贵州省长顺县民族高级中学2023届高一上数学期末复习检测试题含解析

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1、2022-2023学年高一上数学期末模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（本大题共10小题；在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，请将正确选项填涂在答题卡上.）1如图是函数在一个周期内的图象，则其解析式是（ ）A.B.C.D.2下列函数中，满足对定义域内任意实

2、数，恒有的函数的个数为（ ） A.1个B.2个C.3个D.4个3已知正实数满足,则最小值为A.B.C.D.4已知集合，且，则的值可能为（ ）A B.C.0D.15若，则， ， 的大小关系是A.B.C.D.6在去年的足球联赛上，一队每场比赛平均失球个数是1.5，全年比赛失球个数的标准差是1.1；二队每场比赛平均失球个数是2.1，全年比赛失球个数的标准差是0.4.则下列说法错误的是（）A.平均来说一队比二队防守技术好B.二队很少失球C.一队有时表现差，有时表现又非常好D.二队比一队技术水平更不稳定7函数的定义域为（）A.(,4)B.4,)C.(,4D.(,1)(1,48已知函数，若函数在上有两个零

3、点，则的取值范围是（）A.B.C.D.，9若-3和1是函数y=loga（mx2+nx-2）的两个零点，则y=logn|x|的图象大致是（）A.B.C.D.10设函数与的图象的交点为，则所在的区间为()AB.C.D.二、填空题（本大题共5小题，请把答案填在答题卡中相应题中横线上）11将函数的图象向右平移个单位，再将图象上每一点的横坐标缩短到原来的倍，得到函数的图象，则函数的解析式为_12已知为偶函数，当时，当时，则不等式的解集为_13函数，在区间上增数，则实数t的取值范围是_.14已知函数是定义在上且以3为周期的奇函数，当时，则时，_，函数在区间上的零点个数为 _15若函数是幂函数，则函数（其中

4、，）的图象过定点的坐标为_三、解答题（本大题共6小题.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.）16已知函数是定义在上的偶函数，且.（1）求实数的值，并证明；（2）用定义法证明函数在上增函数；（3）解关于的不等式.17已知以点为圆心的圆过点和，线段的垂直平分线交圆于点、，且,（1）求直线的方程； （2）求圆的方程（3）设点在圆上，试探究使的面积为 8 的点共有几个？证明你的结论18已知角终边与单位圆交于点（1）求的值；（2）若，求的值.19已知曲线：.（1）当为何值时，曲线表示圆；（2）若曲线与直线交于、两点，且（为坐标原点），求的值.20已知函数（1）求的值域；（2）当时，关于的不等式有解，

5、求实数的取值范围21如图所示，在中，与相交于点.（1）用，表示，；（2）若，证明：，三点共线.参考答案一、选择题（本大题共10小题；在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，请将正确选项填涂在答题卡上.）1、B【解析】通过函数的图象可得到：A=3，则，然后再利用点在图象上求解.，【详解】由函数的图象可知：A=3，所以，又点在图象上，所以，即，所以，即，因为，所以所以故选：B【点睛】本题主要考查利用三角函数的图象求解析式，还考查了运算求解的能力，属于中档题.2、A【解析】根据因为函数满足对定义域内任意实数，恒有，可得函数的图象是“下凸”，然后由函数图象判断.【详解】因为函数满足对定义域内任

6、意实数，恒有，所以函数的图象是“下凸”，分别作出函数 的图象，由图象知，满足条件的函数有一个，故选：A3、A【解析】由题设条件得，利用基本不等式求出最值【详解】由已知，所以当且仅当时等号成立，又，所以时取最小值故选A【点睛】本题考查据题设条件构造可以利用基本不等式的形式，利用基本不等式求最值4、C【解析】化简集合得范围，结合判断四个选项即可.【详解】集合，四个选项中，只有，故选：C【点睛】本题考查元素与集合的关系，属于基础题5、D【解析】分析：利用指数函数与对数函数及幂函数的行贿可得到，再构造函数，通过分析和的图象与性质，即可得到结论.详解：由题意在上单调递减，所以，在上单调递则，所以，在上单

7、调递则，所以，令，则其为单调递增函数，显然在上一一对应，则，所以，在坐标系中结合和的图象与性质，量曲线分别相交于在和处，可见，在时，小于；在时，大于；在时，小于，所以，所以，即，综上可知，故选D.点睛：本题主要考查了指数式、对数式和幂式的比较大小问题，本题的难点在于的大小比较，通过构造指数函数与一次函数的图象与性质分析解决问题是解答的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力，试题有一定难度，属于中档试题.6、B【解析】利用平均数和标准差的定义及意义即可求解.【详解】对于A，因为一队每场比赛平均失球数是1.5，二队每场比赛平均失球数是2.1，所以平均说来一队比二队防守技术好，故A正确；对于B，因

8、为二队每场比赛平均失球数是2.1，全年比赛失球个数的标准差为0.4，所以二队经常失球，故B错误；对于C，因为一队全年比赛失球个数的标准差为1.1，二队全年比赛失球个数的标准差为0.4，所以一队有时表现很差，有时表现又非常好，故C正确；对于D，因为一队全年比赛失球个数的标准差为1.1，二队全年比赛失球个数的标准差为0.4，所以二队比一队技术水平更稳定，故D正确;故选：B.7、D【解析】根据函数式的性质可得，即可得定义域；【详解】根据的解析式，有：解之得：且；故选：D【点睛】本题考查了具体函数定义域的求法，属于简单题；8、D【解析】根据时，一定有一个零点，故只需在时有一个零点即可，列出不等式求解即

