移均匀变化，另一种是物体的速度随时间均匀变化。她比较倾向后者,然后从数学上推理得出，如果物体的速度随时间均匀变化,则其位移将与时间的平方成正比(初速度为零时）。伽利略做这个实验的目的就是验证自己的后一种想法。对的选项abcdqQ15如图,一半径为R的圆盘上均匀分布着电荷量为的电荷,在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、 、d三个点，a和b、b和c、 和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q（q0)的固定点电荷。已知b点处的

3、场强为零,则点处场强的大小为(为静电力常量） B. C. D.【答案】B【解析】由b处的合场强为零可知圆盘在此处产生的场强与点电荷q在此处产生的场强大小相等。d与b有关圆盘对称，因此圆盘在d处产生的场强与在b处产生的场强大小相等。根据以上分析可知:。对的选项B1一水平放置的平行板电容器的两极板间距为d，极板分别与电池两极相连，上极板中心有一小孔(小孔对电场的影响可忽视不计）。小孔正上方d/2处的P点有一带电粒子,该粒子从静止开始下落，通过小孔进入电容器,并在下极板处(未与极板接触）返回。若将下极板向上平移d/，则从点开始下落的相似粒子将A.打到下极板上 B在下极板处返回C在距上极板d/处返回

4、D.在距上极板2d/处返回【答案】D【解析】第一种运动过程由动能定理可知:；电容器保持与电源相连并且板间距减为本来的时，场强将由E变为,设粒子在距上极板x的位置返回，则在此处时速度为零,由动能定理可知： 。两式联立可得。对的选项DabcMN17.如图，在水平面（纸面)内有三根相似的均匀金属棒ab、ac和MN，其中ab、c在a点接触,构成“V”字型导轨。空间存在垂直于纸面的均匀磁场。用力使MN向右匀速运动，从图示位置开始计时，运动中始终与bac的平分线垂直且和导轨保持良好接触。下列有关回路中电流i与时间t的关系图线，也许对的的是itOitOitOitO B C D【答案】AabBq【解析】在导体

5、棒MN向右匀速运动过程中，由于其连入电路部分长度随时间线性增长，从而其电动势随时间线性增长。又由电阻定律可知,构成回路的三角形周长随时间线性增长，则其总电阻随时间线性增长。结合闭合电路欧姆定律可知,电流应恒定不变。对的选项A18如图，半径为的圆是一圆柱形匀强磁场区域的横截面（纸面），磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外。一电荷量为q(q0)、质量为m的粒子沿平行于直径ab的方向射入磁场区域,射入点与a的距离为R。已知粒子射出去的磁场与射入磁场时运动方向间的夹角为60，则例子的速率为(不计重力)abBOCMNHA. B C D.【答案】【解析】如图所示，粒子射出磁场与射入磁场时运动方向间的夹角

6、为，则其运动轨迹所对的圆心角NCM也为。在三角形OH中,因此用HOM为。由角边角定理可知,三角形OMN与三角形CN全等,即圆周运动半径与磁场区域圆半径相等。由可知。对的选项B19如图,直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和的位置-时间(x-t）图线。由图可知Oxtt1t2abA.在时刻t1,a车追上b车B.在时刻t2，、b两车运动方向相反.在t1到t这段时间内,车的速率先减少后增长D在t1到t2这段时间内，b车的速率始终比a车的大【答案】C【解析】时刻之前，在的背面,而在此时间b追上,A错。在x-t图中,切线斜率表达物体的运动速度，其中斜率的绝对值表达速度的大小，斜率的正负表达运动方向

7、,可知BC对的。对的选项B20月8日，神州九号飞船与天宫一号目的飞行器在离地面34m的近圆形轨道上成功进行了国内初次载人空间交会对接。对接轨道所处的空间存在极其稀薄的大气，下面说法对的的是A为实现对接，两者运营速度的大小都应介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间B.如不加干预，在运营一段时间后,天宫一号的动能也许会增长C.如不加干预，天宫一号的轨道高度将缓慢减少.航天员在天宫一号中处在失重状态，阐明航天员不受地球引力作用【答案】BC【解析】由于空气阻力的作用,其轨道半径越来越小,速度越来越大。失重并不是物体不受重力，而是对悬挂物的拉力或对支撑物的压力不不小于自身的重力，错误。在圆形轨道上绕地球做匀

