2023年黄冈市重点高中自主招生模拟考试

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1、黄冈市重点高中自主招生模仿考试物 理 试 题（二）参照答案与试题解析一、选用题1（黄冈自主招生训练）物理与咱们生活息息有关，同学们根据所学到物理知识，可以判断下列说法对旳是（）A舞台上运用冰制造“烟雾”是干冰先汽化后液化形成B正常成年人体积大概0.5m3C近视眼镜镜片用是凸透镜D朋友之间运用手机互发微信运用是电磁波传递信息【分析】（1）烟雾是干冰先升华后液化形成；（2）根据密度公式估算人体积；（3）近视眼镜镜片用是凹透镜，远视镜片是凸透镜；（4）手机运用是电磁波传递信息【解答】解：A、干冰喷洒到舞台上，干冰会迅速升华，从周围吸取大量热，使周围温度减少，空气中水蒸气遇冷液化成小水滴，形成烟雾；故

2、A错误；B、正常成年人质量约为是50kg，人密度和水密度比较靠近，则人体积约为V=0.05m3，故B错误；C、近视眼镜镜片用是凹透镜，对光线有发散作用，故C错误；D、手机互发微信运用是电磁波传递信息，故D对旳；故选：D【点评】考察升华、凝华，汽化与液化区别，掌握近视眼镜镜片与远视眼镜片不一样，及懂得手机运用电磁波传递信息2（黄冈自主招生训练）如图所示，分别为动圈式话筒、扬声器、发电机原理示意图，下列选项对旳是（）动圈式话筒原理与电动机原理相似 动圈式话筒原理与发动机原理相似扬声器原理与电动机原理相似 扬声器原理与发动机原理相似ABCD【分析】明确给出各仪器基本原理，注意分析能量间转化关系，从而

3、分析对应物理规律【解答】解：动圈式话简原理与发动机原理都是把动能转成电能，运用是电磁感应规律；而扬声器原理与电动机原理是相似，都是把电能转化为机械能，故说法是对旳 故选：B【点评】本题要注意明确电磁感应与通电导体在磁场中运动规律应用，明确发电机与电动机构造相似，但其原理不一样，发电机为先有运动后产生电能，电动机为先有电流后产生了运动3（黄冈自主招生训练）如图所示，水平地面上静止叠放着A、B两物体，物体A上表面受到一竖直向下压力F，下列说法对旳是（）AA物体受到支持力与B物体受到压力是一对互相作用力BA物体受到重力与A物体受到支持力是一对平衡力CB物体受到支持力大小等于物体A和物体B总重力DB物

4、体受到A对它压力大小与F大小相似【分析】平衡力和作用力和反作用力：大小相等、方向相反作用在一条直线上；一对平衡力作用力作用在同一种物体上，一对作用力与反作用力作用在两个不一样物体上；A、B两物体分别进行受力分析，根据平衡分析B物体受到支持力大小及B对A压力【解答】解：A、B对A支持力和A对B压力是互相作用力，因此A物体受到支持力与B物体受到压力是一对互相作用力，故A对旳；B、A物体受到3个力，压力F和A竖直向下重力，竖直向上支持力，A物体受到重力与压力F之和等于A物体受到支持力（即GA+F=FB支持A），因此A物体受到重力与A物体受到支持力不是一对平衡力，故B错误；C、把A、B两物体看作一种整

5、体，整体受到地面向上支持力、向下总重力和向下压力F，由于整体静止，因此整体受到支持力（即B物体受到支持力）等于物体A和物体B总重力加上压力F，故C错误；D、B物体受到A对它压力等于B对A支持力（它们为互相作用力），则根据B项解答可知，B物体受到压力为GA+F，故D错误故选A【点评】处理本题关键懂得平衡力、作用力反作用力都是大小相等、方向相反，作用在同一直线上平衡力作用在同一物体上，作用力与反作用力作用在不一样物体上4（黄冈自主招生训练）掉在地上弹性小球会跳起，不过越跳越低，如图十个小球跳频闪照片，下列选项中说法对旳是（）A小球每次跳到最高点时速度为零B小球每次跳到最高点时处在平衡状态C当小球在

6、某次跳到最高点时，若外力忽然所有消失，则小球将水平向右做匀速直线运动D小球在每次跳到同一高度时速度大小都相似【分析】根据图片分析小球运动状况，从而判断最高点速度，确定小球与否处在平衡状态根据高度变化，分析小球机械能与否守恒，从而分析同一高度大小关系【解答】解：A、由小球运动轨迹可以看出，小球每次跳到最高点时速度不为零，尚有一种水平向右速度，因此也不是平衡状态故A错误B、小球每次跳到最高点时在竖直方向上速度为0，小球受重力作用，同步在水平方向上还受到空气阻力作用，这两个力不是平衡力，因此小球不是处在平衡状态，故B错误；C、当小球在某次跳到最高点时，若外力忽然所有消失，即小球在竖直方向上不会运动，

