河南省开封市2022年数学高一上期末学业质量监测试题含解析

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1、2022-2023学年高一上数学期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试

2、卷和答题卡一并交回。一、选择题（本大题共12 小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请将正确答案涂在答题卡上.）1已知是关于x的一元二次不等式的解集，则的最小值为（）A.B.C.D.2命题“，是4倍数”的否定为（）A.，是4的倍数B.，不是4的倍数C.，不是4倍数D.，不是4的倍数3数学家欧拉在1765年提出定理：三角形的外心、重心、垂心依次位于同一直线上，且重心到外心的距离是重心到垂心距离的一半，这条直线后人称之为三角形的欧拉线.已知的顶点，若其欧拉线方程为，则顶点C的坐标是A.B.C.D.4设全集, ,则图中阴影部分表示的集合为A.B.C.D.5下

3、列说法中，错误的是（ ）A.若，则B.若，则C.若，则D.若，则6下列函数值为的是（ ）A.sin390B.cos750C.tan30D.cos307若全集，且，则（）A.或B.或C.D.或.8某数学兴趣小组设计了一种螺线，作法如下：在水平直线上取长度为1的线段AB，并作等边三角形ABC，然后以点B为圆心，BA为半径逆时针画圆弧，交线段CB的延长线于点D；再以点C为圆心，CD为半径逆时针画圆弧，交线段AC的延长线于点E，以此类推，得到的螺线如图所示当螺线与直线有6个交点（不含A点）时，则螺线长度最小值为（）A.B.C.D.9给定四个函数：；（）；其中是奇函数的有（）A.1个B.2个C.3个D.

4、4个10函数与的图象在上的交点有（）A.个B.个C.个D.个11设，且，则下列不等式一定成立的是（）A.B.C.D.12函数部分图象如图所示，则下列结论错误的是（）A.频率为B.周期为C.振幅为2D.初相为二、选择题（本大题共4小题，每小题5分，共20分,将答案写在答题卡上.） 13已知，且，则的最小值为_.14已知函数，若关于的方程在上有个不相等的实数根，则实数的取值范围是_.15已知为三角形的边的中点，点满足，则实数的值为_16已知，则函数的值域为_三、解答题（本大题共6个小题，共70分。解答时要求写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤。）17已知函数.（1）求，的值；（2）在给定的坐标系

5、中，画出的图象（不必列表）；（3）若关于的方程恰有3个不相等的实数解，求实数的取值范围.18已知函数是定义在上的增函数，且.（1）求的值；（2）若，解不等式.19在中，角所对的边分别为，满足.（1）求角的大小；（2）若，且，求的面积20运货卡车以千米/时的速度匀速行驶300千米，按交通法规限制(单位千米/时)，假设汽车每小时耗油费用为元，司机的工资是每小时元（不考虑其他因所素产生的费用）（1）求这次行车总费用(元)关于(千米/时)的表达式；（2）当为何值时，这次行车的总费用最低？求出最低费用的值21已知函数，只能同时满足下列三个条件中的两个：的解集为；最小值为（1）请写出这两个条件的序号，求的

6、解析式；（2）求关于的不等式的解集.22（1）当取什么值时，不等式对一切实数都成立？（2）解关于的方程：.参考答案一、选择题（本大题共12 小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请将正确答案涂在答题卡上.）1、C【解析】由题知，则可得，则，利用基本不等式“1”的妙用来求出最小值.【详解】由题知是关于x的一元二次方程的两个不同的实数根，则有，所以，且是两个不同的正数，则有，当且仅当时，等号成立，故的最小值是.故选：C2、B【解析】根据特称量词命题的否定是全称量词命题即可求解【详解】因为特称量词命题的否定是全称量词命题，所以命题“，是4的倍数”的否定为“，

7、不是4的倍数”故选：B3、A【解析】设C的坐标，由重心坐标公式求重心，代入欧拉线得方程，求出AB的垂直平分线，联立欧拉线方程得三角形外心，外心到三角形两顶点距离相等可得另一方程，两方程联立求得C点的坐标.【详解】设C(m，n),由重心坐标公式得重心为,代入欧拉线方程得： AB的中点为，所以AB的中垂线方程为联立，解得所以三角形ABC的外心为，则，化简得： 联立得：或，当时，BC重合，舍去，所以顶点C的坐标是故选A.【点睛】本题主要考查了直线方程的各种形式，重心坐标公式，属于中档题.4、B【解析】，阴影部分表示的集合为，选B.5、A【解析】逐一检验，对A，取，判断可知；对B， ，可知；对C，利用

8、作差即可判断；对D根据不等式同向可加性可知结果.【详解】对A，取，所以，故错误；对B，由，所以，故正确；对C, ，由，所以，所以，故正确；对D，由，所以，又，所以故选：A6、A【解析】由诱导公式计算出函数值后判断详解】，故选：A7、D【解析】根据集合补集的概念及运算，准确计算，即可求解.【详解】由题意，全集，且，根据集合补集的概念及运算，可得或.故选：D.8、A【解析】根据题意，找到螺线画法的规律，由此对选项逐一分析，从而得到答案【详解】第1次画线：以点为圆心，旋转，划过的圆弧长为；第2次画线：以点为圆心，旋转，划过的圆弧长为，交累计1次；第3次画线：以点为圆心，旋转，划过的圆弧长为3，交累计

