甘肃省定西市通渭二中2023届高一上数学期末综合测试试题含解析

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1、2022-2023学年高一上数学期末模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（本大题共12小题，共60分）1的图像是端点为且分别过和两点的两条射线，如图所示，则的解集为A.B.C.D.2正方体ABCDA1B1C1D1中，异面直线所成的角等于()A.30B

2、.45C.60D.903 “”是“”的（ ）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件4公元前6世纪，古希腊的毕达哥拉斯学派通过研究正五边形和正十边形的作图，发现了黄金分割值约为0.618，这一数值也可以表示为.若.则（）A.B.C.2D.5已知则的值为（ ）A.B.2C.7D.56给定下列四个命题：若一个平面内的两条直线与另一个平面都平行，则这两个平面相互平行；若一个平面经过另一个平面的垂线，则这两个平面相互垂直；垂直于同一直线的两条直线相互平行；若两个平面垂直，那么一个平面内与它们的交线不垂直的直线与另一个平面也不垂直其中，为真命题的是A.和B.和C.和D.和

3、7若定义域为R的函数满足，且，有，则的解集为（）A.B.C.D.8已知，则的大小关系是A.B.C.D.9如图是一算法的程序框图，若输出结果为，则在判断框中应填入的条件是（）A.B.C.D.10已知等腰直角三角形的直角边的长为4，将该三角形绕其斜边所在的直线旋转一周而形成的曲面所围成的几何体的表面积为（）A.B.C.D.11已知函数满足，则（）A.B.C.D.12用斜二测画法画一个水平放置平面图形的直观图为如图所示的直角梯形，其中BC=AB=2，则原平面图形的面积为（）A.B.C.D.二、填空题（本大题共4小题，共20分）13已知，则的值为_14已知集合，则=_15圆的圆心到直线的距离为_.16

4、过点P(4,2)并且在两坐标轴上截距相等的直线方程为（化为一般式）_.三、解答题（本大题共6小题，共70分）17在中，角的对边分别为,的面积为,已知,（1）求值；（2）判断的形状并求的面积18已知函数f（x）=lg，（1）求f（x）的定义域并判断它的奇偶性（2）判断f（x）的单调性并用定义证明（3）解关于x的不等式f（x）+f（2x21）019已知角的顶点在坐标原点，始边与x轴正半轴重合，终边经过点.（1）求，；（2）求的值.20已知（1）若为第三象限角，求的值（2）求的值（3）求的值21函数（1）解不等式；（2）若方程有实数解，求实数的取值范围22已知（1）若函数f(x)的图象过点（1，1）

5、，求不等式f(x)1的解集；（2）若函数只有一个零点，求实数a的取值范围参考答案一、选择题（本大题共12小题，共60分）1、D【解析】作出g(x)=图象，它与f(x)的图象交点为和，由图象可得2、C【解析】在正方体中，连接，则，则异面直线和所成的角就是相交直线和所成的角，即，在等边三角形中，故选C3、A【解析】根据终边相同的角的三角函数值相等，结合充分不必要条件的定义，即可得到答案；【详解】，当，“”是“”的充分不必要条件，故选：A4、A【解析】由已知、同角三角函数关系、辅助角公式及诱导公式可得解.【详解】由得，.故选：A.5、B【解析】先算，再求【详解】，故选：B6、D【解析】利用线面平行和

6、垂直，面面平行和垂直的性质和判定定理对四个命题分别分析进行选择【详解】当两个平面相交时，一个平面内的两条直线也可以平行于另一个平面，故错误；由平面与平面垂直的判定可知正确；空间中垂直于同一条直线的两条直线还可以相交或者异面，故错误；若两个平面垂直，只有在一个平面内与它们的交线垂直的直线才与另一个平面垂直，故正确综上，真命题是.故选D【点睛】本题考查命题真假的判断，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查空间想象能力，是中档题7、A【解析】根据已知条件易得关于直线x2对称且在上递减，再应用单调性、对称性求解不等式即可.【详解】由题设知：关于直线x2对称且在上单调递减由，得：，所以，

7、解得故选：A8、D【解析】因为，故，同理，但，故， 又，故即，综上，选D点睛：对于对数，如果或，那么；如果或，那么9、B【解析】依次执行循坏结构，验证输出结果即可.【详解】根据程序框图，运行结构如下：第一次循环，第二次循环，第三次循环，此时退出循环，故应填：.故选：B.10、D【解析】如图为等腰直角三角形旋转而成的旋转体这是两个底面半径为，母线长4的圆锥，故S=2rl=24=故答案为D.11、D【解析】由已知可得出，利用弦化切可得出关于的方程，结合可求得的值.【详解】因为，且，则，可得，解得.故选：D12、C【解析】先求出直观图中，ADC=45，AB=BC=2，DC=4，即可得到原图形是一个直