7、但小球在水平方向上会保持本来水平速度，将在水平向右做匀速直线运动，故C对旳D、由小球上升最大高度不停减小，可知小球在运动过程中一定受到空气阻力，小球机械能会逐渐减小；同一高度处小球重力势能相似，机械能减小了，动能就减小了，即小球在每次跳到同一高度时速度大小都越来越小故D错误故选：C【点评】处理本题关键要根据图片分析小球在最高点有水平速度，小球在运动过程中一定受到空气阻力，机械能不停减小5故选B6（黄冈校级自主招生）如图所示电路中，当从A点流入电流为1A时针对如下多种结论，下列A、B、C、D四种选项中对旳是（）AB间总电阻为4通过R2电流为0.8A加在R5两端电压为2VR6电功率为0.125WA

8、BCD【分析】由电路图右侧开始向左，根据电阻串联和并联求出电路中总电阻，根据欧姆定律和并联电路电压特点可知通过R2、R4和R3、R5电流关系，根据并联电路电流特点求出各支路电流，根据欧姆定律求出加在R5两端电压，根据P=I2R求出R6电功率【解答】解：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，因此，右侧R3、R6、R9三电阻串联时总电阻：R369=R3+R6+R9=1+2+1=4，因并联电路中总电阻倒数等于各分电阻倒数之和，因此，右侧R3、R6、R9三电阻串联后，再与R5并联时总电阻：R3569=2，依此类推可知，AB间总电阻为4，故对旳；因并联电路中各支路两端电压相等，因此，由I=可得，通过R2和

9、R4电流相等，通过R3和R5电流相等，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，因此，通过R2和R4电流都为0.5A，通过R3和R5电流都为0.25A，故错误；加在R5两端电压：U5=I5R5=0.25A4=1V，故错误；R6电功率：P6=I32R6=（0.25A）22=0.125W，故对旳，综上可知，C对旳，ABD错误故选C【点评】本题考察了串并联电路特点和欧姆定律、电功率公式应用，分清电路连接特点和电阻关系是解题关键二、填空题7（黄冈自主招生训练）某同学测得两个额定电压为220V灯泡L1和L2电压U随电流I变化关系如表所示，将两灯并联后接到220V电源上，则此时L1实际功率为66W；若将两灯

10、串联后接到220V电源上，则此时L2实际功率为17.5WL1U（V）42.068.0100.0150.0220.0I（A）0.120.140.200.250.30L2U（V）21.039.051.070.092.0120.0150.0220.0I（A）0.110.150.200.250.310.360.400.45【分析】将两灯并联后接到220V电源上，两个灯泡电压均等于220V，根据P=UI可以求解此时L1实际功率；将两灯串联后接到220V电源上时，电流相等，可以从表格数据导致电流为0.25A，电压分别为150V、70V【解答】解：将两灯并联后接到220V电源上，两个灯泡电压均等于220V，

11、则此时L1实际功率为其额定功率，根据表格数据可得，L1实际功率：则P1=UI=220V0.30A=66W若将两灯串联后接到220V电源上，则此时需要在表格数据中找到电流相似、两个电压加起来等于220V数据：150V 0.25A和70V 0.25A；故此时L2实际功率为：P2=U2I2=70V0.25A=17.5W；故答案为：66；17.5【点评】小灯泡实际电阻会伴随电压变化而发生明显变化，不是定值电阻；本题关键是根据串并联电路特点找到两个灯泡时间电压与电流8（黄冈自主招生训练）某同学组装了如图所示试验装置来研究电流热效应，其中甲、乙为两个完全相似密闭容器，a、b、c为每根阻值均为5电阻丝（1）

12、该同学设计此试验装置目重要是探究下列哪一种关系CA电阻产生热量与通电时间关系B电阻产生热量与电阻大小关系C电阻产生热量与通过该电阻电流关系（2）a，b两根电阻丝在相等时间内产生热量之比为Qa：Qb=4：1（3）若将C电阻丝换成10电阻丝则此时a、b两根电阻丝在相等时间内产生热量之比为Qa：Qb=9：4（4）若接通电路后U形管内A内液面高度差明显变大，而U形管B液面高度差没有变化，则出现此现象原因也许是BD（可多选）Aa电阻丝断路 Bb电阻丝断路 Cc电阻丝断路 Dc电阻丝短路【分析】（1）探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间相似；（2）根据Q=I2Rt可求得两根电阻丝在相等时间内产