8、速圆周运动时,第一宇宙速度是其最大的环绕速度,A错误。对的选项BC+飞机阻拦索定滑轮图(a)7060504030201000.51.01.52.02.53.03.5t/sv/(ms-1)图(b)21.1月，“歼15”舰载机在“辽宁号”航空母舰上着舰成功。图(a）为运用阻拦系统让舰载机在飞行甲板上迅速停止的原理示意图。飞机着舰并成功钩住阻拦索后,飞机的动力系统立即关闭,阻拦系统通过阻拦索对飞机施加一作用力,使飞机在甲板上短距离滑行后停止,某次降落，以飞机着舰为计时零点，飞机在t04时正好钩住阻拦索中间位置，其着舰到停止的速度时间图线如图(）所示。如果无阻拦索，飞机从着舰到停止需要的滑行距离约为1

9、0m。已知航母始终静止,重力加速度的大小为g。则.从着舰到停止,飞机在甲板上滑行的距离约为无阻拦索时的1/B在.4s2.5s时间内,阻拦索的张力几乎不随时间变化在滑行过程中,飞行员所承受的加速度大小会超过5gD.在0.4s2.5s时间内,阻拦系统对飞机做功的功率几乎不变【答案】AC【解析】过（,70）和（3,0）的直线与两坐标轴所围的三角形面积可替代曲线下的面积，其面积值为飞机在甲板上滑行的距离，A对的。在0.42.5s时间内，飞机近似做匀变速运动，加速度不变,合力不变，阻拦索对飞机的合力不变，但由于阻拦索之间的夹角在小,因此阻拦索中的力在变小,B错误。由在.4s2.5时间内直线斜率可知飞机运

10、动的最大加速度会超过25g,C对的。阻拦索对飞机的合力不变，但飞机的速度在减小,因此阻拦索系统对飞机做功的功率减小，D错误。对的选项AC第II卷三、非选择题:涉及必考题和选考题两部分。第2题第32题为必考题，每个试题考生必须作答。第3题第0题为选考题，考生根据规定作答。(一)必考题（共19分)22（7分)图(a)为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图。实验环节如下:ABds图(a)重物轻滑轮光电门光电门遮光片物块细线用天平测量物块和遮光片的总质量M、重物的质量；用游标卡尺测量遮光片的宽度d;用米尺测最两光电门之间的距离s;调节轻滑轮,使细线水平;让物块从光电门的左侧由静止释放，用数

11、字毫秒计分别测出遮光片通过光电门和光电门B所用的时间tA和t,求出加速度；05101520123图(b)多次反复环节,求a的平均值；根据上述实验数据求出动擦因数。回答下列为题:测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示数如图（）所示,其读数为_c。物块的加速度可用d、s、tA和tB表达为a=_。动摩擦因数可用M、m、和重力加速度表达为=_如果细线没有调节到水平，由此引起的误差属于_（填“偶尔误差”或“系统误差”)。【答案】0.960 系统误差【解析】(1)游标卡尺的读数:0.9cm2.05m=0.60cm。(2)由于，,由运动学公式知，联立解得：。(3)由牛顿第二定律得:;,联立解得

12、。()系统误差是由于仪器自身不精确,或实验措施粗略，或实验原理不完善而产生的。偶尔误差是由多种偶尔因素对实验者、测量仪器、被测物理量的影响而产生的。细线没有调节到水平引起的误差属于系统误差。23（8分)某学生实验小组运用图（）所示电路，测量多用电表内电池的电动势和多用电表V+21黑红图(a)电阻“lk”挡内部电路的总电阻。使用的器材有:多用电表；电压表：量程5V，内阻十几千欧；滑动变阻器：最大阻值5k导线若干。回答问题：将多用电表挡位调到电阻“lk”挡,再将红表笔和黑表笔 ,调零点。将图（a）中多用电表的红表笔和 (填“1”或“2”）端相连,黑表笔连接另一端。将滑动变阻器的滑片调到合适位置,使

13、多角电表的示数如图(b)所示,这时电压表的示数如图(c)所示。多用电表和电压表的读数分别为_k和_V。A-V-V图(b)图(c)图(d)调节滑动变阻器的滑片，使其接入电路的阻值为零。此时多用电表和电压表的读数分别为1.和.0V。从测量数据可知,电压表的内阻为_k。多用电表电阻挡内部电路可等效为由一种无内阻的电池、一种抱负电流表和一种电阻串联而成的电路，如图(d)所示。根据前面的实验数据计算可得，此多用电表内电池的电动势为_V,电阻“lk”挡内部电路的总电阻为_。【答案】短接 1 50 360 120 9.00 10【解析】(1) 欧姆表测电阻时,先选档；然后进行欧姆调零,将红、黑表笔短接,调节