9、可.【详解】当时，令，即可得，；故在时，一定有一个零点；要满足题意，显然，令，解得只需，解得.故选：D【点睛】本题考查由函数的零点个数求参数范围，涉及对数不等式的求解，属综合基础题.9、C【解析】运用零点的定义和一元二次方程的解法可得【详解】根据题意得，解得，n=21由对数函数的图象得答案为C.故选C【点睛】本题考查零点的定义，一元二次方程的解法10、C【解析】令，则，故的零点在内，因此两函数图象交点在内，故选C.【方法点睛】本题主要考查函数图象的交点与函数零点的关系、零点存在定理的应用，属于中档题.零点存在性定理的条件：（1）利用定理要求函数在区间上是连续不断的曲线；（2）要求；（3）要想判

10、断零点个数还必须结合函数的图象与性质(如单调性、奇偶性).二、填空题（本大题共5小题，请把答案填在答题卡中相应题中横线上）11、【解析】利用函数的图象变换规律，即可得到的解析式【详解】函数的图象向右平移个单位，可得到，再将图象上每一点的横坐标缩短到原来的倍，可得到.故.【点睛】本题考查了三角函数图象的平移变换，属于基础题12、【解析】求出不等式在的解，然后根据偶函数的性质可得出不等式在上的解集.【详解】当时，令，可得，解得，此时；当时，令，解得，此时.所以，不等式在的解为.由于函数为偶函数，因此，不等式的解集为.故答案为：.【点睛】本题考查分段函数不等式的求解，同时也涉及了函数奇偶性的应用，考

11、查运算求解能力，属于中等题.13、【解析】作出函数的图象，数形结合可得结果.【详解】解:函数的图像如图.由图像可知要使函数是区间上的增函数，则.故答案为【点睛】本题考查函数的单调性，考查函数的图象的应用，考查数形结合思想，属于简单题目.14、 . .5【解析】（1）当时，又函数是奇函数，故当时，（2）当时，令，得，即，解得，即，又函数为奇函数，故可得，且函数是以3为周期的函数，又，综上可得函数在区间上的零点为，共5个答案：，515、（3，0）【解析】若函数是幂函数，则，则函数（其中，），令，计算得出：，其图象过定点的坐标为三、解答题（本大题共6小题.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.）1

12、6、（1），证明见解析（2）证明见解析（3）【解析】（1）由偶函数性质求，由列方程求，再证明；（2)利用单调性定义证明函数的单调性；(3)利用函数的性质化简可求.【小问1详解】因为函数是定义在R上的偶函数，综上，从而【小问2详解】证明：因为设，所以又，所以在上为增函数；【小问3详解】.偶函数在上为增函数在上为减函数17、（1）；（2） 或；（3）2【解析】（1）根据直线是线段的垂直平分线的方程，求出线段中点坐标和直线的斜率，即可解直线的方程；（2）作图，利用圆的几何性质即可；（3）用面积公式可以推出点Q到直线AB的距离，从而判断出Q的个数.【详解】由题意作图如下：（1），的中点坐标为直线的方程

13、为：即；（2）设圆心，则由在上得又直径为，代入消去得，解得或，当时，当时圆心或，圆的方程为： 或；（3）当面积为 8 时，点到直线的距离为又圆心到直线的距离为，圆的半径，且圆上共有两个点，使的面积为 8；故答案为：， 或，2.18、（1）；（2）或.【解析】（1）首先根据三角函数的定义，求得三角函数值，再结合二倍角公式化简，求值；（2）利用角的变换，利用两角和的余弦公式，化简求值.【详解】解：由三角函数定义得，（1）（2）当时当时19、（1）；（2）.【解析】（1）由圆的一般方程所满足的条件列出不等式，解之即可；（2）将转化为，即，然后直线与圆联立，结合韦达定理列出关于的方程，解方程即可.【详

14、解】（1）由，得.（2）设，由得，即.将直线方程与曲线：联立并消去得，由韦达定理得，又由得； .将、代入得，满足判别式大于0.20、（1）（2）【解析】（1）由令，换元后再配方可得答案；（2）由得，令，转化为时有解的问题可得答案【小问1详解】，令，则，所以的值域为【小问2详解】，即，令，则，即在上有解，当时，m无解；当时，可得，因为，当且仅当时，等号成立，所以综上，实数m的取值范围为21、（1）,；（2）见解析【解析】（1）首先根据题中所给的条件，可以求得，从而有，将代入，整理求得结果，同理求得；（2）根据条件整理得到，从而得到与共线，即，三点共线，证得结果.【详解】（1）解：因为，所以，所以.因为，所以，所以.（2）证明：因为，所以.因为，所以，即与共线.因为与的有公共点，所以，三点共线.【点睛】该题考查的是有关向量的问题，涉及到的知识点有平面向量基本定理，利用向量共线证得三点共线，属于简单题目.