8、角梯形和各个边长及高，直接求面积即可.【详解】直观图中，ADC=45，AB=BC=2，DCBC，DC=4，原来的平面图形上底长为2，下底为4，高为的直角梯形，该平面图形面积为.故选：C二、填空题（本大题共4小题，共20分）13、【解析】根据两角和的正弦公式即可求解.【详解】由题意可知，因为，所以，所以，则故答案为：.14、-1,1,2；【解析】=-1,1,215、1【解析】利用点到直线的距离公式可得所求的距离.【详解】圆心坐标为，它到直线的距离为，故答案为：1【点睛】本题考查圆的标准方程、点到直线的距离，此类问题，根据公式计算即可，本题属于基础题.16、或【解析】根据直线在两坐标轴上截距相等，

9、则截距可能为也可能不为，再结合直线方程求法，即可对本题求解【详解】由题意，设直线在两坐标轴上的截距均为，当时，设直线方程为：，因为直线过点，所以，即，所以直线方程为：,即： ，当时，直线过点，且又过点，所以直线的方程为，即：，综上，直线的方程为：或.故答案为：或【点睛】本题考查直线方程的求解，考查能力辨析能力，应特别注意，截距相等，要分截距均为和均不为两种情况分别讨论.三、解答题（本大题共6小题，共70分）17、（1） ;（2）是等腰三角形，其面积为【解析】（1）由结合正弦面积公式及余弦定理得到，进而得到结果；（2）由结合内角和定理可得分两类讨论即可.试题解析：（1），由余弦定理得，（2）即或

10、（）当时，由第（1）问知，是等腰三角形，（）当时，由第（1）问知，又，矛盾，舍.综上是等腰三角形，其面积为点睛：解三角形问题，多为边和角的求值问题，这就需要根据正、余弦定理结合已知条件灵活转化边和角之间的关系，从而达到解决问题的目的.其基本步骤是：第一步：定条件，即确定三角形中已知和所求，在图形中标出来，然后确定转化的方向.第二步：定工具，即根据条件和所求合理选择转化的工具，实施边角之间的互化.第三步：求结果.18、（1）奇函数（2）见解析（3）【解析】（1）先求函数f（x）的定义域，然后检验与f（x）的关系即可判断；（2）利用单调性的定义可判断f（x）在（1，1）上单调性；（3）结合（2）中

11、函数的单调性及函数的定义域，建立关于x的不等式，可求【详解】（1）的定义域为（-1,1）因为，所以为奇函数（2）为减函数证明如下：任取两个实数，且，=00,所以在（-1,1）上为单调减函数（3）由题意：，由（1）、（2）知是定义域内单调递减的奇函数即不等式的解集为（，）【点睛】本题主要考查了函数单调性及奇偶性的定义的应用，及函数单调性在求解不等式中的应用19、（1），；（2）.【解析】（1）根据三角函数的定义，即可求出结果；（2）利用诱导公式对原式进行化简，代入，的值，即可求出结果.【详解】解：（1）因为角的终边经过点，由三角函数的定义知，（2）诱导公式，得.20、（1） （2） （3）【解析

12、】（1）化简式子可得，平方后利用同角三角函数的基本关系求解；（2）分子分母同除以，化切后，由两角和的正切公式可得解；（3）根据二倍角的余弦公式求解.【小问1详解】由可得，平方得，所以，即，因为为第三象限角，所以.【小问2详解】由可得，即，所以【小问3详解】由（1）知，所以.21、（1）（2）【解析】（1）由，根据对数的单调性可得，然后解指数不等式即可.（2）由实数根，化为有实根，令，有正根即可，对称轴，开口向上，只需即可求解.【详解】（1）由，即，所以， ，解得 所以不等式的解集为.（2）由实数根，即有实数根，所以有实根，两边平方整理可得 令，且，由题意知有大于根即可，即，令 ，故 故.故实数

13、的取值范围.【点睛】本题考查了利用对数的单调性解不等式、根据对数型方程的根求参数的取值范围，属于中档题.22、（1）（1，1） （2）a0或【解析】（1）将点（1，1）代入函数解析式中可求出的值，然后根据对数函数的单调性解不等式即可，（2）将问题转化为只有一解，再转化为关于x的方程ax2x1只有一个正根，然后分和分析求解【小问1详解】函数的图象过点（1，1），解得此时由f(x)1，得，解得故f(x)1的解集为（1，1）【小问2详解】函数只有一个零点，只有一解，将代入ax10，得x0，关于x的方程ax2x1只有一个正根当a0时，x1，满足题意；当a0时，若ax2x10有两个相等的实数根，由，解得，此时x2，满足题意；若方程ax2x10有两个相异实数根，则两根之和与积均为，所以方程两根只能异号，所以，a0，此时方程有一个正根，满足题意综上，a0或