贵州省遵义市2023年中考物理试卷

《贵州省遵义市2023年中考物理试卷》由会员分享，可在线阅读，更多相关《贵州省遵义市2023年中考物理试卷（11页珍藏版）》请在装配图网上搜索。

1、贵州省遵义市2023年中考物理试卷三、单项选择题本大题6个小题，每题3分，共18分每题只有一个正确答案，请在答题卡选择题栏内，用2B铅笔将对应题目答案的标号涂黑13分2023遵义纳米陶瓷是一种高新科技材料，具有耐磨、耐腐蚀、耐高温、防渗透、完全无磁性等特点，以下选项中哪项可以利用纳米陶瓷材料制造A高压输电线B装浓硫酸的容器C银行储蓄卡DLED发光二极管考点：纳米材料的应用和开展前景专题：粒子与宇宙、材料世界分析：根据纳米陶瓷的耐磨、耐腐蚀、耐高温、防渗透、完全无磁性等特点判断各选项的正误来源:Z,xx,k.Com解答：解：A、纳米陶瓷不能导电，因此不能制造高压输电线，该选项不符合题意；B、纳米

2、陶瓷耐腐蚀，因此可以用来制造装浓硫酸的容器，该选项符合题意；C、纳米陶瓷完全无磁性，因此不能制造银行储蓄卡，该选项不符合题意；D、纳米陶瓷不能导电，因此不能用来制作发光二极管，该选项不符合题意应选B点评：此题考查了纳米陶瓷材料的应用，能够结合它的特点进行分析是解题的关键23分2023遵义以下自然现象中，属于凝华的是A树枝上形成雾淞B池塘中的水结冰C植物上形成露珠D寒冬晾在室外冰冻的衣服变干考点：生活中的凝华现象专题：汽化和液化、升华和凝华分析：凝华是指物质由气态直接变成固态的现象，雪、霜、树挂、雾凇等现象，都是水蒸气遇冷凝华而成的解答：解：A、树枝上出现雾凇，是空气中的水蒸气遇到温度较低的树枝

3、凝结成的小冰晶，属于凝华现象，符合题意；B、池塘中的水结冰，由液态变成固态，属于凝固现象，不符合题意；C、植物上形成露珠，是由空气中的水蒸气遇冷凝结而成，属于液化现象，不符合题意；D、寒冬晾在室外冰冻的衣服变干，冰直接变成了水蒸气，发生了升华现象，不符合题意应选A点评：此题考查了对生活中各种物态变化现象的判断，是中考的热点题型，能够分清物质的状态变化是解题的关键33分2023遵义2023年4月20日，四川雅安芦山发生了7.0级强烈地震，造成了大量伤亡，其中一个原因是发生地震时没有采取合理的自救措施，假设一个人在发生地震时被埋在废墟下面，以下自救措施合理的是A就地静止等待B大声呼救C使劲向有缝隙

4、的地方钻爬D用硬物敲击墙壁，水管等物传出声音考点：声音的传播条件专题：声现象分析：解决此类问题的关键是知道声音的传播条件是可以在气体、固体、液体中传播，且声音在固体中的传播速度大于在气体中的传播速度解答：解：A、救援人员是根据是否有生命迹象判断是否有人并进行施救，如果静静等待会失去被救的时机，故A不可行； B、大声呼救，会浪费体力，且地面上的人不易听到，故B不可行；来源:Z_xx_k.ComC、见缝隙就钻，从废墟中爬出来，如果不恰当的话，会卡在缝隙里，故C不可行；D、因为声音可以在固体中进行传播，所以可以通过敲击废墟板或墙壁产生声音并通过固体向外传播声音，这样可以引起救助人员的注意，最后会获得

5、救援，故D可行应选D点评：此题主要考查的是学生遇到灾害后自救的一些措施，以及声音在不同介质中的传播速度的比拟表达了物理知识在生活中的广泛运用43分2023遵义将物理书放置在水平桌面上，以下各力是一对平衡力的是A书受到的重力和书对桌面的压力B书对地球的吸引力和书受到的重力C书受到的重力和桌面对书的支持力D书对桌面的压力和桌面对书的支持力考点：平衡力的区分专题：应用题；运动和力分析：根据二力平衡的条件进行解答，即：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上，缺一不可解答：解：A、书受到的重力和书对桌面的压力，这两个力方向相同且作用在两个物体上，不符合二力平衡条件，不是一对平衡力，故A不