13、生热量之比；（3）若将C电阻丝换成10电阻丝则此时右边两电阻电流之比为1：2，则左边电流为3I，由此可计算a、b两根电阻丝在相等时间内产生热量之比；（4）根据abc电阻丝断路、短路分析即可【解答】解：（1）图中装置中一种5电阻与两个5电阻并联后再串联，根据串联电路电流特点可知，右端两个电阻总电流和左端电阻电流相等，即I右=I左，两个5电阻并联，根据并联电路电流特点知I右=I内+I外，因此，I左I内，烧瓶内电阻值都是5，阻值相等，通电时间相等，电流不一样，运用控制变量法，电阻产生热量与通过该电阻电流关系；（2）根据串联电路电流特点可知，右端两个电阻总电流和左端电阻电流相等，即Ia=2Ib，则a，

14、b两根电阻丝在相等时间内产生热量之比=；（3）若将C电阻丝换成10电阻丝根据I=可得，此时右边两电阻电流之比为1：2，则左边电流为3I，则此时a、b两根电阻丝在相等时间内产生热量之比=；（4）A、若a电阻丝断路就不会发热，接通电路后U形管内A内液面高度差不会明显变大，故A不符合题意；B、若b电阻丝断路，电流可以通过c电阻丝，但c在容器外部，故液体不发热，故也许出现U形管内A内液面高度差明显变大，而U形管B液面高度差没有变化；故B符合题意；C、若c电阻丝断路，电路中电流可以通过b电阻丝，因而电流中有电流，b在容器内部，故液体发热，U形管内A内液面高度差明显变大，而U形管B液面高度差有变化，故C不

15、符合题意；D、若c电阻丝短路相称于右边某些短路，相称于没有给容器中液体加热，会出现U形管B液面高度差没有变化，故D符合题意故答案为：（1）C；（2）4：1；（3）9：4；（4）BD【点评】本题考察了学生对焦耳定律认识，重视了探究试验考察，同步在该试验中运用了控制变量法和转换法，是中考物理常用题型9（6分）（黄冈自主招生训练）某车发动机是单缸、四冲程是柴油机，汽缸直径为100mm，活塞冲程为120mm，做功冲程中气体作用在活塞上平均压强是200N/cm2，飞轮转速是1200r/min，则这台发动机在做功冲程中燃气对活塞平均推力为1.5104N，这台发动机功率约为18kW（计算时取=3）【分析】求

16、出活塞面积S，懂得燃气平均压强，运用F=pS求热机工作时压力；再运用W=Fs求一种冲程做功；曲轴每转两周对外做功一次，因此飞轮1min转动1200周，要做功600次，求出气缸1min做总功，再运用功率公式求发动机功率【解答】解：气缸直径为100mm=10cm，活塞面积S=r2=3cm2=75cm2，活塞受到压力：F=pS=200N/cm275cm2=1.5104N，燃气对活塞每次做功W=FL=1.5104N0.12m=1800J，飞轮转速是1200r/min，即飞轮1min转动1200周，而曲轴每转两周活塞对外做功一次，因此，每分钟发动机活塞对外做功次数：n=1200次=600次，则每次做功所

17、需时间t=0.1s，气缸发动机功率为：P=1.8104W=18kW故答案为：1.5104；18【点评】本题是一道学科综合题，考察了学生对压强公式、功公式、功率公式掌握和运用，计算时规定单位统一、灵活选用公式10（1）不一样，移动距离大小（2）不能（3）错误，木块克服摩擦力做功，机械能转化为内能三、计算题11（黄冈校级自主招生）如图甲所示电路中，闭合开关S，将变阻器R滑动触头P从一端移到另一端，得到两个电压表V1及V2示数随电流表A示数图线如图乙所示求：（1）电源电压及R0值；（2）滑动变阻器最大阻值Rmax；（3）在图乙UI图上画出电压表V3示数随电流表A示数变化图线（不需要写出作画根据，仅画

18、出图线即可）【分析】（1）对旳识别电路连接关系及电压表测量电压，根据串联电路电压关系确定V1、V2示数大小，从而判断图乙中两图象所对应电流体现数随电压体现数变化图线；在图乙中取（4.5V，0.3A）及（3.0V，0.6A），根据电源电压不变、串联电路电压规律电流规律列方程求出电源电压和R0大小；（2）串联电阻规律和欧姆定律判断变阻器连入电路中电阻最大时，电路中电流最小，根据串联电路电压规律求出变阻器此时电压，根据欧姆定律求变阻器最大电阻；（3）因R0为定值电阻，因此电流表A 示数随电压表 V3示数变化图线为一直线，分别确定变阻器连入电路中电阻最小和最大时所对应两个端点即可；【解答】解：（1）由