14、欧姆调零旋钮，使指针指到欧姆表刻度的零位置;再测量、读数。 () 对于多用电表欧姆档,其电流从黑表笔流出，从红表笔流入，而电压表则规定电流从“+”接线柱流入，因此红表笔应和“1”端相连。 (3)多用电表欧姆档的测量值等于表盘上读数乘以倍率,电阻“”读第一排,读数为1.01k=15.0k；直流电压5,最小分度为0.1V，估读到分度值下一位，读数为360。 ()调节滑动变阻器的滑片,使其接入电路的阻值为零，多用电表的读数即为电压表的内阻。 ()由闭合电路欧姆定律得:，有：，。解得：=9.0V,r=15.0k24(3分) yxyAH2llK(l,l)OlFIGxBE水平桌面上有两个玩具车A和B，两者

15、用一轻质细橡皮筋相连,在橡皮筋上有一红色标记。在初始时橡皮筋处在拉直状态,A、B和分别位于直角坐标系中的(0,2）、（,l)和(0,0)点。已知A从静止开始沿y轴正向做加速度大小为a的匀加速运动;B平行于x轴朝轴正向匀速运动。在两车此后运动的过程中,标记R在某时刻通过点(,)。假定橡皮筋的伸长是均匀的，求B运动速度的大小。【答案】【解析】设车的速度大小为v。如图,标记在时刻t通过点K(l,),此时A、B的位置分别为H、G。由运动学公式，H的纵坐标、G的横坐标分别为 在开始运动时，到和B的距离之比为2：1,即由于橡皮筋的伸长是均匀的，在后来任一时刻R到和B的距离之比都为2：1。因此，在时刻t有

16、由于相似于，有 由式得 联立式得 5.（19分)如图，两条平行导轨所在平面与水平地面的夹角为，间距为。导轨上端接有一平行板电容器，电容为C。导轨处在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向垂直于导轨平面。在导轨上放置一质量为m的金属棒，棒可沿导轨下滑，且在下滑过程中保持与导轨垂直并良好接触。已知金属棒与导轨之间的动摩擦因数为，重力加速度大小为g。忽视所有电阻。让金属棒从导轨上端由静止开始下滑，求:mLBC电容器极板上积累的电荷量与金属棒速度大小的关系;金属棒的速度大小随时间变化的关系。【答案】Q=CBLv【解析】（1)设金属棒下滑的速度大小为，则感应电动势为 平行板电容器两极板之间的电势差为 设此

17、时电容器极板上积累的电荷量为Q,按定义有 联立式得 （)设金属棒的速度大小为时经历的时间为,通过金属棒的电流为i,金属棒受到的磁场的作用力方向沿导轨向上,大小为 设在时间间隔内流经金属棒的电荷量为,按定义有 也是平行板电容器极板在时间间隔内增长的电荷量,由式得 式中，为金属棒的速度变化量，按定义有 金属棒所受的摩擦力方向斜向上，大小为 式中,N是金属棒对于导轨的正压力的大小，有 金属棒在时刻的加速度方向沿斜面向下,设其大小为,根据牛顿第二定律有 联立至式得 由式及题设可知,金属棒做初速度为零的匀加速运动。T时刻金属棒的速度大小为 (二)选考题:共45分。请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2

18、道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致,在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做第一题计分。33物理选修（1分）(6分）两个相距较远的分子仅在分子力作用下由静止开始运动,直至不再接近。在此过程中，下列说法对的的是 （填对的答案标号。选对1个得3分,选对个得分，选对3个得分。每选错1个扣3分,最低得分为分）A.分子力先增大,后始终减小.分子力先做正功,后做负功.分子动能先增大，后减小D分子势能先增大,后减小E分子势能和动能之和不变【答案】E【解析】由分子力随分子间距离变化关系分析知，分子力先增大,然后减小，

19、再增大,选项错误；分子从相距很远处开始运动,则rr0时合力为引力，力和位移的夹角不不小于900,分子力做正功，分子动能大。r时合力为斥力，力和位移的夹角不小于00，分子力做负功,分子动能减小,B选项对的；由分子力做功与分子势能变化关系知,分子势能先减小,后增大,D选项错误；分子仅在分子力作用下运动,只有分子力做功,分子势能和动能之间互相转化，分子势能和动能之和不变;E选项对的；p0/3p0K （9分)如图,两个侧壁绝热、顶部和底部都导热的相似气缸直立放置,气缸底部和顶部均有细管连通，顶部的细管带有阀门。两气缸的容积均为,气缸中各有一种绝热活塞(质量不同,厚度可忽视)。开始时关闭,两活塞下方和右