6、正确；B、书对地球的吸引力和书受到的重力，这两个力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故B不正确；C、书受到的重力和桌面对书的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上，是一对平衡力，故C正确；D、书对桌面的压力和桌面对书的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故D不正确应选C点评：此题考查了平衡力的区分，要注意平衡力和相互作用力都是大小相等、方向相反、作用在同一直线上，但是平衡力作用在一个物体上，相互作用力作用在两个物体上53分2023遵义现在

7、，轿车已进入寻常百姓家，设想你是一位驾驶员，在夜间行车时不但需要前车灯有良好的照明，还要会合理判断灯光的照射情况，假设前方出现弯道时，灯光照射路面的情况是A照射情况不变B灯光由路中移到路侧C灯光离开路面D照射距离变短考点：光直线传播的应用专题：压轴题；光的传播和反射、平面镜成像分析：光在同种、均匀透明介质中沿直线传播解答：解：夜间行车出现弯道时，由于汽车发出的光柱是沿直线传播的，因此要把灯光由路中移到路侧，来观察路侧的情况，以免发生危险应选B点评：夜间行车如远光灯光线突然消失不再出现，可判断前方有路口或弯道；如远光灯光线左右大幅度摆动，可判断前方是弯曲道路；如远光灯光线上下浮动可判断前方是坡路

8、63分2023遵义如下图的电路，将AB两端接入10V电源，电压表示数为3V，拆去AB两端电源，再将CD两端接入10V电源，电压表示数为7V，那么R1：R3的值为A1：1B7：3C49：9D100：21考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电路的动态分析专题：应用题；压轴题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题分析：1将AB两端接入10V电源时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出R1与R2的比值；2拆去AB两端电源，再将CD两端接入10V电源，R2与R3串联，电压表测R2两端的电压，根据串联

9、电路的电压特点求出R3两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出R2与R3的比值，进一步求出R1：R3的值解答：解：1将AB两端接入10V电源时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，串联电路中总电压等于各分电压之和，R1两端的电压U1=UU2=10V3V=7V，由欧姆定律可得：=，拆去AB两端电源，再将CD两端接入10V电源，R2与R3串联，电压表测R2两端的电压，R3两端的电压U3=UU2=10V7V=3V，=应选C点评：此题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电源不同位置时的连接方式和电压表测量的电路元件是关键四、填空题本大题包括6个小题，每空2分，共24分请将以下答题中的

10、序号所占位置的应答内容，填写到答题卡相应题号的空格内74分2023遵义2023年6月16日“神州九号载人飞船成功发射，完成任务后宇航员乘返回舱平安返回，返回舱到达离地面一定高度时翻开降落伞，受到空气的阻力而匀速下落，在匀速下落过程中，返回舱的动能不变，机械能减小选填“增大、“不变或“减小考点：动能和势能的大小变化专题：机械能及其转化分析：动能的大小跟物体的质量和速度有关；重力势能的大小跟物体的质量和高度有关解答：解：匀速下落，速度不变，质量不变，所以动能大小不变，高度减小，重力势能减小，机械能也就减小故答案为：不变；减小点评：此题考查动能和重力势能的影响因素，相比照拟简单，属于根底题84分20

11、23遵义一只电热快速开水壶，内装质量为1.5kg，初温为20的水，在对水加热的过程中，水的内能增大，将这些水烧开，水吸收的热量是5.04105当地气压为1标准大气压，C水=4.2103J/kg考点：热量的计算专题：比热容、热机、热值分析：1烧水时，电流通过电热快做功，将电能转化为内能，使水的内能增加、温度升高；2知道水的质量、水的初温和末温在标准大气压下，水的沸点为100、水的比热容，根据吸热公式Q吸=cmt计算出水吸收的热量解答：解：1在对水加热的过程中，水的内能增大、温度升高；2在标准大气压下，将水烧开，水的末温是100，水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/kg1.5kg10020

12、=5.04105J故答案为：增大；5.04105点评：此题考查了热量的计算，计算时注意隐含条件“在标准大气压下，水的沸点为10094分2023遵义遵义市正在建设“宜居、宜业、宜游的三宜城市，为了宜游，正在加快建设遵义到赤水的高速公路“遵赤高速由三段组成，已建成的遵义到白腊坎30km，设计最大时速100km/h，白腊坎到仁怀60km，设计最大时速80km/h，正在建设的仁怀到赤水160km，设计最大时速80km/h我们坐在汽车里行驶在高速公路上，看到周围的景物向后退去，这是以汽车为参照物来描述的，假设遵赤高速全程通车后，按规定时速行驶，从遵义到赤水最快需3.05h考点：参照物及其选择；速度公式及

