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1、2022-2023学年高一上数学期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试
2、卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1函数，的最小值是（ ）A.B.C.D.2圆与圆的位置关系是A.相离B.外切C.相交D.内切3铁路总公司关于乘车行李规定如下：乘坐动车组列车携带品的外部尺寸长、宽、高之和不超过设携带品外部尺寸长、宽、高分别为（单位：），这个规定用数学关系式表示为（）A.B.C.D.4 “是”的（）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件5已知x，且，则A.B.C.D.6已知函数函数有四个不同的零点，且，则（）A.1B.2C.-1D.7过点，且圆心在直线上的
3、圆的方程是（）A.B.C.D.8 “”是“”的（ ）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件9已知定义在R上的函数满足，且当时，则（ ）A.B.C.D.10函数的部分图象大致为（）AB.C.D.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11将函数的图象向左平移个单位长度得到函数的图象，若使得，且的最小值为，则_.12写出一个同时具有下列性质的函数_.（注：不是常数函数）；.13幂函数的图像经过点，则_14已知函数定义域是_（结果用集合表示）15在中，BC边上的高等于,则_16若，则_.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或
4、演算步骤。17已知（1）化简；（2）若=2，求的值.18已知，求以及的值19已知函数（1）求函数f（x）的最小正周期和单调递增区间；（2）求函数f（x）在区间上的最大值和最小值20设函数.（1）若函数的图象C过点，直线与图象C交于A，B两点，且，求a，b；（2）当，时，根据定义证明函数在区间上单调递增.21某篮球队在本赛季已结束的8场比赛中，队员甲得分统计的茎叶图如下：（1）求甲在比赛中得分均值和方差；（2）从甲比赛得分在分以下场比赛中随机抽取场进行失误分析，求抽到场都不超过均值的概率参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求
5、的1、D【解析】利用基本不等式可求得的最小值.【详解】，当且仅当时，即当时，等号成立，故函数的最小值为.故选：D.2、D【解析】圆的圆心，半径圆的圆心，半径两圆内切故选D点睛：判断圆与圆的位置关系的常见方法(1)几何法：利用圆心距与两半径和与差的关系(2)切线法：根据公切线条数确定3、C【解析】根据长、宽、高的和不超过可直接得到关系式.【详解】长、宽、高之和不超过，.故选：.4、B【解析】先化简两个不等式，再去判断二者间的逻辑关系即可解决.【详解】由可得；由可得则由不能得到，但由可得故“是”的必要不充分条件.故选：B5、C【解析】原不等式变形为，由函数单调递增，可得，利用指数函数、对数函数、幂
6、函数的单调性逐一分析四个选项即可得答案【详解】函数为增函数，即，可得，由指数函数、对数函数、幂函数的单调性可得，B，D错误，根据递增可得C正确，故选C【点睛】本题考查指数函数、对数函数、幂函数的单调性，是中档题函数单调性的应用比较广泛，是每年高考的重点和热点内容归纳起来，常见的命题探究角度有：（1）求函数的值域或最值；（2）比较两个函数值或两个自变量的大小；（3）解函数不等式；（4）求参数的取值范围或值6、D【解析】将问题转化为两个函数图象的交点问题，然后结合图象即可解答.【详解】有四个不同的零点，即方程有四个不同的解的图象如图所示，由二次函数的对称性，可得因为，所以，故故选：D7、B【解析】
7、由题设得的中垂线方程为，其与交点即为所求圆心，并应用两点距离公式求半径，写出圆的方程即可.【详解】由题设，的中点坐标为，且，的中垂线方程为，联立，可得，即圆心为，而，圆的方程是.故选：B8、A【解析】根据终边相同的角的三角函数值相等，结合充分不必要条件的定义，即可得到答案；【详解】，当，“”是“”的充分不必要条件，故选：A9、A【解析】由，可得的周期为，利用周期性和单调性化简计算即可得出结果.【详解】因为，所以的周期为当时，则在上单调递减，所以在上单调递减因为，且所以故故选：A.10、C【解析】根据题意，分析可得函数为奇函数，当时，有，利用排除法分析可得答案.详解】解：根据题意，对于函数，有函
8、数，即函数为奇函数，图象关于原点对称，故排除A、B；当时，则恒有，排除D；故选：C.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】根据三角函数的图形变换，求得，根据，不妨设，求得，得到则，根据题意得到，即可求解.【详解】将函数的图象向左平移个单位长度，可得，又由，不妨设，由，解得，即，又由，解得，即则，因为的最小值为，可得，解得或，因为，所以.故答案为：12、【解析】根据函数值以及函数的周期性进行列举即可【详解】由知函数的周期是，则满足条件，满足条件，故答案为：（答案不唯一）13、【解析】本题首先可以根据函数是幂函数设函数解析式为，然后带入点即可求出的值，最后得出结果。【详解
9、】因为函数是幂函数，所以可设幂函数，带入点可得，解得，故幂函数，即，答案为。【点睛】本题考查函数解析式的求法，考查对幂函数的性质的理解，可设幂函数解析式为，考查计算能力，是简单题。14、【解析】根据对数函数的真数大于0求解即可.【详解】函数有意义，则，解得，所以函数的定义域为，故答案为：15、.【解析】设边上的高为，则，求出，再利用余弦定理求出.【详解】设边上的高为，则，所以，由余弦定理，知故答案为【点睛】本题主要考查余弦定理，意在考查学生对该知识的理解掌握水平，属于基础题.16、【解析】利用三角函数的诱导公式，化简得到原式，代入即可求解.【详解】因为，由故答案为：三、解答题：本大题共5小题，
10、共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）=（2）2【解析】（1）利用诱导公式即可化简.（2）利用同角三角函数的基本关系化简并将（1）中的数据代入即可.【详解】解：（1）.（2）由（1）知，【点睛】本题考查了三角函数的诱导公式以及同角三角函数的基本关系“齐次式”的运算，需熟记公式，属于基础题.18、【解析】根据同角三角函数，求出，；再利用两角和差公式求解.【详解】，【点睛】本题考查同角三角函数和两角和差公式，解决此类问题要注意在求解同角三角函数值时，角所处的范围会影响到函数值的正负.19、（1）最小正周期为，单调递增区间为，kZ；（2）最大值为，最小值为【解析】（1）先通
11、过降幂公式化简得，进而求出最小正周期和单调递增区间；（2）通过，求出，进而求出最大值和最小值.【小问1详解】，函数f（x）的最小正周期为，令，kZ，则，kZ，函数f（x）的单调递增区间为，kZ【小问2详解】，则，函数f（x）的最大值为，最小值为20、（1），（2）证明见解析【解析】（1）由题意得，设，由题意得，即的两根为或，结合方程根与系数关系及，代入可求；（2），先设，利用作差法比较与的大小即可判断【小问1详解】由题意得，设，由题意得，即的两根为或，所以，所以，整理得，解得，或（舍；故，；小问2详解】证明：当，时，设，则，所以，所以在区间，上单调递增21、 (1)15，32.25（2）【解析】（1）由已知中的茎叶图，代入平均数和方差公式，可得得答案；（2）根据古典概型计算即可求解.【详解】（1）这8场比赛队员甲得分为：7，8，10，15，17，19，21，23故平均数为：，方差:.(2) 从甲比赛得分在分以下的场比赛中随机抽取场,共有15中种不同的取法，其中抽到场都不超过均值的为得分共6种，由古典概型概率公式得.
陕西省渭南中学2022年高一上数学期末预测试题含解析
