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1、2022-2023学年高一上数学期末模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1已知，函数的图象经过点，则的最小值为（）A.B.6C.D.82若存在正数x使成立，则a的取值范围是A.B.C.D.3如图，在直角梯形ABCD中，ABBC，ADD
2、C2，CB，动点P从点A出发，由ADCB沿边运动，点P在AB上的射影为Q.设点P运动的路程为x，APQ的面积为y，则yf(x)的图象大致是（）A.B.C.D.4化简 = A.sin2+cos2B.sin2-cos2C.cos2-sin2 D. (cos2-sin2)5设函数，则下列说法错误的是（）A.当时，的值域为B.的单调递减区间为C.当时，函数有个零点D.当时，关于的方程有个实数解6若函数图象上所有点的横坐标向右平移个单位，纵坐标保持不变，得到的函数图象关于轴对称，则的最小值为（）A.B.C.D.7角的终边经过点，且，则（ ）A.B.C.D.8已知集合，则实数a的取值集合为（）A.B.C.
3、D.9函数的部分图象如图所示，则A.B.C.D.10正方形的边长为，它是水平放置的一个平面图形的直观图，则原图形的周长是（ ）A.B.C.D.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11下面有5个命题：函数的最小正周期是终边在轴上的角的集合是在同一坐标系中，函数的图象和函数的图象有3个公共点把函数的图象向右平移得到的图象函数在上是减函数其中，真命题的编号是_（写出所有真命题的编号）12已知函数，若关于的不等式在0，1上有解，则实数的取值范围为_13已知向量,其中，若，则的值为_.14已知函数是奇函数，当时，若，则m的值为_.15设，向量，若，则_16定义域为上的函数满足，且当时，若，
4、则a的取值范围是_三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17对于函数，若在定义域内存在实数，满足，则称函数为“局部中心函数”.（1）已知二次函数，试判断是否为“局部中心函数”.并说明理由；（2）若是定义域为R上的“局部中心函数”，求实数m的取值范围.18已知（1）画出这个函数的图象（2）当0af(2),利用函数图象求出a的取值范围19计算下列各式的值：（1）（2）20若向量的最大值为(1)求的值及图像的对称中心；(2)若不等式在上恒成立，求的取值范围21已知函数.（1）证明为奇函数；（2）若在上为单调函数，当时，关于的方程：在区间上有唯一实数解，求的取
5、值范围.参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、D【解析】由函数的图象经过点得到，再以为整体代入，然后利用基本不等式即可.【详解】因为函数图象经过点，所以有，因为，所以有（当且仅当，即时取等号）故选：D【点睛】本题考查了基本不等式的应用，用“1”巧乘是解题的关键，属于一般题.2、D【解析】根据题意，分析可得，设，利用函数的单调性与最值，即可求解，得到答案【详解】根据题意，设，由基本初等函数的性质，得则函数在R上为增函数，且，则在上，恒成立；若存在正数x使成立，即有正实数解，必有；即a的取值范围为；故选D【点睛】本题主要
6、考查了函数单调性的应用，以及不等式的有解问题，其中解答中合理把不等式的有解问题转化为函数的单调性与最值问题是解答的关键，着重考查分析问题和解答问题的能力，属于中档试题3、D【解析】结合P点的运动轨迹以及二次函数，三角形的面积公式判断即可【详解】解：P点在AD上时，APQ是等腰直角三角形，此时f（x）xxx2，（0x2）是二次函数，排除A，B，P在DC上时，PQ不变，AQ增加，是递增的一次函数，排除C，故选D【点睛】本题考查了数形结合思想，考查二次函数以及三角形的面积问题，是一道基础题4、A【解析】利用诱导公式化简根式内的式子，再根据同角三角函数关系式及大小关系，即可化简【详解】根据诱导公式，化
7、简得又因为所以选A【点睛】本题考查了三角函数式的化简，关键注意符号，属于中档题5、C【解析】利用二次函数和指数函数的值域可判断A选项；利用二次函数和指数函数的单调性可判断B选项；利用函数的零点个数求出的取值范围，可判断C选项；解方程可判断D选项.【详解】选项A：当时，当时，当时，当时，综上，函数的值域为，故A正确；选项B：当时，的单调递减区间为，当时，函数为单调递增函数，无单调减区间，所以函数的单调递减为，故B正确；选项C：当时，令，解得或（舍去），当时，要使有解，即在上有解，只需求出的值域即可，当时，且函数在上单调递减，所以此时的范围为，故C错误；选项D：当时，即，即，解得或，当，时，则，即