13、其应用专题：计算题；应用题；长度、时间、速度分析：1如果物体相对于参照物位置不变，那么物体是静止的，如果物体相对于参照物的位置不断变化，那么物体是运动的；2主线全长和设计时速，可利用公式t=求出从遵义到赤水所需时间；解答：解：1以汽车为参照物，周围的景物相对于汽车是运动的；2遵义到白腊坎所需时间t1=0.3h；白腊坎到仁怀所需时间t2=0.75h；仁怀到赤水所需时间t3=2h；所以遵赤高速全程通车后，按规定时速行驶，从遵义到赤水最快需t=0.3h+0.75h+2h=3.05h故答案为：汽车；3.05点评：此题考查了学生对速度公式及参照物知识的了解与掌握，计算时注意单位要统一104分2023遵义

14、小明用手把重8N，体积为1.2103m3物体全部浸入水中，此时物体受到的浮力为12N，放手后物体将上浮后一空选填“上浮、“悬浮或“下沉，g取10N/kg，水=1.0103kg/m3考点：浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用专题：浮力；浮沉的应用分析：把物体全部按入水中时，知道排开水的体积和水的密度，利用阿基米德原理求物体受到的浮力；物体的浮沉条件是：浮力大于重力，上浮；浮力等于重力，悬浮；浮力小于重力，下沉解答：解：1物体全浸入水中时，V排=V=1.2103m3，F浮=水gV排=1103kg/m310N/kg1.2103m3=12N；放手后，物体受到的浮力12N要大于物体的自重8N，因此物体

15、要上浮故答案为：12；上浮点评：浮沉条件是我们应该熟知的重要知识，根据它可以判断物体浮沉，也可以在浮沉的情况下判断浮力与重力的关系114分2023遵义小明在测盐水的密度时，用调好的天平测出盐水和杯子的总质量为118g，然后将杯中的局部盐水倒入量筒中，如图甲，那么量筒中盐水的体积为50cm3，再用天平测剩余盐水和杯子的总质量时，天平平衡后右盘所放的砝码和游码在标尺上的位置如图乙，根据以上实验数据，小明测得盐水的密度为1.1103kg/m3考点：液体密度的测量专题：压轴题；测量型实验综合题分析：由图甲所示量筒读出盐水的体积；砝码与游码示数之和是所测物体的质量；根据题意求出盐水的质量，最后由密度公式

16、求出盐水的密度解答：解：由图甲所示可知，盐水的体积V=50ml=50cm3；由图乙可知，剩余盐水和杯子的总质量为50g+10g+3g=63g，盐水的质量m=118g63g=55g，盐水的密度=1.1g/cm3=1.1103kg/m3；故答案为：50；1.1103点评：此题考查了量筒与天平读数，求液体密度等问题，难度不大，是一道根底题；掌握量筒与天平的读数方法，应用密度公式即可正确解题124分2023遵义某兴趣小组设计了如图甲所示的电路进行实验探究，电源为电压可调的学生电源，小灯泡L标有“6V 1.2W字样，R为20的定值电阻小组根据记录的电流表和电压表的示数变化，描绘出如图乙所示的IU关系图当

17、电压表的示数为2V时，通过小灯泡L的电流为0.3A，调节电源电压，当电路消耗的总功率为1.35W时，小灯泡的实际功率为0.9W考点：电功率的计算；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的应用专题：计算题；压轴题；电路和欧姆定律；电能和电功率；图像综合题分析：由电路图可知，灯泡L电阻R并联，电压表测并联局部两端的电压，电流表测干路中的电流1由乙图象读出电压表的示数为2V时，电流表的示数，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R的电流，利用并联电路的电流特点求出通过小灯泡L的电流；2由乙图象找出电路消耗的总功率为1.35W时的电压和干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R的