19、图可知，闭合开关后，电阻R0、灯泡和滑动变阻器串联，电压表V2测变阻器与灯总电压，V1测灯电压，而电压表V3测R0电压；根据串联电路电压规律可知，V2示数不不不小于V1示数，根据图乙两个图象相似电流下电压大小关系可知，图乙中，倾斜直线体现电压表V2示数随电流表A示数变化图线，曲线体现电压表V1示数随电流表A示数变化图线；设电源电压为U，在图乙中取（4.5V，0.3A）及（3.0V，0.6A）两点，即对应V2示数为4.5V时，电路中电流为0.3A；当V2示数为3.0V时，电路中电流为0.6A；根据串联电路电压规律和电流规律，由这两组数据列方程得：电源电压U=4.5V+0.3AR0电源电压U=3.

20、0V+0.6AR0解得：R0=5，电源电压U=6V （2）当滑片P在最右端时，滑动变阻器接入阻值为最大，此时电路中电流最小，由图可知，此时I=0.3A，此时V2示数为4.5V，V1示数为0.5V，根据串联电路电压规律，变阻器两端电压UR=4.5V0.5V=4V，则滑动变阻器最大阻值：；（3）V3测R0电压，因R3为定值电阻，因此V3示数随电流表A示数变化图线为一直线（其延长线过坐标原点）；当变阻器连入电路中电阻为0时，电路中电流最大为为0.6A，V2示数为3V，根据串联电路电压规律，因此此时V3示数为6V3V=3V；当变阻器连入电路中电阻最大时，电流最小为0.3A，此时V2示数为4.5V，根据

21、串联电路电压规律，此时V3示数为6V4.5V=1.5V；由此在坐标系中确定所画直线两个端点，将这两个点连接起来即可，如下图所示：答：（1）电源电压为6V，R0值为5；（2）滑动变阻器最大阻值Rmax为13.3；（3）在图乙UI图上画出电压表V3示数随电流表A示数变化图线，如上图所示【点评】本题应用欧姆定律及串联电路特点灵活处理实际问题，关键是对旳判断电流表A示数随电压表V1、V2示数变化图线，结合所学知识，从两图象中找出所对应电路状态，综合性，难度大，属于压轴题12（黄冈自主招生训练）将一长方体甲竖直放在密度为某液体中时处在漂浮状态，且有体积露出页液面另有一轻质杠杆AOB（O为支点），且OA=

22、2OB，现用细线将长方体甲悬挂在杠杆A端（如图所示），再用另一细线一段系在杠杆B端，另一端绕过一轻质滑轮悬挂在天花板上，轻质动滑轮下悬挂一种与甲完全相似长方体乙并放在水平地面上当轻质杠杆A、B两端细线均被拉直且杠杆水平平衡时，长方体甲有体积露出页面，已知长方体甲所在容器内底面受到液体压强为1000Pa（杠杆质量、动滑轮质量、细线质量及一切摩擦均不计）求：（1）长方体密度与液体密度之比；（2）长方体乙对地面压强为多少？【分析】（1）长方体处在漂浮状态，根据物体漂浮特点：F浮=G物，根据F浮=液V排g和G物=m物=物V物g列等式关系，根据V物与V排关系进行简化计算；（2）求长方体乙对地面压强，根据

23、p=可知，规定出乙对地面压力和受力面积，乙物体受到三个力作用：滑轮对乙拉力F拉、地面对乙支持力F支、乙重力G，物体乙静止在地面上，因此这三个力关系是G=F拉+F支，根据力作用是互相，物体对地面压力F压与F支相等，由于动滑轮省力，得到F拉与FB关系，运用杠杆原理可求出FB与FA关系，从而得出F压与FA关系，进而求解【解答】解：（1）设物体体积为V，当长方体漂浮时，有G=F浮，V排=（1）V=，G=mg=物gV，F浮=gV排=gV，因此=；（2）细线对长方体甲拉力FA=GF浮=gVgV=Vg，由杠杆平衡条件，FAOA=FBOB，且OA=2OB，得2FA=FB根据动滑轮特点：滑轮对物体拉力F拉=2FB地面对长方体乙支持力F支=GF拉=G2FB=G=4FA=gV力作用是互相，因此长方体对地面压力F压=F支=由题可知，p=g（1）h=1000Pa；甲乙是完全相似长方体，因此长方体高度h=， 则压强p=800Pa答：（1）长方体密度与液体密度之比为4：5 （2）长方体对地面压强为800Pa【点评】综合多种难点，甲乙两物体平衡得出对杠杆力，杠杆原理把甲乙力再串联起来，难度较大QQ：