8、，解得，所以当时，关于的方程有个实数解，故D正确.故选：C.6、B【解析】由题设可得，根据已知对称性及余弦函数的性质可得，即可求的最小值.【详解】由题设，关于轴对称，且，则，又，的最小值为.故选：B.7、A【解析】利用三角函数的定义可求得的值，再利用三角函数的定义可求得的值.【详解】由三角函数的定义可得，则，解得，因此，.故选：A.8、C【解析】先解出集合A，再根据确定集合B的元素，可得答案.【详解】由题意得，实数a的取值集合为,故选:C.9、A【解析】由题图知，最小正周期，所以，所以.因为图象过点，所以，所以，所以，令，得，所以，故选A.【考点】三角函数的图象与性质【名师点睛】根据图象求解析
9、式问题的一般方法是：先根据函数图象的最高点、最低点确定A，h的值，由函数的周期确定的值，再根据函数图象上的一个特殊点确定值10、B【解析】根据斜二测画法画直观图的性质，即平行于轴的线段长度不变，平行于轴的线段的长度减半，结合图形求得原图形的各边长，可得周长【详解】因为直观图正方形的边长为1cm，所以，所以原图形为平行四边形OABC，其中，所以原图形的周长二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】，正确；错误；，和在第一象限无交点，错误；正确；错误故选12、【解析】不等式在0，1上有解等价于，令，则.【详解】由 在0，1上有解，可得，即令，则，因为，所以，则当，即时，即，故
10、实数的取值范围是 故答案为【点睛】利用导数研究不等式恒成立或存在型问题，首先要构造函数，利用导数研究函数的单调性，求出最值，进而得出相应的含参不等式，从而求出参数的取值范围；也可分离变量，构造函数，直接把问题转化为函数的最值问题.13、4【解析】利用向量共线定理即可得出【详解】，8，解得，其中，故答案为【点睛】本题考查了向量共线定理，考查了向量的坐标运算，属于基础题14、【解析】由奇函数可得,则可得,解出即可【详解】因为是奇函数,所以,即,解得故答案为：【点睛】本题考查利用奇偶性求值,考查已知函数值求参数15、【解析】根据向量共线的坐标表示，得到，再由二倍角的正弦公式化简整理，即可得出结果.【
11、详解】，向量，故答案为：.【点睛】本题主要考查由向量共线求参数，涉及二倍角的正弦公式，熟记向量共线的坐标表示即可，属于常考题型.16、【解析】根据，可得函数图象关于直线对称，当时，可设，根据，即可求解；【详解】解：，的函数图象关于直线对称，函数关于y轴对称，当时，那么时，可得，由，得解得：；故答案为.【点睛】本题考查了函数的性质的应用及不等式的求解，属于中档题.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）函数为“局部中心函数”，理由见解析；（2）.【解析】（1）判断是否为“局部中心函数”，即判断方程是否有解，若有解，则说明是“局部中心函数”，否则
12、说明不是“局部中心函数”；（2）条件是定义域为上的“局部中心函数”可转化为方程有解，再利用整体思路得出结果.【详解】解：（1）由题意，（），所以，当时，解得：，由于，所以，所以为“局部中心函数”.（2）因为是定义域为上的“局部中心函数”，所以方程有解，即在上有解，整理得：，令，故题意转化为在上有解，设函数，当时，在上有解，即，解得：；当时，则需要满足才能使在上有解，解得：，综上：，即实数m的取值范围.18、（1）见解析；（2）a|0a.【解析】（1）由函数整体加绝对值知，只需将函数位于x轴下方的图像关于x对称即可；（2）利用数形结合，结合a范围即可得解.【详解】（1）如图：（2）令f(a)=f
13、(2)，即|log3a|=|log32|，解得a=或a=2.从图像可知，当0a时，满足f(a)f(2)，所以a的取值范围是a|0a.【点睛】本题主要考查了对数函数的图象及图象变换，利用数形结合解不等式.19、（1） （2）【解析】（1）根据指数的运算性质进行求解即可；（2）根据对数的运算性质进行求解即可.【小问1详解】【小问2详解】20、 (1) (2)【解析】(1)先利用向量的数量积公式和倍角公式对函数式进行化简，再利用两倍角公式以及两角差的正弦公式进行整理，然后根据最大值为解出的值，最后根据正弦函数的性质求得函数的对称中心；(2)首先通过的取值范围来确定函数的范围，再根据不等式在上恒成立，
14、推断出，最后计算得出结果【详解】因为的最大值为，所以，由得所以的对称中心为；(2)因为，所以即，因为不等式在上恒成立，所以即解得，的取值范围为【点睛】本题考查了向量的相关性质以及三角函数相关性质，主要考查了向量的乘法、三角函数的对称性、三角恒等变换、三角函数的值域等，属于中档题的对称中心为21、（1）证明见解析（2）【解析】（1）先求函数的定义域，再根据的关系可证明奇偶性；（2）根据单调性及奇函数性质，有，再通过换元，转化为二次函数，通过区间分类讨论可求解.【小问1详解】对任意的，则对任意的恒成立，所以，函数的定义域为，故函数为奇函数；【小问2详解】函数为奇函数且在上的单调函数，由可得，其中，设，则，则.则，若关于的方程在上只有一个实根，则或.所以，令，其中.所以，函数在时单调递增.若函数在内有且只有一个零点，在内无零点.则，解得；若为函数的唯一零点，则，解得，则.且当时，设函数的另一个零点为，则，可得，符合题意.综上所述，实数的取值范围是.
四川省宜宾市兴文县高级中学2022-2023学年数学高一上期末统考试题含解析