18、电流，利用并联电路的电流特点求出通过L的电流，利用P=UI求出小灯泡的实际功率解答：解：由电路图可知，灯泡L电阻R并联，电压表测并联局部两端的电压，电流表测干路中的电流1由乙图象可知，当电压表的示数为2V时，电流表的示数即干路电流I=0.4A，并联电路中各支路两端的电压相等，由欧姆定律可得，通过R的电流：IR=0.1A，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，通过小灯泡L的电流：IL=IIR=0.4A0.1A=0.3A；2由乙图象可知，电路电路电流I=0.45A，电源电压U=3V时，小灯泡与定值电阻R0消耗的总功率为P总=UI=3V0.45A=1.35W，此时流过定值电阻的电流：IR=0.15A

19、，流过灯泡的电流：IL=IIR=0.45A0.15A=0.3A，那么灯泡的实际功率：PL实=UIL=3V0.3A=0.9W故答案为：0.3；0.9点评：此题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是从图象中找出小灯泡与定值电阻消耗的总功率为1.35W时的电压和电流值，同时要注意灯泡的电阻是变化的五、作图题本大题包括3个小题，每题6分，共6分请按要求在答题卡相应题号的图形上完成作图136分2023遵义1如图甲所示，一小球从理想光滑的斜面上滚下，请在图中画出小球受到所有力的示意图2如图乙所示，平面镜与水平面的夹角为30，一束与水平面平行的光线入射到平面镜上，请画出对应的反射光线，并标

20、出相应的反射角及度数3如图丙所示，图中已画出了通电螺线管的一条磁感线和静止在螺线管上方的小磁针，请在图中标出已画磁感线的方向和小磁针的N极考点：力的示意图；作光的反射光路图；通电螺线管的极性和电流方向的判断专题：压轴题；图像综合题分析：1沿光滑斜面滚动的小球，由于光滑斜面没有摩擦力，那么此时小球受重力和支持力作用；先找出球的重心，然后根据重力的方向总是竖直向下、支持力垂直于斜面向上，表示出重力、支持力的作用点和方向2先求出入射角的大小，过入射点画出法线，根据反射角等于入射角画出反射光线，最后标出反射角的大小3利用螺线管中电流的方向和线圈的绕向，根据安培定那么确定螺线管的N、S极；然后利用磁极间

21、的作用规律确定小磁针的N、S极，而磁体的外部磁感线从N极到S极解答：解：1由于光滑斜面没有摩擦力，那么此时小球受重力和支持力作用；过球心分别沿竖直向下的方向和垂直于斜面向上的方向画一条带箭头的线段，用符号G表示重力，用符号F表示支持力；如下图：2平面镜与水平面的夹角为30，入射光线水平射到平面镜上，那么入射角等于9030=60，反射角等于入射角等于60；画出法线，根据反射角等于入射角做出反射光线如下图：3根据螺线管中电流的方向和线圈的绕向，利用安培定那么可以确定螺线管的左端为N极、右端为S极；当小磁针静止时，根据磁极间的作用规律可知，相互靠近的一定是异名磁极因此可以确定小磁针的左端为S极，右端

22、为N极；在磁体的周围磁感线总是从N极回到S极，如以下图所示：点评：1第一问牢记重力的方向总是竖直向下的，判断物体的受力情况是画示意图的关键所在2第二问主要考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等，并要注意入射角与反射角的概念3对于一个通电螺线管，只要知道电流的方向、线圈的绕法、螺旋管的N、S极这三个因素中的任意两个，我们就可以据安培定那么判断出另一个六、简答题本大题5分请将简答内容填写到答题卡相应题号的空格内145分2023遵义如下图为司机坐在汽车驾驶室中的情境，汽车的方向盘外表为什么做得比拟粗糙？当快速向前行驶的汽车遇到危险而紧急刹车时，

23、司时机向哪里倾倒？为什么？考点：增大或减小摩擦的方法；惯性专题：压轴题；运动和力；重力、弹力、摩擦力分析：摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面粗糙程度压力越大，接触面越粗糙，摩擦力越大来源:Zxxk.Com惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性是物体本身的一种属性解答：解：汽车的方向盘做的很粗糙，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力司时机像前倾倒；因为原来司机和汽车一起向前运动，当汽车突然刹车时，人体上部由于惯性会保持原来向前运动的状态，而脚已随车停止了运动，因而身体会向前倾倒点评：此题考查了增大摩擦的方法和惯性的知识点，要求学生会用惯性分析日常生活中的有关惯性的现象七、实验