9、2次；第4次画线：以点为圆心，旋转，划过的圆弧长为；第5次画线：以点为圆心，旋转，划过的圆弧长为，交累计3次；前5次累计画线；第6次画线：以点为圆心，旋转，划过的圆弧长为，交累计4次，累计画线；第7次画线：以点为圆心，旋转，划过的圆弧长为；第8次画线：以点为圆心，旋转，划过的圆弧长为，交累计5次；第9次画线：以点为圆心，旋转，划过的圆弧长为，交累计6次，累计画线，故选项A正确故选：A另解：由前三次规律可发现，每画三次，与l产生两个交点，故要产生6个交点，需要画9次；每一次画的圆弧长度是以为首项，为公差的等差数列，所以前9项之和为：故选：A9、B【解析】首先求出函数的定义域，再由函数的奇偶性定义

10、即可求解.【详解】函数的定义域为，且，则函数是奇函数；函数的定义域关于原点不对称，则函数（）为非奇非偶函数；函数的定义域为，则函数不是奇函数；函数的定义域为，则函数是奇函数.故选：B10、B【解析】在上解出方程，得出方程解的个数即可.详解】当时，解方程，得，整理得，得或.解方程，解得、或.解方程，解得、.因此，方程在上的解有个.故选B.【点睛】本题考查正切函数与正弦函数图象的交点个数，可以利用图形法解决，也转化为方程根的个数来处理，考查计算能力，属于中等题.11、D【解析】利用特殊值及不等式的性质判断可得；【详解】解：因为，对于A，若，满足，但是，故A错误；对于B：当时，故B错误；对于C：当时

11、没有意义，故C错误；对于D：因为，所以，故D正确；故选：D12、A【解析】根据图象可得、，然后利用求出即可.【详解】由图可知，C正确；，则，B正确；，A错误；因为，则，即，又，则，D正确故选：A二、选择题（本大题共4小题，每小题5分，共20分,将答案写在答题卡上.） 13、【解析】利用已知条件凑出，再根据“”的巧用，最后利用基本不等式即可求解.【详解】由，得，即.因为所以，,则=，当且仅当即时，等号成立.所以当时，取得最小值为.故答案为：.14、【解析】数形结合，由条件得在上有个不相等的实数根，结合图象分析根的个数列不等式求解即可.【详解】作出函数图象如图所示：由，得，所以，且，若，即在上有个

12、不相等的实数根，则 或，解得.故答案为：【点睛】方法点睛：判定函数的零点个数的常用方法：（1）直接法：直接求解函数对应方程的根，得到方程的根，即可得出结果；（2）数形结合法：先令，将函数的零点个数，转化为对应方程的根，进而转化为两个函数图象的交点个数，结合图象，即可得出结果.15、【解析】根据向量减法的几何意义及向量的数乘便可由得出, 再由D为ABC的边BC的中点及向量加法的平行四边形法则即可得出点D为AP的中点，从而便可得出，这样便可得出的值【详解】=,所以，D为ABC的边BC中点，如图，D为AP的中点；,又，所以-2.故答案为-2.【点睛】本题考查向量减法的几何意义，向量的数乘运算，及向量

13、数乘的几何意义，向量加法的平行四边形法则，共线向量基本定理，属于中档题.16、【解析】，又，故答案为三、解答题（本大题共6个小题，共70分。解答时要求写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤。）17、（1），（2）图象见解析（3）【解析】（1）由函数解析式直接代入求解；（2）根据函数解析式及函数的性质画出图象；（3）利用数形结合的方法可求解.【小问1详解】由解析可得：，因，所以.【小问2详解】函数的图象如下：【小问3详解】方程有3个不相等的实数解等价于函数的图象与的图象有三个交点，结合（2）中的图象可得的取值范围为.18、（1）0（2）【解析】（1）直接利用赋值法，令即可得结果；（2）利用已知条

14、件将不等式化为，结合单调性可得结果.【小问1详解】令则有.【小问2详解】，则可化为，即则，在上单调递增，解得.即不等式的解集为.19、（1）（2）【解析】（1）利用正弦定理可以得到，即可求出角的大小；（2）利用余弦定理并结合（1）中的结论，可以求出，代入三角形面积公式即可【详解】（1）由于，结合正弦定理可得，由于，可得，即，因为，故.（2）由，且，代入余弦定理，即，解得，则的面积.【点睛】本题考查了正弦定理和余弦定理的应用，属于中档题20、（1）（2）当时，这次行车的总费用最低，最低费用为元【解析】（1）先得到行车所用时间，再根据汽车每小时耗油费用和司机的工资求解；（2）由（1）的结论，利用基

15、本不等式求解.【小问1详解】解：行车所用时间，汽油每小时耗油费用为元，司机的工资是每小时元，所以行车总费用为：；【小问2详解】因为，当且仅当，即时，等号成立，所以当时，这次行车的总费用最低，最低费用为元.21、（1） （2）答案见解析【解析】（1）若选，则的解集不可能为；若选，开口向下，则无最小值只能是选，由函数的解集为可知，-1，3是方程的根，则，又由的最小值可知且在对称轴上取得最小值，从而解出；（2）由，即，然后对分类求解得答案；【小问1详解】选，则，开口向下，所以的解集不可能为；选，函数的解集为，3是方程的根，所以的对称轴为，则，所以，又的最小值为，（1），解得，所以则；选，开口向下，则无最小值综上，.【小问2详解】由化简得若，则或；若，则不等式解集为R；若，则或当时，不等式的解集为或；当，则不等式解集为R；当，则不等式的解集为或22、（1）；（2）.【解析】（1）分，两种情况讨论，利用判别式控制，即得解；（2）利用对数的定义，求解即可【详解】（1）当时，明显满足条件.当时，由“不等式对一切实数都成立”可知且解得综上可得（2）由对数定义可得：所以所以所以