2022-2023学年山东省莱州市一中数学高一上期末质量检测试题含解析

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1、2022-2023学年高一上数学期末模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题（本大题共12小题，共60分）1已知向量，且，则A.B.C.D.2已知集合，则（）A.B.C.D.3设函数的定义域为R，满足，且当时，.若对任意，都有，则m的最大值是（）A.B.C.D.4中国宋代的数学家秦九韶曾提出“三斜求积术”，即假设在平面内有一个三角形，边长分别为，三角形的面积S可由公式求得，其中为三角形周长的一

2、半，这个公式也被称为海伦-秦九韶公式，现有一个三角形的边长满足，则此三角形面积的最大值为（）A.6B.9C.12D.185弧长为3，圆心角为的扇形面积为A.B.C.2D.6铁路总公司关于乘车行李规定如下：乘坐动车组列车携带品的外部尺寸长、宽、高之和不超过设携带品外部尺寸长、宽、高分别为（单位：），这个规定用数学关系式表示为（）A.B.C.D.7下列说法错误的是（）A.球体是旋转体B.圆柱的母线垂直于其底面C.斜棱柱的侧面中没有矩形D.用正棱锥截得的棱台叫做正棱台8已知实数，且，则的最小值为（）A.B.C.D.9函数的零点所在区间为：（）A.B.C.D.10对于两条不同的直线l1, l2, 两个

3、不同的平面，下列结论正确的A.若l1，l2，则l1l2B.若l1，l1，则C若l1l2，l1，则l2D.若l1l2 ，l1，则l211下列四个函数中，在上为增函数的是（）A.B.C.D.12表面积为24的正方体的顶点都在同一个球面上，则该球的表面积是A.B.C.D.二、填空题（本大题共4小题，共20分）13函数的最大值是，则实数的取值范围是_14给出下列四个命题：函数y2sin(2x)的一条对称轴是x；函数ytanx的图象关于点(，0)对称；正弦函数在第一象限内为增函数；存在实数，使sincos.以上四个命题中正确的有_(填写正确命题前面的序号).15已知幂函数的定义域为，且单调递减，则_.1

4、6对于函数和，设，若存在、，使得，则称与互为“零点关联函数”若函数与互为“零点关联函数”，则实数的取值范围为（ ）A.B.C.D.三、解答题（本大题共6小题，共70分）17已知函数的最小正周期为.（1）求的值和的单调递增区间；（2）令函数，求在区间上的值域.18阅读与探究人教A版普通高中课程标准实验教科书数学4（必修）在第一章小结中写道：将角放在直角坐标系中讨论不但使角的表示有了统一的方法，而且使我们能够借助直角坐标系中的单位圆，建立角的变化与单位圆上点的变化之间的对应关系，从而用单位圆上点的纵坐标、横坐标来表示圆心角的正弦函数、余弦函数.因此，正弦函数、余弦函数的基本性质与圆的几何性质（主要

5、是对称性）之间存在着非常紧密的联系.例如，和单位圆相关的“勾股定理”与同角三角函数的基本关系有内在的一致性；单位圆周长为与正弦函数、余弦函数的周期为是一致的；圆的各种对称性与三角函数的奇偶性、诱导公式等也是一致的等等.因此，三角函数的研究过程能够很好地体现数形结合思想.依据上述材料，利用正切线可以讨论研究得出正切函数的性质.比如：由图1.2-7可知，角的终边落在四个象限时均存在正切线；角的终边落在轴上时，其正切线缩为一个点，值为；角的终边落在轴上时，其正切线不存在；所以正切函数的定义域是.（1）请利用单位圆中的正切线研究得出正切函数的单调性和奇偶性；（2）根据阅读材料中途1.2-7，若角为锐角

6、，求证：.19在平面直角坐标系中，已知角的始边为x轴的非负半轴，终边经过点P（-，）（）求cos（-）的值；（）若tan=2，求的值20已知集合，（1）若，求；（2）在，这三个条件中任选一个作为已知条件，求实数的取值范围21如图，在几何体ABCDEF中，平面平面ABFE正方形ABFE的边长为2，在矩形ABCD中，（1）证明：；（2）求点B到平面ACF的距离22化简求值（1）；（2）.参考答案一、选择题（本大题共12小题，共60分）1、B【解析】由已知得，因为，所以，即，解得.选B2、B【解析】化简集合A，由交集定义直接计算可得结果.【详解】化简可得，又所以.故选：B.3、A【解析】分别求得，时

7、，的最小值，作出的简图，因为，解不等式可得所求范围【详解】解：因为，所以，当时，的最小值为；当时，由知，所以此时，其最小值为；同理，当，时，其最小值为；当，时，的最小值为；作出如简图，因为，要使，则有解得或，要使对任意，都有，则实数的取值范围是故选：A4、C【解析】根据题意可得，代入面积公式，配方即可求出最大值.【详解】由，则，所以，当时，取得最大值，此时.故选：C5、B【解析】弧长为3，圆心角为， 故答案为B6、C【解析】根据长、宽、高的和不超过可直接得到关系式.【详解】长、宽、高之和不超过，.故选：.7、C【解析】利用空间几何体的结构特征可得.【详解】由旋转体的概念可知，球体是旋转体，故A