24、探究题本大题包括3个小题，33题4分，34题3分，35题8分，共15分请将以下答题中的序号所占位置的应答内容，填写到答题卡相应题号的空格内154分2023遵义小明在做“探究杠杆平衡的实验中，所用的器材有规格相同的钩码6只，弹簧测力计一只，杠杆及支架，细线，杠杆上每小格距离相等1小明将杠杆挂在支架上，发现杠杆左端下倾，假设他调节杠杆右端的平衡螺母，应将该平衡螺母向右端调节，直到杠杆在水平位置平衡2如图甲所示，小明在已调好的杠杆左端2格处挂了3只钩码，要使杠杆平衡，除可在杠杆右端第“2格挂“3只钩码外，也可以在右端第3格挂2只钩码来完成按“格挂填写3假设杠杆右端不挂钩码，改用弹簧测力计在左端第3格

25、处拉杠杆使其平衡那么最小拉力的方向为竖直向上4如图乙，将弹簧测力计挂在杠杆右端第4格处向下方拉使杠杆平衡，当拉杠杆的力由向左下方逐渐变为向右下方拉的过程中，拉力的变化情况是以下选项中的D填选项符号A逐渐变大 B逐渐变小 C先变大后变小 D先变小后变大考点：探究杠杆的平衡条件实验专题：探究型实验综合题分析：1如果杠杆左端下沉，应向右调节平衡螺母，使杠杆在平衡位置平衡2根据杠杆平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂，分析答题；3杠杆在水平位置平衡，要使拉力最小，力臂应该最大，使力臂在杠杆上力臂最大当杠杆在水平位置平衡，力竖直作用在杠杆上时，力臂在杠杆上4首先分析力臂的变化，再根据杠杆平衡条件：动力动力臂

26、=阻力阻力臂，分析拉力的变化解答：解：1发现杠杆左端下沉，此时，应把杠杆右端的平衡螺母向右调节，使杠杆在不挂钩码时，在水平位置平衡2设每个钩码重力是G，杠杆每格的长度是L杆平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂：3G2L=6GL，因为只有6只钩码，且杠杆的长度最长只有5格，所以杠杆右端：2G3L=6GL；3杠杆在水平位置平衡，力竖直作用在杠杆上，力臂最大，力最小所以弹簧测力计在杠杆左端竖直向上拉杠杆，杠杆才能在水平位置平衡；4当拉杠杆的力由向左下方逐渐变为向右下方拉的过程中，拉力的力臂逐渐变大；当拉力竖直向下时，力臂到达最大；当拉力逐渐变为向右下方拉的过程中，力臂又逐渐变小综上所述力臂的变化情况是先

27、变大后变小；根据杠杆平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂，可知杠杆左边的“阻力阻力臂不变，那么右边的动力和动力臂成反比，力臂的变化情况是先变大后变小，所以拉力的变化是先变小后变大故答案为：1右；23格挂2；3竖直向上；4D点评：此题考查了杠杆平衡的调节、杠杆平衡条件的应用等问题，是实验的常考问题，一定要掌握探究杠杆平衡条件时，要使力臂在杠杆上，有两个条件：杠杆在水平位置平衡；力竖直作用在杠杆上163分2023遵义小明探究凸透镜成像的实验装置如下图：1将凸透镜固定在光具座上50cm刻线处，点燃的蜡烛和光屏位于凸透镜两侧，将蜡烛移动到光具座上30cm刻线处，移动光屏到适宜位置，在光屏上得到一个清晰、等

28、大、倒立的像，那么该凸透镜的焦距为10cm2将点燃的蜡烛移到光具座上10cm刻线处，移动光屏直到出现烛焰清晰的像，那么该像是倒立、缩小的实像选填“放大、“等 大或“缩小3将点燃的蜡烛移到光具座上35cm刻线处，移动光屏到适宜位置可成清晰的像，生活中使用的放大镜、投影仪、照相机中成像原理与此相同的是投影仪考点：凸透镜成像规律及其探究实验专题：压轴题；探究型实验综合题分析：1根据凸透镜成像中u=2f，成倒立等大的实像，v=2f，可计算焦距23根据凸透镜成像的三种情况及其应用：u2f，成倒立、缩小的实像，照相机利用了此原理2fuf，成倒立、放大的实像，应用与投影仪或幻灯机uf，成正立、放大的虚像应用