20、活塞上方充有气体(可视为抱负气体)，压强分别为p和po3；左活塞在气缸正中间,其上方为真空;右活塞上方气体体积为V04。现使气缸底与一恒温热源接触，平衡后左活塞升至气缸顶部,且与顶部刚好没有接触;然后打开K,通过一段时间,重新达到平衡。已知外界温度为0,不计活塞与气缸壁间的摩擦。求:(i）恒温热源的温度T；p0/3p0K恒 温 热 源（ii）重新达到平衡后左气缸中活塞上方气体的体积Vx。【答案】（i） T=T05 (i)x V0/2【解析】()与恒温热源接触后,在K未打开时,右活塞不动,两活塞下方的气体经历等压过程,由盖吕萨克定律得 得 （ii）由初始状态的力学平衡条件可知,左活塞质量比右活塞

21、的大。打开K后，左活塞下降至某一位置,右活塞必须升至气缸顶,才干满足力学平衡条件。气缸顶部与外界接触，底部与恒温热源接触，两部分气体各自经历等温过程,设左活塞上方气体压强为P，由玻意耳定律得 pVxK恒 温 热 源 联立式得 其解为 另一解,不合题意,舍去。.物理选修34(15分)(6分）如图，a、b、d是均匀媒质中轴上的四个质点，相邻两点的间距依次为m、4m和6m。一列简谐横波以2m/s的波速沿x轴正向传播，在t0时刻达到质点a处，质点由平衡位置开始竖直向下运动，t3s时a第一次达到最高点。下列说法对的的是 (填对的答案标号。选对1个得3分，选对2个得4分,选对3个得6分。每选错1个扣3分,

22、最低得分为0分)A.在t=s时刻波正好传到质点处abcdxB.在t=5s时刻质点c正好达到最高点C.质点b开始振动后，其振动周期为4sD在4st6s的时间间隔内质点c向上运动E当质点向下运动时,质点b一定向上运动【答案】CD【解析】当=6时,波传播的距离x=vt 21，A选项对的； t0时刻质点a由平衡位置开始竖直向下运动,t=3s时a第一次达到最高点，因此T=4s,C选项对的；质点c正好达到最高点的时间t=36/2=6，B选项错误;t=4s时，质点位于波谷，D项对的;由=vT知=4m=，1m=,因此当质点d从最高点向下运动时，质点b从平衡位置向下运动,E选项错误。(分）图示为一光导纤维(可简

23、化为一长玻璃丝）的示意图，玻璃丝长为,折射率为n，AB代表端面。已知光在真空中的传播速度为c。()为使光线能从玻璃丝的AB端面传播到另一端面，求光线在端面AB上的入射角应满足的条件;AB(ii)求光线从玻璃丝的端面传播到另一端面所藉的最长时间。【答案】(） ii (i）【解析】(i)设光线在端面A上C点(如图）的入射角为，折射角为,由折射定律有 设该光线射向玻璃丝内壁D点的入射角为,为了使该光线可在此光导纤维中传播,应有ABCDir 式中是光线在玻璃丝内发生全反射时的临界角，它满足 由几何关系得 由式得 (i）光在玻璃丝中传播速度的大小为 光速在玻璃丝中轴线方向的分量为 光线从玻璃丝端面传播到

24、其另一端面所需时间为 光线在玻璃丝中传播,在刚好发生全反射时，光线从端面B传播到其另一面所需的时间最长，由式得 物理选修3-5 (15分)（6分)一质子束入射到能止靶核上，产生如下核反映:，式中p代表质子,n代表中子，代表核反映产生的新核 。由反映式可知,新核X的质子数为 ,中子数为 。【答案】14 13【解析】根据核反映过程电荷数守恒和质量数守恒，新核的质子数为1+13-=14，质量数为127-1=7,因此中子数=27-。(分)在粗糙的水平桌面上有两个静止的木块A和，两者相距为d。现给A一初速度,使A与B发生弹性正碰，碰撞时间极短。当两木块都停止运动后，相距仍然为d。已知两木块与桌面之间的动摩擦因数均为，B的质量为A的2倍,重力加速度大小为g。求A的初速度的大小。【答案】【解析】设在发生碰撞前的瞬间,木块A的速度大小为v;在碰撞后的瞬间,A和B的速度分别为和。在碰撞过程中,由能量和动量守恒定律，得 式中,以碰撞前木块A的速度方向为正,由式得 设碰撞后A和的运动的距离分别为和，由动能定理得 依题意有 设A的初速度大小为，由动能定理得 联立至式,得