8、正确；圆柱的母线平行于圆柱的轴，垂直于其底面，故B正确；斜棱柱的侧面中可能有矩形，故C错误；用正棱锥截得的棱台叫做正棱台，故D正确.故选：C.8、C【解析】由题可得，则由展开利用基本不等式可求.【详解】，且，则，当且仅当时，等号成立，故的最小值为.故选：C.9、C【解析】利用函数的单调性及零点存在定理即得.【详解】因为，所以函数单调递减，函数的零点所在区间为.故选：C.10、D【解析】详解】A.若l1，l2，则两条直线可以相交可以平行，故A选项不正确；B.若l1，l1，则，当两条直线平行时，两个平面可以是相交的，故B不正确；C.若l1l2，l1，则l2，有可能在平面内，故C不正确；D.若l1l

9、2 ，l1，则l2，根据课本的判定定理得到是正确的.故答案为D.11、C【解析】A.利用一次函数的性质判断；B.利用二次函数的性质判断；C.利用反比例函数的性质判断；D.由，利用一次函数的性质判断；【详解】A.由一次函数的性质知：在上为减函数，故错误；B.由二次函数的性质知：在递减，在上递增，故错误；C.由反比例函数的性质知：在上递增，在递增，则在上为增函数，故正确；D.由知：函数在上为减函数，故错误；故选：C【点睛】本题主要考查一次函数，二次函数和反比例函数的单调性，属于基础题.12、A【解析】根据正方体的表面积，可求得正方体的棱长，进而求得体对角线的长度；由体对角线为外接球的直径，即可求得

10、外接球的表面积【详解】设正方体的棱长为a因为表面积为24，即得a = 2正方体的体对角线长度为所以正方体的外接球半径为所以球的表面积为所以选A【点睛】本题考查了立体几何中空间结构体的外接球表面积求法，属于基础题二、填空题（本大题共4小题，共20分）13、 1,0【解析】函数，当时，函数有最大值，又因为，所以，故实数的取值范围是14、【解析】对于,将x代入得是对称轴,命题正确;对于,由正切函数的图象可知, 命题正确;对于, 正弦函数在上是增函数，但在第一象限不能说是增函数，所以不正确；对于, ,最大值为,不正确;故填.15、【解析】根据幂函数的单调性，得到的范围，再由其定义域，根据，即可确定的值

11、.【详解】因为幂函数的定义域为，且单调递减，所以，则，又，所以的所有可能取值为，当时，其定义域为，不满足题意；当时，其定义域为，满足题意；当时，其定义域为，不满足题意；所以.故答案为：16、C【解析】先求得函数的零点为，进而可得的零点满足，由二次函数的图象与性质即可得解.【详解】由题意，函数单调递增，且，所以函数的零点为，设的零点为，则，则，由于必过点，故要使其零点在区间上，则或，即或，所以，故选：C.【点睛】关键点点睛：解决本题的关键是将题目条件转化为函数零点的范围，再由二次函数的图象与性质即可得解.三、解答题（本大题共6小题，共70分）17、（1），函数单调递增区间：，；（2）.【解析】（

12、1）利用函数的周期求解，得到函数的解析式，然后求解函数的单调增区间；（2）由题得，再利用三角函数的图象和性质求解.【详解】解：（1）函数的最小正周期可得，所以，所以函数，由，所以，可得，所以函数单调递增区间：，（2）由题得，因为所以所以所以函数在区间上的值域为.18、（1）见解析（2）见解析【解析】（1）在单位圆中画出角的正切线，观察随增大正切线的值得变化情况，再观察时，正切线的值随增大时的变化情况，发现正切函数在区间上单调递增.（2）当是锐角时，有，由此得到.解析：（1）当时， 增大时正切线的值越来越大；当时，正切线与区间上的情况完全一样；随着角的终边不停旋转，正切线不停重复出现，故可得出正

13、切函数在区间上单调递增；由题意知正切函数的定义域关于原点对称，在坐标系中画出角 和，它们的终边关于轴对称，在单位圆中作出它们的正切线，可以发现它们的正切线长度相等，方向相反，即，得出正切函数为奇函数.（2）如图，当为锐角时，在单位圆中作出它的正弦线，正切线，又因为，所以，又 ，而，故即.点睛：三角函数线是研究三角函数性质（如定义域、值域、周期性、奇偶性等）的重要工具，它体现了数形结合的数学思想，是解三角不等式、三角方程等不可或缺的工具.19、（I）；（II）.【解析】由任意角三角函数的定义可得，（）可求（）有，利用诱导公式及同角基本关系即可化简求解【详解】解：由题意可得cos=，sin，（）c

14、os（-）=-cos=，（）tan=2，tan=，=【点睛】本题主要考查了三角函数的定义，同角基本关系的基本应用，属于基础试题20、（1）（2）答案见解析【解析】（1）分别求出集合和集合，求并集即可；（2）选，根据集合和集合的位置在数轴上确定端点的关系，列出不等式组即可求解，选，先求出，再根据条件在数轴确定端点位置关系列出不等式组即可求解，选，得到，根据数轴端点位置关系列出不等式组即可求解.【小问1详解】因为，所以，又因为，所以【小问2详解】若选：则满足或，所以的取值范围为或若选：所以或，则满足，所以的取值范围为若选： 由题意得，则满足所以的取值范围为21、（1）证明见解析；（2）【解析】(1)连接BE，证明AF平面BEC即可；(2)由等体积即可求点B到平面ACF的距离【小问1详解】连接BE，平面平面，且平面平面，又在矩形中，有，平面，平面，在正方形中有，且，平面平面，平面，；【小问2详解】设点到平面的距离为，由已知有，由(1)知：平面，平面，从而可得：，在等腰中，底边上的高为：，由得，则，即点到平面的距离为22、（1）109；（2）.【解析】（1）利用指数幂运算和分数指数幂与根式的转化，化简求值即可；（2）利用对数运算性质化简求值即可.【详解】解：（1）原式；（2）原式.