29、与放大镜解答：解：1由图可知，物距u=50cm30cm=20cm，移动光屏到适宜位置，在光屏上得到一个清晰、等大、倒立的像，由凸透镜成像中u=2f，成倒立等大的实像，v=2f可得2f=20cm，f=10cm2将点燃的蜡烛移到光具座上10cm刻线处，那么u=40cm2f，由凸透镜成像规律可知，那么该像是倒立、缩小的实像；3将点燃的蜡烛移到光具座上35cm刻线处，2fuf，由凸透镜成像规律可知，成倒立、放大的实像，应用与投影仪或幻灯机故答案为：110；2缩小；3投影仪点评：解答此题的关键是注意“将蜡烛移至10cm刻度线处和“将蜡烛移至35cm刻度线处不是指的物距178分2023遵义小明在做“用伏安

30、法测电阻的实验中，所用的器材有3V的电源，最大阻值为10的滑动变阻器R，待测电阻Rx及如图甲所示的其它器材1如图甲，实验电路还未连接完整，请用笔画线代替导线在答题卡相应图中将实验电路连接完整，要求滑动变阻器滑片向右移动时，电流表的示数增大2连接电路时，开关应处于断开状态3调节滑动变阻器进行屡次测量，其中一次当电压表的示数为2.5V时，电流表对应的示数如图乙所示，那么本次测得的待测电阻Rx=9.6保存两位有效数字4做完以上实验后，小明还用该实验装置来探究电流与电压的关系，方案测量当Rx两端电压分别为1V、2V、3V时对应的电流，但发现无论调节滑动变阻器都不能使Rx两端电压到达1V，原因可能是滑动

31、变阻器R的阻值太小考点：伏安法测电阻的探究实验专题：压轴题；探究型实验综合题分析：1掌握滑动变阻器的接法，滑动变阻器滑片向右移动时，电流表的示数增大，那么滑动变阻器的阻值需减小；2为保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；3确定电流表的量程和分度值，读出示数，根据R=计算出电阻值；4根据串分压的知识进行分析解答：解：1滑动变阻器滑片向右移动时，电流表的示数增大，所以滑动变阻器应接下面右边的接线柱，如下图：；2连接电路时，开关应处于断开状态；3由图知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.26A，那么R=9.6；4电源电压为3V，电阻与滑动变阻器串联，根据串分压的知识，当电阻

32、电压为1V时，滑动变阻器两端的电压应为2V，那么滑动变阻器的阻值为待测电阻的2倍，所以电阻两端电压达不到1V，是因为滑动变阻器R的阻值太小故答案为：1见上图；2断开；39.6；4滑动变阻器R的阻值太小点评：此题是“用伏安法测电阻的实验，考查了滑动变阻器的连接，电流表的读数及电阻的计算，同时涉及到了串分压的知识八、计算题本大题包括3个小题，36题7分，37题7分，38题8分，共22分请将解题过程填写到答题卡相应题号的空格内187分2023遵义小明用如下图滑轮组将一个放在水平地面上的物体匀速拉动，物体移动了3m，物体重为2000N，与地面的接触面积为0.5m2，运动过程中物体受到的摩擦力为450N

33、，绳子自由端受到的拉力F 为200N，求：1物体对地面的压强；2拉力F做的功；3该装置的机械效率考点：压强的大小及其计算；功的计算；滑轮组的机械效率专题：计算题；压强、液体的压强；功、功率、机械效率分析：1物体对地面的压力和自身的重力相等，再根据压强公式求出物体对地面的压强；2由图可知绳子的有效股数为3，根据s=ns求出绳子自由端移动的距离，利用W=Fs求出拉力做的功；3根据=100%=100%=100%=100%求出该装置的机械效率解答：解：1物体对地面的压力：F=G=2000N，物体对地面的压强：p=4000Pa；2由图可知：n=3，绳子自由端移动的距离：s=ns=33m=9m，拉力F做的

34、功：WF=F拉s=200N9m=1800J；3该装置的机械效率：=100%=100%=100%=100%=100%=75%答：1物体对地面的压强为4000Pa；2拉力F做的功为1800J；3该装置的机械效率为75%点评：此题综合考查了功的计算、功率的计算、机械效率的计算，此题关键：知道克服摩擦力做的功为有用功197分2023遵义遵义市余庆县境内的构皮滩电站是乌江干流上最大的水电站，电站大坝高为232.5m，坝内水深最大可达150m，装机容量达300万千瓦，多年年平均发电量为96.67亿千瓦时9.667109kWh，修建水电站，用水力发电代替火力发电，可以节约大量的煤炭资源1该水电站坝内水产生的

35、压强为多少？水=1.0103kg/m3，g取10N/kg2该水电站在丰水期可实现满装机容量连接发电，假设丰水期为一个月按30天计，那么丰水期可发电多少kWh？3假设火力发电站的发电效率为36%发电能量与所消耗燃料完全燃烧放出的热量之比，煤炭的热值取3.3107J/kg，以构皮滩电站的多年年均发电量计，假设改用火力发电，每年需消耗多少煤炭？结果保存两位有效数字，1kWh=3.6106J考点：液体的压强的计算；燃料的热值；电功的计算专题：压轴题；比热容、热机、热值；电能和电功率；压强、液体的压强分析：1水深，由液体压强公式可以求出水所产生的压强2发电机发电功率与发电时间，由W=Pt可以求出发电量3

36、求出煤所释放的全部热量，然后由Q=mq的变形公式求出煤的质量解答：解：1水产生的压强p=gh=1.0103kg/m310N/kg15m=1.5106Pa；2丰水期的发电量W=Pt=3106kWh24h30=2.16109kWh；3煤完全燃烧释放的热量Q=9.6671016J，Q=mq，煤的质量m=2.9109kg=2.9106t；答：1该水电站坝内水产生的压强为1.5106Pa2丰水期可发电2.16109kWh3假设用火力发电，每年需消耗2.9106t煤炭点评：应用压强公式、功率变形公式、燃烧值公式的变形公式即可正确解题208分2023遵义如下图，电路中电源电压和灯L的电阻保持不变，定值电阻R

37、=20，灯L标有“8V 6.4W字样，电流表用00.6A量程，电压表用015V量程1灯泡L的电阻为多少？2开关S1闭合，S2、S3断开时，电压表的示数为6V，电源电压为多少？3将滑动变阻器的滑片移到b端，闭合开关S1、S2、S3时，电流表的示数为0.6A，滑动变阻器的最大电阻为多少？4当开关S2闭合，S1、S3断开，在确保电路平安的情况下，当电路消耗的功率最大时，滑动变阻器消耗的功率是多少？考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；电路的动态分析；电功率的计算专题：计算题；压轴题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题分析：

38、1知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出额定电流，根据欧姆定律求出电阻；2开关S1闭合，S2、S3断开时，R与L串联，电压表测R两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压；3将滑动变阻器的滑片移到b端，闭合开关S1、S2、S3时，R与滑动变阻器的最大值并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R的电流，再根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；4当开关S2闭合，S1、S3断开，滑动变阻器与灯泡串联，根据灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流

39、，此时电路消耗的功率最大，根据欧姆定律求出灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用P=UI求出滑动变阻器消耗的功率解答：解：1根据P=UI可得，灯泡的额定电流：IL额=0.8A，根据欧姆定律可得，灯泡的电阻：RL=10；2开关S1闭合，S2、S3断开时，R与L串联，电压表测R两端的电压，串联电路中各处的电流相等，电路中的电流：I=0.3A，此时灯泡两端的电压：UL=IRL=0.3A10=3V，串联电路中总电压等于各分电压之和，电源的电压：U=UR+UL=6V+3V=9V；3将滑动变阻器的滑片移到b端，闭合开关S1、S2、S3时，R与滑动变阻器的最大值并联，电流表测干

40、路电流，并联电路中各支路两端的电压相等，通过R的电流：IR=0.45A，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，通过滑动变阻器的电流：Iab=IIR=0.6A0.45A=0.15A，滑动变阻器的最大阻值：Rab=60；4当开关S2闭合，S1、S3断开，滑动变阻器与灯泡串联，灯泡的额定电流为0.8A，电流表的量程为00.6A，为确保电路平安，电路中的最大电流为0.6A，此时灯泡两端的电压：UL=ImaxRL=0.6A10=6V，滑动变阻器两端的电压：U滑=UUL=9V6V=3V，滑动变阻器消耗的功率：P滑=U滑Imax=3V0.6A=1.8W答：1灯泡L的电阻为10；2电源电压为9V；3滑动变阻器的最大电阻为60；4当开关S2闭合，S1、S3断开，在确保电路平安的情况下，当电路消耗的功率最大时，滑动变阻器消耗的功率是1.8W点评：此题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的区分，要注意在确保电路平安的情况下电路最大电流确实定